2022屆重慶市育才中學(xué)高三（下）高考沖刺物理試題（四）（解析版）VIP

1、 重慶育才中學(xué)高2022屆高考沖刺考試（四）物理試題本試卷為第卷（選擇題）和第卷（非選擇題）兩部分，共100分，考試時(shí)間75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答卷前，請(qǐng)考生務(wù)必把自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.作答時(shí)，務(wù)必將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷及草稿紙上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將答題卡交回。第卷一、單項(xiàng)選題（本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合要求。）1. 最新研究成果表示氨原子被電離一個(gè)核外電子后，形成類氫結(jié)構(gòu)的氦離子，其能級(jí)躍遷遵循玻爾原子結(jié)構(gòu)理論，能級(jí)圖如甲圖所示。若大量處于能級(jí)的氦離子躍遷并釋放光子，用釋放的所有光子照射光電管K極，如圖乙，已知K

2、極板的逸出功為。調(diào)節(jié)滑片P使電流表示數(shù)恰好為0，則下列說(shuō)法正確的是（）A. 可以產(chǎn)生2種不同頻率的光B. 輻射出的光子均可使光電管K極板發(fā)生光電效應(yīng)C. 圖乙中電源的左端為正極，右端為負(fù)極D. 此時(shí)圖乙中電壓表的讀數(shù)【答案】B【解析】【詳解】A大量處于能級(jí)的氦離子向低能級(jí)躍遷時(shí)，可以產(chǎn)生種不同頻率的光，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B其中能級(jí)差最小的32躍遷釋放的光子的能量為（-6.04eV）-（-13.6eV）=7.56eV4.54eV，則輻射出的光子均可使光電管K極板發(fā)生光電效應(yīng)，選項(xiàng)B正確；C圖乙中光電管所加的是反向電壓，則電源的左端為負(fù)極，右端為正極，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D因?yàn)閺?1躍遷釋放的光子的能量最大，最

3、大為（-6.04eV）-（-54.4eV）=48.38eV，此時(shí)根據(jù)解得UC=43.82V即圖乙中電壓表的讀數(shù)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。2. 圖甲為家庭常用的燃?xì)庠顚?shí)物圖，杜面上有一個(gè)支架。共有4個(gè)均勻分布的支承面，對(duì)放在上面的廚具起到支撐作用。現(xiàn)把一個(gè)高壓鍋放在支架上，并抽象成示意圖乙，已知支架的每個(gè)支承面與水平方向成角。高壓鍋和里面的食物總重質(zhì)量為4.8kg。則每個(gè)支承面給高壓鍋的支持力為（忽略高壓鍋和支承面之間的摩擦力，取g=10m/s2）（）A. 12NB. 15NC. 20ND. 48N【答案】B【解析】【詳解】每個(gè)支撐面給高壓鍋的支持力的豎直分量為F，有幾何關(guān)系可得求得B正確故選B。3

4、. 質(zhì)量為的雪橇在傾角的斜坡向下滑動(dòng)過(guò)程中，所受的空氣阻力與速度成正比，比例系數(shù)k未知。雪橇運(yùn)動(dòng)的某段過(guò)程圖像如圖中實(shí)線所示，且是曲線最左端那一點(diǎn)的切線，B點(diǎn)的坐標(biāo)為，線是曲線的漸近線，已知。下列說(shuō)法中正確的是（）A. 當(dāng)時(shí)，雪橇的加速度為B. 在過(guò)程中雪橇的平均速度為C. 雪橇與斜坡間的動(dòng)摩擦因數(shù)是0.75D. 空氣阻力系數(shù)k為【答案】D【解析】【詳解】B若AD這段是勻加速運(yùn)動(dòng)，則平均速度為但從圖像中，可知這段位移為變加速運(yùn)動(dòng)，故過(guò)程中雪橇的平均速度不等于，B錯(cuò)誤；A圖像的某點(diǎn)切線的斜率代表了該點(diǎn)的瞬時(shí)加速度，則在A點(diǎn)的加速度為A錯(cuò)誤；CD在A點(diǎn)處，根據(jù)牛頓第二定律可得從圖像可知，從D點(diǎn)開(kāi)始

