2021-2022學年河北省衡水滁州分校高考物理三模試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、1789年英國著名物理學家卡文迪許首先估算出了地球的平均密度根據你所學過的知識，估算出地球密度的大小最接近

2、 （ ）（地球半徑R=6400km，萬有引力常量G=6.6710-11Nm2/kg2）A5.5103kg/m3B5.5104kg/m3C7.5103kg/m3D7.5104kg/m32、如圖所示，A、B兩滑塊質量分別為2kg和4kg，用一輕繩將兩滑塊相連后分別置于兩等高的光滑水平面上，并用手按著滑塊不動，第一次是將一輕質動滑輪置于輕繩上，然后將一質量為4kg的鉤碼C掛于動滑輪上，只釋放A而按著B不動；第二次是將鉤碼C取走，換作豎直向下的40N的恒力作用于動滑輪上，只釋放B而按著A不動。重力加速度g10m/s2，則兩次操作中A和B獲得的加速度之比為（ ）A2：1B5：3C4：3D2：33、圖示為

3、兩質點、做勻速圓周運動的向心加速度大小隨半徑變化的圖線，其中表示質點的圖線是一條雙曲線，表示質點的圖線是過原點的一條直線。由圖線可知，在半徑逐漸增大的過程中（ ）A質點的線速度大小保持不變B質點的線速度大小保持不變C質點的角速度不斷增大D質點的角速度不斷增大4、如圖所示，高h=1m的曲面固定不動一個質量為1kg的物體，由靜止開始從曲面的頂點滑下，滑到底端時的速度大小為4msg取10ms1在此過程中，下列說法正確的是（ ）A物體的動能減少了8JB物體的重力勢能增加了10JC物體的機械能保持不變D物體的機械能減少了11 J5、如圖所示，虛線a、b、c是電場中的一簇等勢線（相鄰等勢面之間的電勢差相等

4、），實線為一粒子（重力不計）僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據此可知（ ）Aa、b、c三個等勢面中，a的電勢最高B電子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能小C粒子在P點的加速度比Q點的加速度大D帶電質點一定是從P點向Q點運動6、如圖所示，傳送帶以恒定速度v0向右運動，A、B間距為L，質量為m的物塊無初速度放于左端A處，同時用水平恒力F向右拉物塊，物塊與傳送帶間的動摩擦因數為，物塊從A運動到B的過程中，動能Ek隨位移x變化的關系圖像不可能的是（ ）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

5、全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，傾角為30的粗糙絕緣斜面固定在水平面上，在斜面的底端A和頂端B分別固定等量的同種負電荷。質量為m、帶電荷量為的物塊從斜面上的P點由靜止釋放，物塊向下運動的過程中經過斜面中點O時速度達到最大值，運動的最低點為Q（圖中沒有標出），則下列說法正確的是（ ）AP，Q兩點場強相同BCP到Q的過程中，物體先做加速度減小的加速，再做加速度增加的減速運動D物塊和斜面間的動摩擦因數8、如圖，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點不計重力下列說法正確的

6、是AM帶負電荷，N帶正電荷BM在b點的動能小于它在a點的動能CN在d點的電勢能等于它在e點的電勢能DN在從c點運動到d點的過程中克服電場力做功9、一列簡諧橫波沿 x 軸傳播，t0 時的波形如圖所示，質點 A 和 B 相距 0.5m，質點 A 速度沿 y 軸正方向；t0.03s 時，質點 A 第一次到達負向最大位移處。則下列說法正確的是（）A該波沿 x 軸負方向傳播B該波的傳播速度為 25m/sC從 t0 時起，經過 0.04s，質點 A 沿波傳播方向遷移了 1mD在 t0.04s 時，質點 B 處在平衡位置，速度沿 y 軸負方向E.某頻率為 25Hz 的簡諧橫波與該波一定能發(fā)生干涉10、如圖所

