2022屆浙江省杭州高級中學(xué)高三下學(xué)期第六次檢測物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，靜止在勻強磁場中的某放射性元素的原子核，當(dāng)它放出一個粒子后，其速度方向與磁場方向垂直，測得粒子和反沖核軌道半徑之比為44:1，則下列說法不正確的是（ ）A粒子與反沖粒子的動量大小相等，方向相反B原來放射性元素的原子核電

2、荷數(shù)為90C反沖核的核電荷數(shù)為88D粒子和反沖粒子的速度之比為1:882、工在生產(chǎn)紡織品、紙張等絕緣材料時為了實時監(jiān)控其厚度，通常要在生產(chǎn)流水線上設(shè)置如圖所示傳感器。其中A、B為平行板電容器的上、下兩個極板，上下位置均固定，且分別接在恒壓直流電源的兩極上（電源電壓小于材料的擊穿電壓）。當(dāng)流水線上通過的產(chǎn)品厚度減小時，下列說法正確的是（）AA、B平行板電容器的電容增大BA、B兩板上的電荷量變大C有電流從a向b流過靈敏電流計DA、B兩板間的電場強度變大3、 “太空涂鴉”技術(shù)就是使低軌運行的攻擊衛(wèi)星通過變軌接近高軌偵查衛(wèi)星，準(zhǔn)確計算軌道并向其發(fā)射“漆霧”彈，“漆霧”彈在臨近偵查衛(wèi)星時，壓爆彈囊，讓“

3、漆霧”散開并噴向偵查衛(wèi)星，噴散后強力吸附在偵查衛(wèi)星的偵察鏡頭、太陽能板、電子偵察傳感器等關(guān)鍵設(shè)備上，使之暫時失效。下列關(guān)于攻擊衛(wèi)星說法正確的是（ ）A攻擊衛(wèi)星進攻前需要加速才能進入偵察衛(wèi)星軌道B攻擊衛(wèi)星進攻前的向心加速度小于攻擊時的向心加速度C攻擊衛(wèi)星進攻前的機械能大于攻擊時的機械能D攻擊衛(wèi)星進攻時的線速度大于7.9km/s4、氫原子能級示意圖如圖所示光子能量在1.63 eV3.10 eV的光為可見光要使處于基態(tài)（n=1）的氫原子被激發(fā)后可輻射出可見光光子，最少應(yīng)給氫原子提供的能量為A12.09 eVB10.20 eVC1.89 eVD1.5l eV5、在離地高h(yuǎn)處，同時自由下落和豎直向上拋出

4、各一個小球，其中豎直上拋的小球初速度大小為v，不計空氣阻力，重力加速度為g，兩球落地的時間差為()ABCD6、如圖所示，一傾角為30的勻質(zhì)圓盤繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定角速度轉(zhuǎn)動，盤面上離轉(zhuǎn)軸距離d處有一帶負(fù)電的電荷量為q、質(zhì)量為m的小物體與圓盤始終保持相對靜止整個裝置放在豎直向上的勻強電場中，電場強度,則物體與盤面間的動摩擦因數(shù)至少為（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g為重力加速度）( ) ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，足夠大的水平圓臺中央

5、固定一光滑豎直細(xì)桿，原長為L的輕質(zhì)彈簧套在豎直桿上，質(zhì)量均為m的光滑小球A、B用長為L的輕桿及光滑鉸鏈相連，小球A穿過豎直桿置于彈簧上。讓小球B以不同的角速度繞豎直桿勻速轉(zhuǎn)動，當(dāng)轉(zhuǎn)動的角速度為0時，小球B剛好離開臺面。彈簧始終在彈性限度內(nèi)，勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，則A小球均靜止時，彈簧的長度為L-B角速度=0時，小球A對彈簧的壓力為mgC角速度0=D角速度從0繼續(xù)增大的過程中，小球A對彈簧的壓力不變8、如圖所示，光滑輕質(zhì)細(xì)桿AB、BC處在同一豎直平面內(nèi)，A、C處用鉸鏈鉸于水平地面上，B處用鉸鏈連接，AB桿豎直，BC桿與水平面夾角為37。一個質(zhì)量為3.2kg的小球（可視為質(zhì)點）穿在BC桿上