5、，雪橇做勻速運(yùn)動(dòng)，則有代入數(shù)據(jù)得到，C錯(cuò)誤，D正確；故選D。4. 如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，C為電容器，R1(R1r)和R2為定值電阻，R3為光敏電阻（阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小），A為理想電流表，G為靈敏電流計(jì)，當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合且電路穩(wěn)定后，在逐漸增大對(duì)R3的光照強(qiáng)度的過(guò)程中（）A. 電源的輸出功率可能先增大后減小B. A表的示數(shù)變小C. 電源的效率變小D. G表中有從a至b的電流【答案】C【解析】【詳解】A因?yàn)镽1r ，所以外電路的總電阻大于電源的內(nèi)阻，在逐漸增大對(duì)R3的光照強(qiáng)度的過(guò)程中，R3減小，外電路的總電阻減小，外電路的阻值向內(nèi)阻接近，電源的輸出功率增大，A錯(cuò)誤；B在

6、逐漸增大對(duì)R3的光照強(qiáng)度的過(guò)程中，R3減小，根據(jù)串反并同規(guī)律，電流表的示數(shù)變大，B錯(cuò)誤；C電源的效率為變形得在逐漸增大對(duì)R3的光照強(qiáng)度的過(guò)程中，R3減小，外電路的總電阻R減小，電源的效率減小，C正確；D在逐漸增大對(duì)R3的光照強(qiáng)度的過(guò)程中，R3減小，根據(jù)串反并同規(guī)律，電容器兩端電壓減小，電容器放電，電流表G表中有從b至a的電流，D錯(cuò)誤。故選C。5. 2021年5月15日中國(guó)首次火星探測(cè)任務(wù)“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器在火星烏托邦平原南部預(yù)選著陸區(qū)成功著陸?！疤靻?wèn)一號(hào)”探測(cè)器需要通過(guò)霍曼轉(zhuǎn)移軌道從地球發(fā)送到火星，地球軌道和火星軌道看成圓形軌道，此時(shí)霍曼轉(zhuǎn)移軌道是一個(gè)近日點(diǎn)M和遠(yuǎn)日點(diǎn)P都與地球軌道、火星軌道相

7、切的橢圓軌道（如圖所示），在近日點(diǎn)短暫點(diǎn)火后“天問(wèn)一號(hào)”進(jìn)入霍曼轉(zhuǎn)移軌道，接著“天問(wèn)一號(hào)”沿著這個(gè)軌道直至抵達(dá)遠(yuǎn)日點(diǎn)，然后再次點(diǎn)火進(jìn)入火星軌道。已知萬(wàn)有引力常量為G，地球軌道和火星軌道半徑分別為r和R，地球、火星、“天問(wèn)一號(hào)”運(yùn)行方向都為逆時(shí)針?lè)较?。若只考慮太陽(yáng)對(duì)“天問(wèn)一號(hào)”的作用力，下列說(shuō)法正確的是（）A. 天問(wèn)一號(hào)在霍曼轉(zhuǎn)移軌道由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過(guò)程中機(jī)械能增大B. 兩次點(diǎn)火噴射方向一次與速度方向相同，一次與速度方向相反C. “天問(wèn)一號(hào)”在地球軌道上的線速度與在火星軌道上的線速度之比為D. “天問(wèn)一號(hào)”運(yùn)行中在轉(zhuǎn)移軌道上P點(diǎn)的加速度與在火星軌道上P點(diǎn)的加速度之比為【答案】C【解析】【詳解】A

8、天問(wèn)一號(hào)在霍曼轉(zhuǎn)移軌道由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過(guò)程中，只有太陽(yáng)的引力做功，則機(jī)械能守恒，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B兩次點(diǎn)火噴射都使“天問(wèn)一號(hào)”加速，所以噴射方向都與速度方向相反，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；CD由火星軌道半徑為，地球軌道半徑為，根據(jù)得則“天問(wèn)一號(hào)”在地球軌道上的線速度與在火星軌道上的線速度之比為；“天問(wèn)一號(hào)”運(yùn)行中在轉(zhuǎn)移軌道上P點(diǎn)的加速度與在火星軌道上P點(diǎn)的加速度之比為1:1，選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C。6. 某電場(chǎng)的等勢(shì)面及電勢(shì)如圖所示，是電場(chǎng)線，a、b、c、d、e為電場(chǎng)中的5個(gè)點(diǎn)，其中d點(diǎn)是的中點(diǎn)。一正電子從e點(diǎn)由靜止釋放，僅受電場(chǎng)力作用，經(jīng)d、c兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為，電子的電荷量為，則（）A. 5個(gè)

