2022-2023學(xué)年云南省昆明市茨壩中學(xué)高三物理期末試題含解析

1、2022-2023學(xué)年云南省昆明市茨壩中學(xué)高三物理期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. 有同學(xué)這樣探究太陽(yáng)的密度：正午時(shí)分讓太陽(yáng)光垂直照射一個(gè)中央有小孔的黑紙板，接收屏上出現(xiàn)了一個(gè)小圓斑；測(cè)量小圓斑的直徑和黑紙板到接收屏的距離，可大致推出太陽(yáng)直徑。他掌握的數(shù)據(jù)有：太陽(yáng)光傳到地球所需的時(shí)間、地球的公轉(zhuǎn)周期、萬(wàn)有引力恒量；在最終得出太陽(yáng)密度的過(guò)程中，他用到的物理規(guī)律是小孔成像和A牛頓第二定律 B萬(wàn)有引力定律、牛頓第二定律C萬(wàn)有引力定律 D萬(wàn)有引力定律、牛頓第三定律參考答案：B2. （多選）質(zhì)量為20 kg的物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖

2、，以水平向右的方向?yàn)檎?。以下判斷正確的是A在03 s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度為零B在35 s內(nèi)，物體的位移為零C第2 s末，合外力的功率為8 WD在l6 s內(nèi)，合外力的功為零參考答案：CD勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像 A5解析： A、在03s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度故A錯(cuò)誤B、在35s內(nèi)，物體的位移x=vt=24=8m故B錯(cuò)誤C、2s末的速度為2m/s，加速度為a=2m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)合=ma=4N，根據(jù)P=F合v=42W=8W故C正確D、在16s時(shí)間內(nèi)，動(dòng)能變化為零，根據(jù)動(dòng)能定理，合外力不做功故D正確故選：CD3. 如圖所示，兩個(gè)固定的相同細(xì)環(huán)相距一定的距離，同軸放置，O1、O2分別為兩環(huán)的圓心，

3、兩環(huán)分別帶有均勻分布的等量異種電荷。一帶正電的粒子（不計(jì)重力）從很遠(yuǎn)處沿軸線飛來(lái)并穿過(guò)兩環(huán)。則在帶電粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中下列說(shuō)法不正確的是（ ）A在O1點(diǎn)和O2點(diǎn)粒子的加速度方向均向左B.從右側(cè)無(wú)窮遠(yuǎn)處到O1點(diǎn)過(guò)程中，粒子的動(dòng)能一直在減小C.從O1到O2過(guò)程中，粒子的電勢(shì)能一直在減小D.不考慮無(wú)窮遠(yuǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零的情況，則在軸線上存在兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)為零的點(diǎn)，且這兩個(gè)點(diǎn)關(guān)于O1、O2連線中點(diǎn)對(duì)參考答案：B4. （單選）如圖所示，一只半球形碗倒扣在水平桌面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，球的半徑為R、質(zhì)量為m的螞蟻只有在離桌面高度大于或等于時(shí)，才能停在碗上。那么螞蟻和碗面間的最大靜摩擦力為（ ）A B C D參考答案：C5.

4、（單選題）小張?jiān)陲@微鏡下觀察水中懸浮的細(xì)微粉筆末的運(yùn)動(dòng)。他把小顆粒每隔一定時(shí)間的位置記錄在坐標(biāo)紙上，如圖所示，下列判斷正確的是（ ）A圖中的折線就是粉筆末的運(yùn)動(dòng)軌跡B圖中的就是水分子的運(yùn)動(dòng)軌跡C從整體上看粉筆末的運(yùn)動(dòng)是無(wú)規(guī)則的D圖中折線表明水分子在短時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)是有規(guī)則的參考答案：C二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. A.兩顆人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若運(yùn)行線速度之比是v1v212，則它們運(yùn)行的軌道半徑之比為_(kāi)，所在位置的重力加速度之比為41，1162012學(xué)年普陀模擬21A_。參考答案：41，1167. 圖中虛線框內(nèi)存在一沿水平方向、且與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)通過(guò)測(cè)

5、量通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受的安培力，來(lái)測(cè)量磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、并判定其方向。所用部分器材已在圖中給出，其中D為位于紙面內(nèi)的U形金屬框，其底邊水平，兩側(cè)邊豎直且等長(zhǎng)；E為直流電源；R為電阻箱；A為電流表；S為開(kāi)關(guān)。此外還有細(xì)沙、天平、米尺和若干輕質(zhì)導(dǎo)線。（1）在圖中畫(huà)線連接成實(shí)驗(yàn)電路圖。（2）完成下列主要實(shí)驗(yàn)步驟中的填空按圖接線。保持開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，在托盤內(nèi)加入適量細(xì)沙，使D處于平衡狀態(tài)；然后用天平稱出細(xì)沙質(zhì)量m1。閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)R的值使電流大小適當(dāng)，在托盤內(nèi)重新加入適量細(xì)沙，使D_；然后讀出_，并用天平稱出_。用米尺測(cè)量_。（3）用測(cè)量的物理量和重力加速度g表示磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，可以得出B=_。（