7、示，小球沿足夠長的斜面向上做勻變速直線運動，依次經a、b、c、d到達最高點e.已知xabxbd6 m，xbc1 m，小球從a到c和從c到d所用的時間都是2 s，設小球經b、c時的速度分別為vb、vc，則( )Avc3 m/sBvb4 m/sC從d到e所用時間為2 sDde4 m三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在研究“一定質量的氣體在體積不變時壓強與溫度關系”的實驗中（如圖甲），與壓強傳感器相連的試管內裝有密閉的空氣和溫度傳感器的熱敏元件。將試管放在大燒杯的涼水中，逐次加入熱水并攪拌，記錄得到試管內空氣不同的壓強和溫度值，圖乙為

8、二組同學通過記錄的壓強和攝氏溫度數據繪制的Pt圖象，初始封閉氣體體積相同。（1）兩組同學得到的圖線交點對應的攝氏溫度為_，兩圖線斜率不同可能的原因是_；（2）通過圖乙歸納出一定質量的氣體體積不變時壓強與攝氏溫度的函數關系是_，該規(guī)律符合_定律。12（12分）實驗室購買了一捆標銅導線，小明同學想通過實驗測定其長度。按照如下步驟進行操作：(1)該同學首先使用螺旋測微器測得導線的直徑如圖(1)所示，則導線的直徑d_mm；(2)通過查閱資料查得銅的電阻率為；(3)使用多用電表歐姆檔初步估測其電阻約為6：(4)為進一步準確測量導線的電阻，實驗室提供以下器材：A直流電流表A（量程00.6A，內阻RA=3）

9、B直流電壓表V1（量程03V，內阻約100）C直流電壓表V2（量程015V，內阻約100）D滑動變阻器R1（阻值范圍05）F滑動變阻器R2（阻值范圍0100）G直流電源E（輸出電壓3V，內阻不計）H開關S一個、導線若干為了得到盡量多的測量數據并精確的測定標銅導線的電阻，實驗中應選擇的電壓表是_（用所選器材前的字母表示）；選擇的滑動變阻器是_（用所選器材前的字母表示）；按實驗要求在圖(2)中，還需要連接的接線柱有_（填相應接線柱的符號，如“ab”、 “cd”等）；若測得電壓表的讀數為U，電流表的讀數為I，則可得銅導線的長度可表示為L=_（用題目提供的已知量的字母表示）；四、計算題：本題共2小題，

10、共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，寬度為L、足夠長的勻強磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里絕緣長薄板MN置于磁場的右邊界，粒子打在板上時會被反彈(碰撞時間極短)，反彈前后豎直分速度不變，水平分速度大小不變、方向相反磁場左邊界上O處有一個粒子源，向磁場內沿紙面各個方向發(fā)射質量為m、電荷量為q、速度為v的粒子，不計粒子重力和粒子間的相互作用，粒子電荷量保持不變。(1)要使粒子在磁場中運動時打不到絕緣薄板，求粒子速度v滿足的條件；(2)若v，一些粒子打到絕緣薄板上反彈回來，求這些粒子在磁場中運動時間的最小值t；(3)若

11、v，求粒子從左邊界離開磁場區(qū)域的長度s。14（16分）如圖所示，電阻不計的光滑金屬導軌由彎軌AB，FG和直窄軌BC，GH以及直寬軌DE、IJ組合而成，AB、FG段均為豎直的圓弧，半徑相等，分別在B，G兩點與窄軌BC、GH相切，窄軌和寬軌均處于同一水平面內，BC、GH等長且與DE，IJ均相互平行，CD，HI等長，共線，且均與BC垂直。窄軌和寬軌之間均有豎直向上的磁感強度為B的勻強磁場，窄軌間距為，寬軌間距為L。由同種材料制成的相同金屬直棒a，b始終與導軌垂直且接觸良好，兩棒的長度均為L，質量均為m，電阻均為R。初始時b棒靜止于導軌BC段某位置，a棒由距水平面高h處自由釋放。已知b棒剛到達C位置時

12、的速度為a棒剛到達B位置時的，重力加速度為g，求：（1）a棒剛進入水平軌道時，b棒加速度ab的大小；（2）b棒在BC段運動過程中，a棒產生的焦耳熱Qa；（3）若a棒到達寬軌前已做勻速運動，其速度為a棒剛到達B位置時的，則b棒從剛滑上寬軌到第一次達到勻速的過程中產生的焦耳熱Qb。15（12分）光滑水平面上放著質量mA=1 kg的物塊A與質量mB=2 kg的物塊B，A與B均可視為質點，A靠在豎直墻壁上，A、B間夾一個被壓縮的輕彈簧（彈簧與A、B均不拴接），用手擋住B不動，此時彈簧彈性勢能Ep=49 J在A、B間系一輕質細繩，細繩長度大于彈簧的自然長度，如圖所示放手后B向右運動，繩在短暫時間內被拉斷