9、點(diǎn)中，a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大B. 電場(chǎng)線方向沿方向C. 正電子在c點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為D. e、d兩點(diǎn)的電勢(shì)差大于d、c兩點(diǎn)的電勢(shì)差【答案】AC【解析】【詳解】A電場(chǎng)的等勢(shì)面越密的地方電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，所以5個(gè)點(diǎn)中，a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，A正確；B正電子從e點(diǎn)由靜止釋放，僅受電場(chǎng)力作用，經(jīng)d、c兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為，說(shuō)明電場(chǎng)力對(duì)正電子做正功，電場(chǎng)線方向沿A到B方向，B錯(cuò)誤；C由動(dòng)能定理可得，正電子在c點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為C正確；D由題圖可知，沿A到B等勢(shì)面密度越來(lái)越大，d點(diǎn)是的中點(diǎn)，因此e、d兩點(diǎn)的電勢(shì)差小于d、c兩點(diǎn)的電勢(shì)差，即UedUdc，D錯(cuò)誤。故選AC。7. 如題圖所示，質(zhì)量的物塊A和質(zhì)量的物塊

10、B通過(guò)輕質(zhì)滑輪相連，B放在傾角的固定斜面上，物塊B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其他摩擦均不計(jì)。初始時(shí)物塊A、B靜止，輕繩不松弛。當(dāng)物塊A由靜止下降高度的過(guò)程中（A未觸地，B未碰到滑輪），重力加速度，。關(guān)于此運(yùn)動(dòng)過(guò)程的描述，下列說(shuō)法正確的是（）A. B物體機(jī)械能減少B. B物體重力勢(shì)能增加C. 繩子對(duì)B的拉力大小為D. A物體的速度為【答案】D【解析】【詳解】A物塊A由靜止下降過(guò)程中，B沿斜面向上做加速運(yùn)動(dòng)，重力勢(shì)能和動(dòng)能都增加，則機(jī)械能增加，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)幾何關(guān)系可知物塊A由靜止下降高度的過(guò)程中，物塊B沿斜面上升，則B物體重力勢(shì)能增加故B錯(cuò)誤；C對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律對(duì)B，根據(jù)牛頓第二定律而解得T

11、=15N故C錯(cuò)誤；D對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)速度位移關(guān)系解得故D正確。故選D。二、多選題（本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。）8. 如圖甲所示，不計(jì)電阻的矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，輸出交流電的電動(dòng)勢(shì)圖像如圖乙所示，經(jīng)原、副線圈匝數(shù)比為110的理想變壓器給一燈泡供電，燈泡上標(biāo)有“，”字樣，如圖丙所示，則（）A. 時(shí)刻，線框所在平面為中性面B. 時(shí)刻，線圈的磁通量變化率達(dá)到最大C. 燈泡中的電流方向每秒鐘改變500次D. 電流表示數(shù)為【答案】AD【解析】【詳解】

12、AB由圖乙可知，當(dāng)0.01s時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，則此時(shí)穿過(guò)線框回路的磁通量最大，線框所在平面為中性面，線圈的磁通量變化率最小，故A正確，B錯(cuò)誤；C由圖可知，交流電的周期為0.02s，在一個(gè)周期內(nèi)電流改變2次，故每秒鐘電流改變的次數(shù)為故C錯(cuò)誤；D由P=UI可知，副線圈電流為則由求得I1=1A即電流表示數(shù)為，故D正確。故選AD。9. 如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框，從圖示位置開(kāi)始沿光滑斜面向下滑動(dòng)，中途穿越垂直紙面向里、有理想邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的寬度大于L，以i表示導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流，從線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，取逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏髡较颍韵耰t關(guān)系圖象，可能正確的是 ()A. B. C. D