6、，現(xiàn)對小球施加一個水平向左的恒力F使其靜止在BC桿中點處（不計一切摩擦，取g=10m/s2）。則AF的大小為40NB小球?qū)C桿的作用力大小為40NCAB桿對BC桿的作用力大小為25ND地面對BC桿的作用力大小為25N9、如圖，理想變壓器上接有3個完全相同的燈泡，其中1個燈泡與原線圈串聯(lián)，另外2個燈泡并聯(lián)后接在副線圈兩端。已知交流電源的電壓usin100t（V），3個燈泡均正常發(fā)光，忽略導(dǎo)線電阻，則變壓器（ ）A副線圈電壓的頻率為100HzB原線圈兩端的電壓為12VC原副線圈的電流比為21D原副線圈的匝數(shù)比為2110、如圖所示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，

7、R0為定值電阻，R為滑動變阻器.現(xiàn)將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置，觀察到電流表A1的示數(shù)減小了0.2A，電流表A2的示數(shù)減小了0.8A，所有電表均為理想電表，則下列說法正確的是（ ）A電壓表V1示數(shù)減小B電壓表V2、V3示數(shù)均減小C該變壓器起降壓作用D變阻器滑片是沿dc的方向滑動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)用如圖甲所示的裝置測量滑塊與水平桌面之間的動摩擦因數(shù)，實驗過程如下：（1）用游標(biāo)卡尺測量出固定于滑塊上的遮光條的寬度d=_mm，在桌面上合適位置固定好彈簧和光電門，將光電門與數(shù)字計時器（圖中未畫出）連接（2

8、）用滑塊把彈簧壓縮到某一位置，測量出滑塊到光電門的距離x釋放滑塊，測出滑塊上的遮光條通過光電門所用的時間t，則此時滑塊的速度v=_（3）通過在滑塊上增減砝碼來改變滑塊的質(zhì)量m，仍用滑塊將彈簧壓縮到（2）中的位置，重復(fù)（2）的操作，得出一系列滑塊質(zhì)量m與它通過光電門時的速度v的值，根據(jù)這些數(shù)值，作出v2-m-1圖象如圖乙所示已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，由圖象可知，滑塊與水平桌面之間的動摩擦因數(shù)=_；彈性勢能等于EP=_12（12分）利用打點計時器（用頻率為的交流電）研究“勻變速直線運動的規(guī)律”。如圖所示為實驗中打點計時器打出的一條點跡清晰的紙帶，O是打點計時器打下的第一個點，相鄰兩個計數(shù)點之間還有

9、四個點沒有畫出（1）相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為_s（2）實驗時要在接通打點計時器電源之_（填“前”或“后”）釋放紙帶（3）將各計數(shù)點至O點的距離依次記為、，測得，。請計算打點計時器打下C點時紙帶的速度大小為_；紙帶的加速度大小為_（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，坐標(biāo)系第一象限和第二象限均存在垂直紙面向里的勻強磁場，軸為磁場理想邊界，兩側(cè)磁感應(yīng)強度大小不同，已知第二象限磁感強度大小為B。坐標(biāo)原點粒子源以不同的速率沿與軸正方向成30的方向向第二象限發(fā)射比荷相同帶負(fù)電的粒

10、子。當(dāng)粒子速率為時，粒子穿過軸第一次進入第一象限，軌跡與軸交點為，進入第一象限經(jīng)過Q點，已知OQ與軸正方向夾角為30，OQ長為，不計粒子的重力和粒子間的相互作用力(1)求第一象限磁感強度大?。?2)過點粒子的速度滿足條件。14（16分）如圖所示，導(dǎo)熱良好的細(xì)直玻璃管內(nèi)用長度為10cm的水銀封閉了一段空氣柱（可視為理想氣體），水銀柱可沿玻璃管無摩擦滑動?，F(xiàn)使水銀柱隨玻璃管共同沿傾角為30的光滑斜面下滑，兩者保持相對靜止時，空氣柱長度為8cm。某時刻玻璃管突然停止運動，一段時間后水銀柱靜止，此過程中環(huán)境溫度恒為300K，整個過程水銀未從收璃管口溢出。已知大氣壓強為p0=75cm水銀柱高。求：(1)

