黑龍江哈爾濱市第六中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高二上期中檢測模擬試題（含解析）

1、2022-2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、從同一高度以不同的速度水平拋出的兩個物體落到水平地面的時間A速度大的時間長B速度小的時間長C落地時間相同D由質(zhì)量大小決定2、學(xué)習(xí)物理除了知識的學(xué)習(xí)外，更重要的是領(lǐng)悟并掌握處理物理問題的思想與方法，下列關(guān)于思想與方法的說法中

2、不正確的是（）A根據(jù)速度定義式，當t非常小時， 就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義應(yīng)用了極限思想方法B在不需要考慮物體本身大小和形狀時，用質(zhì)點來代替物體的方法叫假設(shè)法C在“探究求合力的方法”的實驗中，運用了等效替代的思想D在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法3、如圖所示的電路中，AB支路由帶鐵芯的線圈和電流表A1 串聯(lián)而成，流過的電流為I1，CD支路由電阻R和電流表A2串聯(lián)而成，流過的電流為I2，已知這兩支路的電阻值相同，則在接通S和斷開S的時候，觀察到的現(xiàn)象是( )A接通S的瞬間I1I2B接

3、通S的瞬間I1I2，斷開的瞬間I1=I2C接通S的瞬間I1=I2，斷開的瞬間I1I2，斷開的瞬間I1=I24、通過一阻值R=100的電阻的交變電流如圖所示，其周期為1s電阻兩端電壓的有效值為A12VB4VC15VD8V5、如圖所示，在直角三角形所在的平面內(nèi)存在勻強電場，其中A點電勢為0，B點電勢為3V，C點電勢為6V。已知，AB邊長為，D為AC的中點，將一點電荷放在D點，且點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為1.5N/C，則放入點電荷后，B點場強為（）ABCD6、通過電阻R的電流為I時，在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q， 若電阻為R， 電流為2I， 則在時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為( )A4QB2QCD二、多項選擇題：

4、本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，當變阻器R3的滑動觸頭P向a端移動時（）A電壓表示數(shù)變大B電壓表示數(shù)變小C電流表示數(shù)變大D電流表示數(shù)變小8、平行板電容器的兩板A、B接于電池兩極，一個帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合電鍵S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向夾角為，如圖所示，那么A保持電鍵S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則不變B保持電鍵S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則增大C電鍵S斷開，帶正電的A板向B板靠近，則不變D電鍵S斷開，帶正電的A板向B板靠近，則減小9、如

5、圖所示，在傾角的光滑軌道上，質(zhì)量m=0.1kg的AB桿放在軌道上，軌道間距，電流I=0.5A當加上垂直于桿AB的某一方向的勻強磁場后，桿AB處于靜止狀態(tài)，則所加磁場的磁感應(yīng)強度可能為（ ）A1TB5.5T C4TD7.5T10、平行板電容器C與兩個可變電阻器R1、R2以及電源連成如圖所示的電路閉合開關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電容器C兩極板帶有一定的電荷要使電容器所帶電荷量增加，以下方法中可行的是A只增大R1B只減小R1C只減小R2D只減小a、b兩極板間的距離三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某小組同學(xué)描繪一只標有“，”的小燈泡的伏安特性

6、曲線，需要測定燈泡兩端的電壓和通過燈泡的電流，現(xiàn)實驗室有如下器材：直流電源（電動勢= ，內(nèi)阻不計）；電流表（量程0 0.6，內(nèi)阻約為0.5 ）；電流表（量程0，內(nèi)阻約為 ）；電壓表（量程0，內(nèi)阻約為5）；電壓表（量程0，內(nèi)阻約為）；滑動變阻器 (0 ，額定電流2）；開關(guān)、導(dǎo)線若干及待測燈泡.（1）為了調(diào)節(jié)方便，測量準確，實驗中應(yīng)選用下列_圖中的電路圖來完成實驗.（2）實驗中電流表應(yīng)選用_，電壓表應(yīng)選用_（請?zhí)顚懫鞑姆枺?（3）根據(jù)實驗測得的數(shù)據(jù)還能測量出小燈泡的功率和電阻：某次實驗描繪出小燈泡的曲線如圖所示，根據(jù)曲線可得燈泡兩端電壓2.0時小燈泡的實際功率為_，電阻值為_。（結(jié)果均保留兩位有