6、4）判定磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的方法是：若_，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外；反之，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里。參考答案：(1)如圖所示(2)重新處于平衡狀態(tài)電流表的示數(shù)I此時(shí)細(xì)沙的質(zhì)量m2D的底邊長(zhǎng)度l(3)(4)m2m18. 如圖所示，有一塊無(wú)限大的原來(lái)不帶電的金屬平板MN，現(xiàn)將一個(gè)帶電量為+Q的點(diǎn)電荷放置于板右側(cè)的A點(diǎn)，并使金屬板接地。已知A點(diǎn)離金屬板MN的距離為d， C點(diǎn)在A點(diǎn)和板MN之間，ACMN，且AC長(zhǎng)恰為。金屬平板與電量為+Q的點(diǎn)電荷之間的空間電場(chǎng)分布可類比_（選填“等量同種電荷”、“等量異種電荷”）之間的電場(chǎng)分布；在C點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度EC=_。參考答案：（1）等量異種電荷 (2)9. 圖中

7、豎直方向的平行線表示勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，但未標(biāo)明方向一個(gè)帶電量為q的微粒，僅受電場(chǎng)力的作用，從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，動(dòng)能增加了Ek（Ek0），則該電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡可能是虛線a（選填“a”、“b”或“c”）；若M點(diǎn)的電勢(shì)為U，則N點(diǎn)電勢(shì)為U+參考答案：【考點(diǎn)】： 電場(chǎng)線；電勢(shì)【分析】： 根據(jù)動(dòng)能定理，通過(guò)動(dòng)能的變化判斷出電場(chǎng)力的方向，從而判斷軌跡的彎曲程度，根據(jù)動(dòng)能定理求出M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，從而求出N點(diǎn)的電勢(shì)： 解：從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，動(dòng)能增加，知電場(chǎng)力做正功，則電場(chǎng)力方向向下，軌跡彎曲大致指向合力的方向，可知電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡為虛線a，不可能是虛線b電場(chǎng)力方向方向向下，微粒帶負(fù)電，則電場(chǎng)強(qiáng)度方向向上，N點(diǎn)

8、的電勢(shì)大于M點(diǎn)的電勢(shì)，根據(jù)動(dòng)能定理知，qUMN=Ek，則N、M兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小 UMN=由UMN=MN，M=U，解得N=U+故答案為：a，U+【點(diǎn)評(píng)】： 解決本題的關(guān)鍵知道軌跡彎曲與合力方向的大致關(guān)系，本題的突破口在于得出電場(chǎng)力方向，再得出電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，從而知道電勢(shì)的高低10. 如圖，滑塊從h0.2m高處的a點(diǎn)經(jīng)光滑圓弧軌道ab，滑入水平軌道bc，最終恰好停在c點(diǎn)，如果滑塊在bc勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t3s。則滑塊經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的速度大小為_(kāi)m/s，bc間距離為_(kāi)m。參考答案： (1). 2 (2). 3由a到b由機(jī)械能守恒定律：解得：bc間的距離：11. （5分）地核的體積約為整個(gè)球體積的16%，

9、地核的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的34。經(jīng)估算，地核的地平均密度為_(kāi)kg/m3。(結(jié)果取兩位有效數(shù)字)參考答案：答案：1.210412. 參考答案：200 遠(yuǎn)距離輸電電壓，輸電線上損失的電壓，13. 如圖所示，光滑斜面的傾角為q，有兩個(gè)相同的小球，分別用光滑擋板A、B擋住，擋板A沿豎直方向。擋板B垂直于斜面，則兩擋板受到小球壓力的大小之比為_(kāi)，斜面受到兩個(gè)小球壓力大小之比為_(kāi)。參考答案：1/cosq ，1/cos2q三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. 有一個(gè)額定電壓為2.8 V，功率約為0.8 W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的IU圖線，有下列器材供選用：A電壓表(03 V，

10、內(nèi)阻6 k)B電壓表(015 V，內(nèi)阻30 k)C電流表(03 A，內(nèi)阻0.1 )D電流表(00.6 A，內(nèi)阻0.5 )E滑動(dòng)變阻器(10 ，5 A)F滑動(dòng)變阻器(200 ，0.5 A)G蓄電池(電動(dòng)勢(shì)6 V，內(nèi)阻不計(jì))(1)用如實(shí)圖所示的電路進(jìn)行測(cè)量，電壓表應(yīng)選用_，電流表應(yīng)選用_滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_(用序號(hào)字母表示)(2)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)得此燈泡的伏安特性曲線如實(shí)圖所示由圖線可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為_(kāi).(3)若將此燈泡與電動(dòng)勢(shì)6 V、內(nèi)阻不計(jì)的電源相連，要使燈泡正常發(fā)光，需串聯(lián)一個(gè)阻值為_(kāi)的電阻參考答案：（1） A (2分) D （2分） E (2分) （2） 10(2分) （3） 11.