13、，之后B沖上與水平面相切的豎直半圓光滑軌道，其半徑R=0.5 m，B恰能到達最高點Cg取10 m/s2，求：（1）繩拉斷后B的速度vB的大小；（2）繩拉斷過程繩對B的沖量I的大??；（3）繩拉斷過程繩對A所做的功W參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由黃金代換可得地球質量，地球體積公式可得密度，故A正確BCD錯誤。2、C【解析】第一種方式：只釋放A而B按著不動，設繩子拉力為T1，C的加速度為a，對A根據牛頓第二定律可得T1=mAaA對C根據牛頓第二定律可得：mCg-2T1=mCa根據題意可得aA=2a聯立解

14、得： 第二種方式：只釋放B而A按著不動，設繩子拉力為T2，對B根據牛頓第二定律可得T2=mBaB而T=40N=2T2 聯立解得：aB=在以上兩種釋放方式中獲得的加速度之比為aA：aB=4：3，故C正確、ABD錯誤。故選C。3、A【解析】A由向心加速度可知若與成反比，即圖線是雙曲線，則線速度大小保持不變，選項A正確；C由角速度，線速度不變，則的角速度與半徑成反比，選項C錯誤；BD根據，若與成正比，即圖線是過原點的直線，則角速度保持不變，即質點的角速度保持不變，而線速度，可見的線速度與半徑成正比，選項BD錯誤。故選A。4、D【解析】A項，物體由靜止開始下滑，末速度為4m/s ，動能變化量 ，物體的

15、動能增加了8J，故A項錯誤B項，設地面為零勢能面，在頂端物體的重力勢能為 ，此過程中，物體的重力勢能減小了10J，故B項錯誤C、D項，機械能包括勢能和動能， ,所以物體的機械能減少了11J，故C錯誤；D正確；故選D5、C【解析】A電荷所受電場力指向軌跡內側，由于粒子帶正電，因此電場線指向上方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高，故A錯誤；Ba等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高；而電子帶負電，負電荷在電勢高處的電勢能小，所以電子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大，故B錯誤；C等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據牛頓第二定律，加速度也大，故

16、C正確；D由圖只能判斷出粒子受力的方向，不能判斷出粒子運動的方向，故D錯誤；故選C。6、A【解析】開始時滑塊受向右的拉力F和向右的摩擦力f而做加速運動，則動能EK=(F+f)x；若物塊在到達最右端之前還未達到與傳送帶共速，此時圖像為C；若Ff，則當物塊與傳送帶共速后還會加速，此時動能增加為EK=(F-f)x，此時圖像為D；若Ff，則當物塊與傳送帶共速后會隨傳送帶一起勻速運動，動能不變，此時圖像為B；物塊與傳送帶共速后只能勻速或者加速，不可能做減速，則圖像A不可能。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，

17、選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】ABD物塊在斜面上運動到O點時的速度最大，加速度為零，又電場強度為零，所以有所以物塊和斜面間的動摩擦因數，由于運動過程中所以物塊從P點運動到Q點的過程中受到的合外力為電場力，因此最低點Q與釋放點P關于O點對稱，則有根據等量的異種點電荷產生的電場特征可知，P、Q兩點的場強大小相等，方向相反，故AB錯誤，D正確；C根據點電荷的電場特點和電場的疊加原理可知，沿斜面從P到Q電場強度先減小后增大，中點O的電場強度為零。設物塊下滑過程中的加速度為a，根據牛頓第二定律有，物塊下滑的過程中電場力qE先方向沿斜面向下逐漸減少后沿斜面向上逐漸增加，所以物塊的加速