7、效數(shù)字）（4）對該實驗測量結(jié)果的準確性，有兩位同學(xué)意見不統(tǒng)一，你認為：測得的小電珠的功率與實際的功率相比較，測量功率_.A總偏大 B總偏小 C無誤差 D都有可能小電珠的電阻的測量值與實際值相比較_.A偏大 B偏小 C有時偏大，有時偏小 D都有可能12（12分）某同學(xué)做“用單擺測定重力加速度”的實驗時：（1）組裝單擺時，應(yīng)在下列器材中選用_較為合適A長度為1m左右的細線B長度為30cm左右的細線C直徑為1.8cm左右的塑料球D直徑為1.8cm左右的鐵球（2）如圖甲所示小球直徑讀數(shù)為_cm；用秒表測量小球多次擺動的總時間，如圖丙所示，對應(yīng)時間為_s. （3）測量出多組周期T、擺長L數(shù)值后，畫出T2

8、L圖象如圖乙，此圖線斜率的物理意義是_ Ag B1g C42四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲,質(zhì)量為m、電量為e的電子經(jīng)加速電場加速后,源源不斷的沿,A、B兩板板間中線水平射入兩板間，加速電壓大小為u0，A、B兩板長和板間距均為L, A、B板間所加電壓隨時間的周期變化，在一個周期內(nèi)A、B板間電壓變化規(guī)律如圖乙.其中T=T=L (1)電子剛射入A、B兩板間時速度v0的大小；(2)若所有電子均能從A、B兩板右側(cè)射出，電壓u能取得最大值；14（16分）如圖所示，在第三、第四象限存在電場強度為E，方向與x

9、軸成=60的勻強電場，在第一象限某個區(qū)域存在磁感應(yīng)強度為B、垂直紙面向里的有界勻強磁場，x軸上的P點處在磁場的邊界上，現(xiàn)有一群質(zhì)量為m、電量為+q的帶電粒子在紙面內(nèi)以速度v（0v）垂直于x軸從P點射入磁場所有粒子均與x軸負方向成=30角進入勻強電場中，其中速度最大的粒子剛好從坐標原點O射入電場，不計粒子的重力和粒子間的相互作用力，第二象限為無場區(qū)，求：（1）P點的坐標；（2）速度最大的粒子自P點開始射入磁場到離開電場所用的時間；（3）磁場區(qū)域的最小面積15（12分）已知電流表的內(nèi)阻Rg120 ，滿偏電流Ig3 mA，要把它改裝成量程是6 V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)多大的電阻？要把它改裝成量程是3 A的

10、電流表，應(yīng)并聯(lián)多大的電阻？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)：，解得：h相同，則t相同。A速度大的時間長。故A不符合題意。B速度小的時間長。故B不符合題意。C落地時間相同。故C符合題意。D由質(zhì)量大小決定。故D不符合題意。2、B【解析】A、速度的定義，表示平均速度，當t0時，表示物體在t時刻的瞬時速度，是采用數(shù)學(xué)上極限思想方法，故A正確B、用質(zhì)點來代替物體的方法是等效思想方法故B錯誤.D、在推導(dǎo)勻變速運動位移公式時，把整個運動過程劃分成無數(shù)小段，采用的是數(shù)學(xué)中的微元

11、法故D正確C、合力與分力是等效替代的關(guān)系，在探究求合力方法的實驗中使用了等效替代的思想故C正確本題選錯誤的故選B【點睛】本題考查物理常用的思維方法中學(xué)物理常用的思想方法有極限法、控制變量法、等效法、假設(shè)法等等3、B【解析】接通S的瞬間線圈產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象阻礙電流增加，會使得線圈這條支路電流較小I1I2，斷開的瞬間線圈阻礙原電流減小和電阻R構(gòu)成通路即I1=12，選B4、B【解析】根據(jù)電流的熱效應(yīng)計算電流的有效值：可得流過電阻的電流的有效值：A電阻兩端電壓的有效值為：V故B正確5、A【解析】在勻強電場中，D點電勢為因此BD連線即為等勢線，畫出電場線如圖所示因，則AB兩點沿電場線方向的距離為BA間的

12、電勢差為則勻強電場的場強為由于點電荷在C點產(chǎn)生的場強為，則點電荷在B點產(chǎn)生的場強也為，方向與勻強電場的電場強度方向垂直，因此B點場強為故選A。6、B【解析】通過電阻R的電流為I，根據(jù)焦耳定律得出在時間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量Q=I2Rt?！驹斀狻客ㄟ^電阻R的電流為I時，在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，則Q=I2Rt；若在t/2時間內(nèi)，通過的電流為2I，根據(jù)焦耳定律：Q=（2I）2Rt=2I2Rt=2Q，故ACD錯誤，B正確；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】由圖