13、. 【答案】BC【解析】【詳解】根據(jù)楞次定律得到，線框進(jìn)磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)過(guò)程感應(yīng)電流方向相反線框進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，取逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较?，所以進(jìn)磁場(chǎng)電流為正值，出磁場(chǎng)電流為負(fù)值當(dāng)剛線框下邊進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，當(dāng)產(chǎn)生的安培力和重力沿斜面平行方向分力相等時(shí)，線框做勻速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生不變的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生不變的電流當(dāng)剛線框下邊進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，當(dāng)產(chǎn)生的安培力小于重力沿斜面平行方向分力時(shí)，線框做加速度在減小的加速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生逐漸增大的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生逐漸增大的感應(yīng)電流當(dāng)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流，在重力作用下，線框做加速運(yùn)動(dòng)當(dāng)剛線框下邊出磁場(chǎng)時(shí)，回路重新產(chǎn)生電流，并且此時(shí)電流絕對(duì)值應(yīng)該大于線框完全

14、進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間的電流值，由于安培力大于重力，所以要做減速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生減小的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生減小的電流，而電流減小，安培力也減小，所以線框做加速度在減小的減小運(yùn)動(dòng)，即v隨時(shí)間t的變化圖象的斜率減小，由于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv，所以感應(yīng)電流，所以電流I隨時(shí)間t的變化圖象的斜率也應(yīng)該減小，故AD錯(cuò)誤，BC正確，故選BC點(diǎn)睛：圖象往往由解析式選擇本題采用排除法，分成線性和非線性兩類圖象，對(duì)比同類圖象的不同之處進(jìn)行選擇.10. 如圖所示，半徑為R的光滑圓形軌道固定在豎直面內(nèi)，小球A、B質(zhì)量分別為m、（k為待定系數(shù)），A球從左邊與圓心等高處由靜止開(kāi)始沿軌道下滑，與靜止于軌道最低點(diǎn)B球相撞，碰撞中無(wú)機(jī)械能損失，重

15、力加速度為g。關(guān)于各種情況下k的取值，下列各項(xiàng)中正確的是（）A. 若，則小球B第一次碰后就能夠運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)B. 若，則小球B第一次碰后將會(huì)在某處脫離圓軌道C. 若，小球B在后續(xù)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中會(huì)脫離軌道D. 若，小球A和小球B以后每次都是在圓軌道最低點(diǎn)發(fā)生碰撞【答案】ABD【解析】【詳解】AC小球A下滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中第一次碰撞滿足動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，即解得小球恰運(yùn)動(dòng)至軌道頂點(diǎn)，設(shè)此時(shí)速度為，則解得根據(jù)機(jī)械能守恒可得解得即根據(jù)上面分析，小球B第一次碰后就能夠運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)時(shí)即因此，若，則小球B第一次碰后就能夠運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)。若，兩球發(fā)生彈性碰撞，由于兩球的質(zhì)量相等，速度交換，小

16、球B恰能運(yùn)動(dòng)到右側(cè)圓弧軌道速度減為零，然后返回，不會(huì)脫離軌道，若，小球B則運(yùn)動(dòng)不到右側(cè)圓弧軌道處速度減為零，然后返回，不會(huì)脫離軌道，故A正確，C錯(cuò)誤；B根據(jù)上面分析可知，若，則小球B第一次碰后將會(huì)在右側(cè)圓弧軌道至最高點(diǎn)的某處脫離圓軌道，故B正確；D當(dāng)時(shí)兩球速度大小相同，方向相反，經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間同時(shí)回到最低點(diǎn)，發(fā)生第二次彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒與機(jī)械能守恒可知，第二次碰撞后小球B靜止，小球A反向運(yùn)動(dòng)，速度大小等于第一次碰撞前速度大小，往上運(yùn)動(dòng)到左側(cè)圓弧軌道速度減為零，然后返回，重復(fù)第一次碰撞過(guò)程，如此反復(fù)，故D正確。故選ABD。第卷三、非選題（共57分，第1114題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答