11、42 （3分）15. （9分）圖1中E為電源，其電動(dòng)勢(shì)為，R1為滑線變阻器，R2為電阻箱，A為電流表.用此電路，經(jīng)以下步驟可近似測(cè)得A的內(nèi)阻RA：閉合K1，斷開(kāi)K2，調(diào)節(jié)R1，使電流表讀數(shù)等于其量程I0；保持R1不變，閉合K2，調(diào)節(jié)R2，使電流表讀數(shù)等于，然后讀出R2的值，取RAR2。 （1）按圖1所示電路在圖2所給出的實(shí)物圖中畫(huà)出連接導(dǎo)線. （2）真實(shí)值與測(cè)得值之差除以真實(shí)值叫做測(cè)量結(jié)果的相對(duì)誤差，即。試導(dǎo)出它與電源電動(dòng)勢(shì)、電流表量程I0及電流表內(nèi)阻RA的關(guān)系式. （3）I0=10mA，真實(shí)值RA約為30，要想使測(cè)量結(jié)果的相對(duì)誤差不大于5%，電源電動(dòng)勢(shì)最小應(yīng)為多少伏？參考答案：答案：（1）連

12、線如圖所示： （2）由步驟得由步驟得 解得 （3）6V四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 在電視機(jī)的設(shè)計(jì)制造過(guò)程中，考慮到地磁場(chǎng)對(duì)電子束偏轉(zhuǎn)的影響，可采用某種技術(shù)將其消除.為確定地磁場(chǎng)的影響程度，需先測(cè)定地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，在地球的北半球可將地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度分解為水平分量B1和豎直向下的分量B2，其中B1在水平方向，對(duì)電子束的影響較小可忽略，B2可通過(guò)以下裝置進(jìn)行測(cè)量.如圖所示，水平放置的顯像管中的電子(質(zhì)量為m，電荷量為e)從電子槍的熾熱燈絲上發(fā)出后(初速度可視為零)，先經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速，然后沿水平方向自南向北運(yùn)動(dòng)，最后打在距加速電場(chǎng)出口水平距離為L(zhǎng)的屏上，電子束在屏上的

13、偏移距離為d.(1)試判斷電子束偏向什么方向.(2)求地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的豎直分量B2.參考答案：解析：(1)利用左手定則，可知電子束向東偏轉(zhuǎn).(2)由題意作出電子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，電子經(jīng)電場(chǎng)加速，由動(dòng)能定理得：eUmv2電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾何知識(shí)得：R2(Rd)2L2洛倫茲力提供向心力，故有：evB2m解得：R由以上各式得：B2.17. 如圖所示，在光滑絕緣水 平面上有兩個(gè)帶電小球、，質(zhì)量分別為3m和m，小球帶正電q，小球帶負(fù)電-2q，開(kāi)始時(shí)兩小球相距s0，小球有一個(gè)水平向右的初速度v0，小球的初速度為零，若取初始狀態(tài)下兩小球構(gòu)成的系統(tǒng)的電勢(shì)能為零，試證明：當(dāng)兩小球的速度相同時(shí)系統(tǒng)的電勢(shì)能最大，并求出該最大值；參考答案：（1）由于兩小球構(gòu)成的系統(tǒng)合外力為零，設(shè)某狀態(tài)下兩小球的速度分別為和，由動(dòng)量守恒定律得 （1） （2分）所以，系統(tǒng)的動(dòng)能減小量為 （2） （2分）由于系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有電場(chǎng)力做功，所以系統(tǒng)的動(dòng)能與電勢(shì)能之和守恒，考慮到系統(tǒng)初狀態(tài)下電勢(shì)能為零，故該狀態(tài)下的電勢(shì)能可表為 （3） （1分）聯(lián)立（1）、（3）兩式，得 （4）（1分）由（4）式得：當(dāng) （5） （1分）時(shí)，系統(tǒng)的電勢(shì)能取得最大值，而將（5）式代入（1）式，得 （6）（1分） 即當(dāng)兩小球速度相同時(shí)系統(tǒng)的電勢(shì)能最大，最大值為 18. 甲、乙兩小孩在平直跑道上做游戲，將質(zhì)量為m10kg的處于靜止?fàn)顟B(tài)的