13、可知，電流表測R3電流，電壓表測路端電壓。當滑片向a端移動時，滑動變阻器接入電阻減小，R總減小，干路電流I增大，內(nèi)電壓增大，電源電動勢不變，路端電壓減小，電壓表示數(shù)變小。根據(jù)可知R2兩端電壓減小，流過R2的電流減小，又干路電流I增大，所以流過R3的電流增大，電流表示數(shù)變大。故AD錯誤，BC正確。故選BC。8、BC【解析】A、B、保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，電場強度E增大，小球所受的電場力變大，增大；故A錯誤，B正確.C、D、斷開開關(guān)S，電容器所帶的電量不變，由C=s4kd和C=QU可得E=Ud=QCd=4kQs.帶正電的A板向B故選BC.【

14、點睛】解決電容器的動態(tài)分析問題關(guān)鍵抓住不變量若電容器與電源斷開，電量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變9、BD【解析】金屬導(dǎo)軌光滑，所以沒有摩擦力，則金屬棒只受重力支持力和安培力，根據(jù)平衡條件支持力和安培力的合力應(yīng)與重力等大反向，根據(jù)矢量三角形合成法則作出三種情況的合成圖如圖 由圖可以看出當安培力F與支持力垂直時有最小值即解得故BD正確，AC錯誤。10、BD【解析】由題意可知考查電容器動態(tài)分析，電量變化。根據(jù)閉合電路歐姆定律、電容決定式分析可得?！驹斀狻緼只增大R1，回路中電流減小，R2兩端電壓減小，電容器和電壓R2并聯(lián)，電容器兩端電壓減小，由可知電量減小，故A錯誤

15、；B只減小R1，回路中電流增大，R2兩端電壓增大，電容器和電壓R2并聯(lián)，電容器兩端電壓增大，由可知電量增大，故B正確；C只減小R2，回路中的電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，R1兩端電壓增大，則R2兩端電壓減小，電容器和電壓R2并聯(lián)，電容器兩端電壓減小，由可知電量減小，故C錯誤；D只減小a、b兩極板間的距離，由 可知電容增大，電量減小，電容器兩端電壓不變，由可知電量減小，故D正確；【點睛】電容器和電阻R2并聯(lián)，由閉合電路歐姆定律確定電阻R2電壓變化情況，由判斷電容變化，再由求得電量變化情況。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、丁 0.7

16、 5.7 【解析】(1)1由實驗需要測量不同電壓下的實際功率，故應(yīng)滑動變阻器選用分壓式接法，“4V，2W”知小燈泡額定電流為0.5A，正常發(fā)光時電阻為8，電流表應(yīng)選外接法。故選丁圖。(2) 23根據(jù)小燈泡額定電壓4V，額定電流0.5A，則電流表選A1，電壓表選V1.(3) 45由圖象知小燈泡電壓2V時，電流通過小燈泡為0.36A，則實際功率為：P=UI=20.35=0.70W此時燈泡電阻：(4) 6本實驗電路采用的是電流表外接法，測量到的電流比真實電流大，測量的電壓為準確值，所以測量功率比真實功率大。故A正確。7因為小燈泡的測量電壓是準確值，測量電流偏大，所以測量電阻比真實電阻偏小。故B正確。

17、12、（1）AD （2）1.60 117.4 （3）C 【解析】為了減小誤差，擺球選擇質(zhì)量大一些體積小一些的，擺線選擇1m左右的細線；實驗時用游標卡尺測量擺球的直徑，游標卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；秒表讀數(shù)等于小盤讀數(shù)加上大盤讀數(shù)；根據(jù)單擺周期公式求出圖象的函數(shù)表達式，然后根據(jù)圖象分析；【詳解】(1)為減小實驗誤差，應(yīng)選擇1m左右的擺線，為減小空氣阻力影響，擺球應(yīng)選質(zhì)量大而體積小的金屬球，因此需要的實驗器材是AD；(2)游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為16mm，游標讀數(shù)為0.10mm=0.0mm，所以最終讀數(shù)為16mm+0.0mm=16.0mm=1.60cm；秒表讀數(shù)時先看內(nèi)小表盤，再讀外面的

18、大表盤的示數(shù)，由圖可知內(nèi)表盤讀數(shù)1min，外表盤讀數(shù)為57.4s，故秒表讀數(shù)為1min+57.4s=117.4s；(3) 由單擺的周期公式T=2Lg，則T2=42故選C。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)v0=【解析】帶電粒子在MN間運動時，電場力做功，由動能定理求加速獲得的速度，即為帶電粒子從N板射出時速度v0；電粒子進入AB間的電場后做類平拋運動，運用運動的分解法，由牛頓第二定律和運動學(xué)公式結(jié)合求解?！驹斀狻?1) 根據(jù)動能定理得：eU解得：v0(2)當粒子剛好從板邊緣飛出時，所加電壓最大，由平拋運動規(guī)律可得：L2L=va=eU由以上各式解得：U=2U0；14、 (1) (2) (3)