11、水銀柱靜止后的空氣柱長度；(2)水銀柱靜止后緩慢加熱氣體，直到空氣柱長度變回8cm，求此時氣體的溫度。15（12分）如圖所示，間距為L的平行金屬板MN、PQ之間有互相垂直的勻強電場和勻強磁場。MN板帶正電荷，PQ板帶等量負(fù)電荷，板間磁場方向垂直紙面向里，是平行于兩金屬板的中心軸線。緊挨著平行金屬板的右側(cè)有一垂直紙面向外足夠大的勻強偏轉(zhuǎn)磁場，在其與垂直的左邊界上放置一足夠大的熒光屏。在O點的離子源不斷發(fā)出沿方向的電荷量均為q、質(zhì)量均為m，速度分別為和的帶正電的離子束。速度為的離子沿直線方向運動，速度為的離子恰好擦著極板的邊緣射出平行金屬板其速度方向在平行金屬板間偏轉(zhuǎn)了，兩種離子都打到熒光屏上，且

12、在熒光屏上只有一個亮點。已知在金屬板MN、PQ之間勻強磁場的磁感應(yīng)強度。不計離子重力和離子間相互作用。已知在金屬板MN、PQ之間的勻強磁場磁感應(yīng)強度。求：(1)金屬板MN、PQ之間的電場強度；(2)金屬板的右側(cè)偏轉(zhuǎn)磁場的磁感應(yīng)強度；(3)兩種離子在金屬板右側(cè)偏轉(zhuǎn)磁場中運動時間之差。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】微粒之間相互作用的過程中遵守動量守恒定律，由于初始總動量為零，則末動量也為零，即粒子和反沖核的動量大小相等，方向相反；由于釋放的粒子和反沖核均在垂直于磁場的平面內(nèi)，且在洛倫茲力作用下做圓周運動

13、；由得：，若原來放射性元素的核電荷數(shù)為Q，則對粒子：，對反沖核：，由于，根據(jù)，解得，反沖核的核電荷數(shù)為，它們的速度大小與質(zhì)量成反比，由于不知道質(zhì)量關(guān)系，無法確定速度大小關(guān)系，故A、B、C正確，D錯誤；2、C【解析】A根據(jù)可知當(dāng)產(chǎn)品厚度減小，導(dǎo)致減小時，電容器的電容C減小，A錯誤；BC根據(jù)可知極板帶電量Q減小，有放電電流從a向b流過，B錯誤，C正確；D因兩板之間的電勢差不變，板間距不變，所以兩板間電場強度為不變，D錯誤。故選C。3、A【解析】A攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小，進攻前需要加速做離心運動，才能進入偵查衛(wèi)星軌道，故A正確；B根據(jù)得可知，攻擊前，攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小，故攻擊衛(wèi)星進攻前的向心加速度大

14、于攻擊時的向心加速度，故B錯誤；C攻擊衛(wèi)星在攻擊過程中，做加速運動，除引力以外的其他力做正功，機械能增加，故攻擊衛(wèi)星進攻前的機械能小于攻擊時的機械能，故C錯誤；D根據(jù)萬有引力提供向心力得軌道半徑越小，速度越大，當(dāng)軌道半徑最小等于地球半徑時，速度最大，等于第一宇宙速度7.9km/s，故攻擊衛(wèi)星進攻時在軌運行速率小于7.9km/s，故D錯誤。故選A。4、A【解析】由題意可知，基態(tài)（n=1）氫原子被激發(fā)后，至少被激發(fā)到n=3能級后，躍遷才可能產(chǎn)生能量在1.63eV3.10eV的可見光故故本題選A5、D【解析】自由下落的小球，有得 對于豎直上拋的小球，由機械能守恒得：則得落地時速度大小為對于豎直上拋的

15、小球，將其運動看成一種勻減速直線運動，取豎直向上為正方向，加速度為，則運動時間為：故時間之差為A，與結(jié)論不相符，選項A錯誤； B，與結(jié)論不相符，選項B錯誤； C，與結(jié)論不相符，選項C錯誤； D，與結(jié)論相符，選項D正確；故選D點睛：本題關(guān)鍵要明確小球運動中機械能守恒，要理清過程中的速度關(guān)系，寫出相應(yīng)的公式，分析運動時間的關(guān)系6、A【解析】物體以恒定角速度轉(zhuǎn)動，所以，物體在垂直盤面方向上合外力為零，故支持力物體在盤面上的合外力即向心力則最大靜摩擦力至少為故物體與盤面間的動摩擦因數(shù)至少為故A正確，BCD錯誤.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