17、。第1516題為選考題，考生根據(jù)要求作答）11. 如圖為“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)，將貼有白紙的木板豎直固定放置，三個(gè)細(xì)繩套L1、L2、L3一端共系于同一結(jié)點(diǎn)，另一端分別系于輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)A、B和重物M上，彈簧測(cè)力計(jì)A的另一端掛于固定點(diǎn)P，手持彈簧測(cè)力計(jì)B拉動(dòng)細(xì)繩，使結(jié)點(diǎn)靜止于O點(diǎn)(1)某次實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)A的指針位置如圖所示，其讀數(shù)為_(kāi)N；(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)要讀出彈簧測(cè)力計(jì)A、B的示數(shù)，還要在白紙上記錄O點(diǎn)的位置和L1、L2、L3的_；(3)下列實(shí)驗(yàn)要求中必要的是_A彈簧測(cè)力計(jì)需要在實(shí)驗(yàn)前進(jìn)行校零B多次實(shí)驗(yàn)時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)B始終保持水平C多次實(shí)驗(yàn)時(shí)結(jié)點(diǎn)必須同一點(diǎn)D需要測(cè)量重物M的重力【答案】

18、. 2.00N . 三條細(xì)線的方向 . AD【解析】【詳解】(1)由圖示彈簧測(cè)力計(jì)可知，其分度值為0.1N，示數(shù)為2.00N(1.99-2.01均可).(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)要讀出A、B的示數(shù)，還要在貼于豎直木板的白紙上記錄O點(diǎn)的位置以及三個(gè)拉力即三條細(xì)線的方向.(3)A彈簧測(cè)力計(jì)是測(cè)出力的大小，所以要準(zhǔn)確必須在測(cè)之前校零，故A正確；B該題中需要驗(yàn)證彈簧A、B拉力的合力，是否與繩L3的拉力（或者說(shuō)M重力）等大反向，B彈簧不一定非要保持水平，故B錯(cuò)誤；C由于兩拉力的合力的效果是將重物吊起，故不需要結(jié)點(diǎn)位置相同，故C錯(cuò)誤；D由于兩測(cè)力計(jì)拉力的合力等于物體的重力，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)測(cè)量物體的重力，故D正確；【點(diǎn)睛】對(duì)于

19、中學(xué)中的實(shí)驗(yàn)，同學(xué)們盡量親自動(dòng)手做一下，這樣對(duì)于實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)步驟、注意事項(xiàng)、數(shù)據(jù)處理、誤差分析等才有深刻的認(rèn)識(shí)，在該題中考查了彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)、減小實(shí)驗(yàn)誤差的方法，對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)時(shí)要先確定其分度值，然后再讀數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線要與刻度線垂直.12. 某物理探究小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)定干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)器材如下：A.電池組（兩節(jié)干電池）B.定值電阻C.毫安表（量程為，內(nèi)阻）D.電壓表（量程為，內(nèi)阻很大）E.滑動(dòng)變阻器RF.電阻箱G.開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線若干（1）將電阻箱的阻值調(diào)至，則圖甲中虛線框內(nèi)改裝后電流表的量程為_(kāi)；（2）實(shí)驗(yàn)步驟如下：閉合開(kāi)關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器R的滑片移到_端（選

20、填“左”或“右”）；閉合開(kāi)關(guān)S，改變滑片位置，記下電壓表的示數(shù)U和毫安表的示數(shù)I，多次實(shí)驗(yàn)后將所測(cè)數(shù)據(jù)如圖乙所示的坐標(biāo)紙上，作出圖線；（3）每節(jié)千電池的電動(dòng)勢(shì)_V，內(nèi)阻_（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）；（4）電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值_真實(shí)值（選填“大于”“等于”或“小于”）?！敬鸢浮?. 500 . 左 . 1.5 . 1.0 . 等于【解析】【詳解】（1）1改裝后電流表的量程為代入數(shù)據(jù)得到（2）2為了保護(hù)電路，應(yīng)使電路中電流最小，所以滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最大，即滑片應(yīng)滑到最左端。（3）34根據(jù)毫安表的改裝原理，當(dāng)毫安表的示數(shù)為I時(shí)，電路中的電流為10I，設(shè)每節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，則根據(jù)歐姆定

