廣東高考物理二輪復習專題3恒力作用下的曲線運動力學(B)

1、 .DOC資料. 專題03恒力作用下的曲線運動-電磁學(A)一單項選擇題(每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題目的要求；每題4分)ABPbav0第1題圖1(2010東莞調(diào)研)如圖所示，一電子束垂直于電場線與磁感線方向入射后偏向A極板，為了使電子束沿射入方向做直線運動，可采用的方法是 A將變阻器滑動頭P向右滑動 B將變阻器滑動頭P向左滑動 C將極板間距離適當減小 D將極板間距離適當增大 ABC2V4V6V2(2013肇慶統(tǒng)考)如右圖所示，虛線是某電場的等勢線及其電勢的值，一帶電粒子只在電場力作用下，以一定速度沿實線從A點飛到C點時恰好速度變?yōu)榱?，則 AA點的電場強度大于C點的電場強度 B粒

2、子在A點的電勢能大于在C點的電勢能 C該粒子一定帶負電 D粒子從A點到B點電場力對它所做的功大于從B到C點電場力對它所做的功3(2013廣東高考)噴墨打印機的簡化模型如圖所示，重力可忽略的墨汁微滴，經(jīng)帶電室?guī)ж撾姾?，以速度v垂直勻強電場飛入極板間，最終打在紙上，則微滴在極板間電場中 A向負極板偏轉(zhuǎn) B電勢能逐漸增大 C運動軌跡是拋物線 D運動軌跡與帶電量無關(guān)U2U1O+_y4(2010珠海檢測)如圖所示，電子在電勢差為U1的加速電場中由靜止開始加速，然后水平射入電勢差為U2的兩塊平行金屬板間的電場，整個裝置處在真空中，在滿足電子能射出平行板區(qū)的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏轉(zhuǎn)位移y變

3、大的是： AU1變大、U2變大 BU1變大、U2變小 CU1變小、U2變大 DU1變小、U2變小二雙項選擇題(每小題給出的四個選項中，有兩個選項符合題目的要求；每題6分，全選對得6分，只選1個且正確得3分，錯選、不選得0分)5(2011潮州二模)如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，虛線1和2為等勢線、兩個帶電量相同的粒子以相同的速度從電場中M點沿等勢線1的切線飛入，粒子僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示，則在開始運動的一小段時間內(nèi)(粒子在圖示區(qū)域內(nèi)) A受到的電場力變小，受到的電場力變大 B的速度將減小，的速度將增大 C一定帶正電，一定帶負電 D、兩個粒子所帶電荷電性相反6(2012湛

4、江一模)目前世界上正研究的一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機，如圖所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體(即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的粒子，而從整體來說呈中性)沿圖中所示方向噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就聚集了電荷，在磁極配置如圖中所示的情況下，下述說法正確的是 A板帶正電 有電流從b經(jīng)用電器流向a 金屬板A、B間的電場方向向下 等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電場力7(2011湛江二模)如圖所示，實線表示勻強電場的電場線，虛線表示某一帶電粒子從a點進入電場時通過該電場區(qū)域的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用，則由此圖可

5、作出正確的判斷是 A粒子帶正電 B粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能 C粒子在a點的加速度大于在b點的加速度 D粒子在a點的速度小于在b點的速度8(2010汕頭二模)如圖，是一固定的點電荷，虛線a、b、c是該點電荷產(chǎn)生的電場中的三條等勢線，正點電荷q僅受電場力的作用沿實線所示的軌跡從a處運動b處，然后又運動到c處.由此可知 A.為負電荷 B.在整個過程中q的速度先變大后變小 C.在整個過程中q的加速度先變大后變小 D.在整個過程中，電場力做功為零9(2011惠州二模)如圖所示，一帶電小球以速度水平射入接入電路中的平行板電容器中,并沿直線打在屏上O點上，若僅將平行板電容器上極板平行上移一些后，