16、合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A若兩球靜止時，均受力平衡，對B球分析可知桿的彈力為零，；設(shè)彈簧的壓縮量為x，再對A球分析可得：，故彈簧的長度為：，故A項正確；BC當(dāng)轉(zhuǎn)動的角速度為0時，小球B剛好離開臺面，即，設(shè)桿與轉(zhuǎn)盤的夾角為，由牛頓第二定律可知：而對A球依然處于平衡，有：而由幾何關(guān)系：聯(lián)立四式解得：，則彈簧對A球的彈力為2mg，由牛頓第三定律可知A球隊彈簧的壓力為2mg，故B錯誤，C正確；D當(dāng)角速度從0繼續(xù)增大，B球?qū)h起來，桿與水平方向的夾角變小，對A與B的系統(tǒng)，在豎直方向始終處于平衡，有：則彈簧對A球的彈力是2mg，由牛頓第三定律可

17、知A球隊彈簧的壓力依然為2mg，故D正確；故選ACD。8、BCD【解析】AB對小球受力分析，受重力、推力和支持力，如圖所示根據(jù)平衡條件，得到：故A錯誤，B正確；C對桿BC和球整體分析，以C點為支點，設(shè)AB對桿的作用力為F，AB桿沒有繞A點轉(zhuǎn)動，說明AB對BC的作用力的方向沿AB的方向。根據(jù)力矩平衡條件，有：F0.6h=F1.6h-mg0.8h解得：F=25N故C正確；D對桿BC和球整體分析，整體在豎直方向受到小球的重力和桿的重力、AB桿的作用力以及地面的作用力，設(shè)該力與水平方向之間的夾角為，則：豎直方向：Mg+mg-F-FCsin=0水平方向：FCcos=F聯(lián)立得：FC=25N故D正確。故選B

18、CD。9、BD【解析】A根據(jù)交流電源的電壓usin100t（V），可知角速度為：rad/s，則頻率為： 50HzA錯誤；CD設(shè)每只燈的額定電流為I，額定電壓為U，因并聯(lián)在副線圈兩端的兩只小燈泡正常發(fā)光，所以副線圈中的總電流為2I，原副線圈電流之比為1：2，根據(jù)原副線圈中電流之比與匝數(shù)成反比得原、副線圈的匝數(shù)之比為：故C錯誤，D正確；B根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比：得原線圈兩端電壓為：根據(jù)閉合電路歐姆定律得交流電源電壓為：該交流電的最大值為V，則有效值為18V，所以3U=18V則燈泡的額定電壓為6V，原線圈兩端得電壓等于2U=12V，B正確；故選BD。10、CD【解析】ABD根據(jù)變壓器原理，輸入電壓U1

19、和輸出電壓U2保持不變，而A2示數(shù)減小，說明負(fù)載電路電阻變大，所以滑動變阻器R變大了，即變阻器滑片是沿的方向滑動的，故AB錯誤，D正確；C原、副線圈中電流和匝數(shù)成反比，即電流變化時，則有可求得故變壓器應(yīng)為降壓變壓器，故C正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、5.70mm 【解析】（1）1由乙圖知，游標(biāo)卡尺讀數(shù)為0.5cm+140.05mm=5.70mm；（2）2滑塊經(jīng)過光電門的速度為；（3）34根據(jù)能量守恒整理得結(jié)合圖象得：得得 .12、0.1 后 0.24 0.80 【解析】（1）1頻率為的交流電，相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點沒有畫出，所以相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為。（2）2實驗時，需先接通電源，后釋放紙帶。（3）3 打點計時器打下C點時紙帶的速度大小4 紙帶的加速度大小代入數(shù)據(jù)得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) ；(2) 或【解析】(1)設(shè)速度為的粒子在第二象限和第一象限做圓周運動的圓心分別為、，軌道半徑分別為、，由牛頓第二定律得根據(jù)幾何關(guān)系得：過點做速度的垂線PA，連接PQ，做PQ中垂線交PA于A，所以A點為在第一象限軌跡圓心，因為