21、律有代入數(shù)據(jù)，整理得到根據(jù)乙圖的圖像可知解得，（4）5由電路圖分析可知，通過(guò)電流表的示數(shù)可算出主路中的電流。通過(guò)電壓表可測(cè)出通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電壓，再通過(guò)歐姆定律計(jì)算，則可以準(zhǔn)確得到電路中各部分的電壓。故該實(shí)驗(yàn)求得的電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值，求得的電動(dòng)勢(shì)內(nèi)阻也等于真實(shí)值。13. 如圖所示，質(zhì)量為的木板靜止在光滑水平面上，現(xiàn)有一質(zhì)量為的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以的初速度從左端沿木板上表面沖上木板，已知滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度。求：（1）滑塊在木板上滑動(dòng)過(guò)程中，滑塊的加速度a1的大小和木板的加速度a2的大??；（2）若滑塊剛好沒(méi)有從木板右端滑出，求木板的長(zhǎng)度；（3）若木板長(zhǎng)，求滑塊在木板上運(yùn)動(dòng)

22、的時(shí)間?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）對(duì)滑塊根據(jù)牛頓第二定律得解得 對(duì)木板根據(jù)牛頓第二定律得解得 （2）對(duì)系統(tǒng)根據(jù)動(dòng)量守恒定律得解得對(duì)系統(tǒng)根據(jù)能量守恒定律得解得（3）對(duì)滑塊根據(jù)位移公式得對(duì)木板根據(jù)位移公式得又因?yàn)榻獾茫ㄉ崛ィ?4. 如圖所示，在平面第象限內(nèi)有一長(zhǎng)，寬為的長(zhǎng)方形區(qū)域，存在方向垂直平面向里、大小的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一離子源從長(zhǎng)方形頂角處沿左邊界豎直向上射入磁場(chǎng)，其速度大小從到連續(xù)變化。在y軸右側(cè)寬度的區(qū)間內(nèi)存在沿x方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。在這群離子中，以速度為入射的粒子打在x軸上的處，不計(jì)重力和粒子間的相互作用。求：（1）離子比荷的大小及以速度為入射的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

23、；（2）若經(jīng)過(guò)y軸上處的離子恰能返回y軸，求電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；（3）在（2）問(wèn)條件下，僅將粒子源水平向右移動(dòng)，其它條件不變，求返回y軸的離子的速度大小范圍。【答案】（1）；（2）；至【解析】詳解】（1）由題意可知，軌跡半徑根據(jù)洛倫茲力提供向心力代入數(shù)據(jù)解得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期，則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（2）以速度v運(yùn)動(dòng)的離子落在y處，由幾何關(guān)系有粒子運(yùn)動(dòng)的半徑為根據(jù)幾何關(guān)系有根據(jù)動(dòng)能定理聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得（3）粒子向右移動(dòng)0.04m后，有根據(jù)幾何關(guān)系可得粒子運(yùn)動(dòng)半徑為根據(jù)速度為當(dāng)半徑為時(shí)，可得速度為可見(jiàn)返回y軸的離子的速度范圍為至15. 如圖一定質(zhì)量的理想氣體從a狀態(tài)經(jīng)等容過(guò)程到達(dá)狀態(tài)b，再經(jīng)

24、過(guò)等溫過(guò)程到達(dá)狀態(tài)c，最后經(jīng)等壓過(guò)程回到狀態(tài)a、下列說(shuō)法正確的是（）A. 在過(guò)程中氣體分子的平均動(dòng)能不變B. 在過(guò)程中氣體對(duì)外界做功C. 在過(guò)程中氣體從外界吸收熱量D. 在過(guò)程中，單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位面積的分子數(shù)減少【答案】C【解析】【詳解】A在過(guò)程ab中做等容升壓，根據(jù)可知溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，故A錯(cuò)誤；B在過(guò)程ca中壓強(qiáng)不變，體積減小，所以外界對(duì)氣體做功，故B錯(cuò)誤；C在過(guò)程bc中，屬于等溫變化，氣體膨脹對(duì)外做功，而氣體溫度不變，則內(nèi)能不變；根據(jù)熱力學(xué)第一定律U=W+Q可知，氣體從外界吸收熱量，故C正確；D在過(guò)程ab中做等容升壓，溫度升高，分子密度不變，則單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位面積的分子數(shù)增加，故D錯(cuò)誤。故選C。16. 如圖所示的玻璃容器，左端與大氣連通，右端封閉，球形部分以外的形玻璃管粗細(xì)均勻且足夠長(zhǎng)，球形部分的容積，在容器右側(cè)用水銀柱封閉有一定質(zhì)量的理