6、讓帶電小球再次從原位置水平射入并能打在屏上，其它條件不變，兩次相比較，則再次射入的帶電小球 A將打在O點的下方 B將打在O點的上方。 C穿過平行板電容器的時間將增加 D達到屏上動能將增加。三非選擇題10(2012肇慶一模)有一平行板電容器，內(nèi)部為真空，兩個極板的間距為，極板長為L，極板間有一勻強電場，U為兩極板間的電壓，電子從極板左端的正中央以初速射入，其方向平行于極板，并打在極板邊緣的D點，如下圖(甲)所示。電子的電荷量用e表示，質(zhì)量用表示，重力不計?；卮鹣旅鎲栴}(用字母表示結(jié)果). (1)求電子打到D點的動能； (2)電子的初速必須大于何值，電子才能飛出極板； DD(3)若極板間沒有電場，

7、只有垂直紙面的勻強磁場，磁感應強度大小為B，電子從極板左端的正中央以平行于極板的初速射入，如下圖(乙)所示，則電子的初速為何值，電子才能飛出極板？ dLd/2（甲）dLd/2（乙）v11(2010廣州調(diào)研)如下圖所示，在xoy直角坐標系中，第象限內(nèi)分布著方向垂直紙面向里的勻強磁場，第象限內(nèi)分布著方向沿y軸負方向的勻強電場。初速度為零、帶電量為q、質(zhì)量為m的離子經(jīng)過電壓為U的電場加速后，從x上的A點垂直x軸進入磁場區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后過y軸上的P點且垂直y軸進入電場區(qū)域，在電場偏轉(zhuǎn)并擊中x軸上的C點。已知OA=OC=d。求電場強度E和磁感強度B的大小 12.(2011茂名二模)如圖所示，金屬平板P

8、、Q相距d水平放置在豎直平面內(nèi)，質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子以水平速度V0從O點入射，剛好從Q板的右端射出，重力加速度為g。求： (1)金屬板的長度及粒子射出Q板右端時的運動方向； (2)若要粒子沿運動，則P、Q板應加一個怎樣的電壓； (3)在(2)問的基礎(chǔ)上，為使粒子不從兩平行板間區(qū)域射出，應加方向垂直紙面向里、大小為多少的勻強磁場。 專題03恒力作用下的曲線運動-電磁學A參考答案題號123456789選項DACCADBDBDCDAD10 解：(1)設電子打到D點時的動能為Ek，由動能定理可得： 由式解得： (2)設電子剛好打到極板邊緣時的速度為v，電子在平行板電容器間做類平拋運動，設其在

9、豎直方向的加速度為a，在電場中的飛行時間為t，則由電場力及牛頓第二定律、平拋運動的規(guī)律可得： 由式聯(lián)立解得： 所以電子要逸出電容器，必有： (3)在只有磁場情況下電子要逸出電容器，有兩種情況. 電子從左邊出，做半圓周運動，其半徑： 由洛侖茲力和向心力公式可得： 由式解得： 因此電子避開極板的條件是： 電子從右邊出，做半圓周運動其半徑： 由式解得： 由洛侖茲力和向心力公式可得： eq oac(,11) 由 eq oac(,11)式解得： eq oac(,12) 電子避開極板的條件是：11 解：設帶電粒子經(jīng)電壓為U的電場加速后獲得速度為v，由 帶電粒子進入磁場后，洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律

10、： 依題意可知：r=d 聯(lián)立可解得： 帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)，做類平拋運動，設經(jīng)時間t從P點到達C點，由 聯(lián)立可解得： (評分說明：每項2分，每項4分)12.解：(1)設金屬板的長度為L，粒子射出Q板時的偏轉(zhuǎn)角為，有 eq oac(,1) eq oac(,2) eq oac(,3) eq oac(,4) 由 eq oac(,1)、 eq oac(,2)、 eq oac(,3)、 eq oac(,4)得： eq oac(,5)， eq oac(,6) (2)粒子做勻速直線運動，合力為零，所以Q板電勢高 eq oac(,7) mg=qE eq oac(,8) eq oac(,9) 由 eq oac(,8)、 eq oac(,9)得： eq oac(,10) (3)加上磁場后，粒子做勻速圓周運動，洛侖茲力為向心力，設圓周半徑為r，則 eq oac(,11) 粒子剛好從左側(cè)射出磁場時， eq oac(,12) 由 eq oac(,11)、 eq oac(,12)得