18、度大小先減小后增大，所以P到O電荷先做加速度減小的加速運動，O到Q電荷做加速度增加的減速運動，故C正確。故選CD。8、ABC【解析】試題分析：由粒子運動軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負電荷，N帶正電荷，故A正確M從a到b點，庫侖力做負功，根據動能定理知，動能減小，則b點的動能小于在a點的動能，故B正確d點和e點在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點的電勢能等于在e點的電勢能，故C正確D、N從c到d，庫侖斥力做正功，故D錯誤故選ABC考點：帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】本題關鍵是根據曲線運動的條件判斷出靜電力的方向，掌握判斷動能和電勢能變化的方向，一般的解題思路是根據動

19、能定理判斷動能的變化，根據電場力做功判斷電勢能的變化9、ABD【解析】At0 時質點 A 速度沿 y 軸正方向，可知該波沿 x 軸負方向傳播，選項A正確；Bt0.03s 時，質點 A 第一次到達負向最大位移處，可知周期T=0.04s，波長=1m，則該波的傳播速度為選項B正確；C波傳播過程中，質點只能在平衡位置附近上下振動，而不隨波遷移，選項C錯誤；D在 t0.04s=T 時，質點 B 回到平衡位置，速度沿 y 軸負方向，選項D正確；E波的頻率為則該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相遇時可能發(fā)生波的干涉現象，選項E錯誤。故選ABD。10、AD【解析】物體在a點時的速度大小為v0，加速度為a，則從a到

20、c有xac=v0t1+at12；即7=2v0+2a；物體從a到d有xad=v0t2+at22，即3=v0+2a；故a=-m/s2，故v0=4m/s；根據速度公式vt=v0+at可得vc=4-2=3m/s，故A正確從a到b有vb2-va2=2axab，解得vb=m/s，故B錯誤根據速度公式vt=v0+at可得vd=v0+at2=4-4m/s=2m/s則從d到e有-vd2=2axde；則故D正確vt=v0+at可得從d到e的時間故C錯誤故選AD【點睛】本題對運動學公式要求較高，要求學生對所有的運動學公式不僅要熟悉而且要熟練，要靈活，基本方法就是平時多練并且盡可能嘗試一題多解.三、實驗題：本題共2小

21、題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、273 兩組初始氣體壓強不同，兩組氣體初始溫度不同 p=P0（1+） 查理 【解析】（1）兩組同學得到的圖線交點對應的攝氏溫度為絕對零度，其值為273；（2）結合圖象，設溫度為零攝氏度時的壓強為P0，則有=k被封閉氣體的壓強與攝氏溫度之間的關系有=k解得：p=P0（1+）由上式可知，兩圖線斜率不同的原因是，兩組初始氣體壓強不同，或兩組氣體初始溫度不同在實驗過程中，一定質量的氣體體積不變，符合查理定律的變化規(guī)律。12、0.680（0.6780.682） B D kj（或ej）、bd（或bh）、dh（或dg） 【解析】(1)1

22、螺旋測微器的固定刻度讀數為0.5mm，可動刻度的讀數為：0.01mm18.0=0.180mm，故導線的直徑為d=0.680mm，由于誤差，則0.678mm0.682mm均正確；(4)2由于電源的輸出電壓為3V，則電壓表選擇B；3由于待測電阻阻值約為，為了得到盡量多的測量數據并精確的測定標銅導線的電阻，則滑動變阻器應選D；4為了得到盡量多的測量數據并精確的測定標銅導線的電阻，測滑動變阻器應用分壓式，由于電流表內阻已知，則電流表內接，這樣可以消除因電流表分壓帶來的誤差，所以應連接的接線柱有kj（或ej）、bd（或bh）、dh（或dg）；5由實驗原理可知則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）4【解析】(1)設粒子在磁場中運動的軌道半徑為r1，則有qvBm如圖(1)所示，要使粒子在磁場中運動時打不到絕緣薄板，應滿足2r1L解得v(2)粒子在磁場中圓周運動的周期T設運動的軌道半徑為r2，則qvBm解得r2L在磁場中運動時間最短的粒子通過的圓弧對應的弦長最短，粒子運動軌跡如圖(2)所示，由幾何關系可知最小時間t2解得t(3) 設粒子的磁場中運動的軌道半徑為r3，則有qvBm解得r32L粒子在磁場中運動從左邊界離開磁場，離O點最遠的