2022年河南省高三一診考試物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比n1：n210：1，副線圈電路接有滑動變阻器R和額定電壓為12V、線圈電阻為2的電動機M原線圈輸入的交流電壓如圖乙閉合開關S，電動機正常工作，電流表示數(shù)為1A下列判斷正確的是（ ）A副線圈兩端的電壓

2、有效值為VB滑動變阻器R的接入電阻為10C電動機輸出的機械功率為12WD若電動機突然卡住，原線圈輸入功率將變小2、淄博孝婦河濕地公園擁有山東省面積最大的音樂噴泉。一同學在遠處觀看噴泉表演時，估測噴泉中心主噴水口的水柱約有27層樓高，已知該主噴水管口的圓形內(nèi)徑約有10cm，由此估算用于給主噴管噴水的電動機輸出功率最接近ABCD3、一物體置于一長木板上，當長木板與水平面的夾角為時，物體剛好可以沿斜面勻速下滑?，F(xiàn)將長木板與水平面的夾角變?yōu)?，再將物體從長木板頂端由靜止釋放；用、和分別表示物體的位移、物體運動的速度、物體運動的加速度、物體的動能和物體運動的時間。下列描述物體由靜止釋放后的運動規(guī)律的圖象中

3、，可能正確的是（ ）ABCD4、如圖所示，A，B質(zhì)量均為m，疊放在輕質(zhì)彈簧上（彈簧上端與B不連接，彈簧下端固定于地面上）保持靜止，現(xiàn)對A施加一豎直向下、大小為F（F2mg）的力，將彈簧再壓縮一段距離（彈簧始終處于彈性限度內(nèi)）而處于靜止狀態(tài)，若突然撤去力F，設兩物體向上運動過程中A、B間的相互作用力大小為FN，則關于FN的說法正確的是（重力加速度為g）（）A剛撤去外力F時，F(xiàn)B彈簧彈力等于F時，F(xiàn)C兩物體A、B的速度最大時，F(xiàn)N=2mgD彈簧恢復原長時，F(xiàn)N=mg5、在地球同步軌道上等間距布置三顆地球同步通訊衛(wèi)星，就可以讓地球赤道上任意兩位置間實現(xiàn)無線電通訊，現(xiàn)在地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為地球半徑

4、的11倍。假設將來地球的自轉周期變小，但仍要僅用三顆地球同步衛(wèi)星實現(xiàn)上述目的，則地球自轉的最小周期約為A5小時B4小時C1小時D3小時6、如圖所示，ABCD為等腰梯形，A=B=60，AB=2CD，在底角A、B分別放上一個點電荷，電荷量分別為qA和qB，在C點的電場強度方向沿DC向右，A點的點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為EA，B點的點電荷在C點產(chǎn)生的場強大小為EB，則下列說法正確的是A放在A點的點電荷可能帶負電B在D點的電場強度方向沿DC向右CEAEBD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有

5、選錯的得0分。7、下列說法正確的是_(填正確答案標號)A懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了花粉分子的熱運動B空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果C彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質(zhì)具有各向異性的特點D高原地區(qū)水的沸點較低，這是高原地區(qū)溫度較低的緣故E.干濕泡濕度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結果8、如圖所示，光滑水平面放置一個靜止的質(zhì)量為2m的帶有半圓形軌道的滑塊a，半圓形軌道的半徑為R。一個質(zhì)量為m的小球b從半圓軌道的左側最高點處由靜止釋放，b到達半圓軌道最低點P時速度大小，然后進入右側最高可到點Q，OQ連線與OP間的夾角=，不計空氣阻力，重力加速度

6、為g。下列說法正確的是（）A滑塊a向左滑行的最大距離為0.6RB小球b從釋放到滑到Q點的過程中，克服摩擦力做的功為0.4mgRC小球b第一次到達P點時對軌道的壓力為1.8mgD小球b第一次返回到P點時的速度大于9、如圖，在光滑水平面上放著質(zhì)量分別為2m和m的A、B兩個物塊，彈簧與A、B栓連，現(xiàn)用外力緩慢向左推B使彈簧壓縮，此過程中推力做功W。然后撤去外力，則（）A從撤去外力到A離開墻面的過程中，墻面對A的沖量大小為2B當A離開墻面時，B的動量大小為CA離開墻面后，A的最大速度為DA離開墻面后，彈簧的最大彈性勢能為10、一列向右傳播的橫波在t=0時的波形如圖所示，A、B兩質(zhì)點間距為8m，B、C兩

7、質(zhì)點平衡位置的間距為3m，當t=1s時，質(zhì)點C恰好通過平衡位置，該波的波速可能為（）Am/sB1m/sC13m/sD17m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測量一精密金屬絲的電阻率：先用多用電表擋粗測其電阻為_，然后用螺旋測微器測其直徑為_mm，游標卡尺測其長度是_mm. 為了減小實驗誤差，需進一步測其電阻，除待測金屬絲外，實驗室還備有的實驗器材如下：A電壓表 (量程3V，內(nèi)阻約為) B電壓表(量程15V，內(nèi)阻約為)C電流表 (量程3A，內(nèi)阻約為) D電流表 (量程600mA，內(nèi)阻約為)E滑動變阻器 (，0.6A) F滑

8、動變阻器 (，0.1A)G輸出電壓為3V的直流穩(wěn)壓電源EH電阻箱 I開關S，導線若干為了盡量多測幾組實驗數(shù)據(jù)，則上述器材中應選用的實驗器材除G、I外，還需的是(填代號)_請在虛線框內(nèi)設計最合理的電路圖_并將圖的實物連線_如果金屬絲直徑為D，長度為L，所測電壓為U，電流為I，寫出計算電阻率公式_12（12分）如圖所示為“研究一定質(zhì)量的氣體在溫度不變的情況下，壓強與體積的關系”實驗裝置，實驗步驟如下：把注射器活塞移至注射器滿刻度處，將注射器與壓強傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計算機逐一連接；移動活塞，記錄注射器的刻度值V，同時記錄對應的由計算機顯示的氣體壓強值p；用V 圖像處理實驗數(shù)據(jù)，得出如圖2所示圖線（

9、1）為了保持封閉氣體的溫度不變，實驗中采取的主要措施是_和_ （2）如果實驗操作規(guī)范正確，但如圖2所示的V 圖線不過原點，則V0代表_ （3）小明同學實驗時緩慢推動活塞，并記錄下每次測量的壓強p與注射器刻度值V在實驗中出現(xiàn)壓強傳感器軟管脫落，他重新接上后繼續(xù)實驗，其余操作無誤V 關系圖像應是_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平地面上方MN邊界左側存在垂直紙面向里的勻強磁場和沿豎直方向的勻強電場（圖中未畫電場），磁感應強度B=1.0T，邊界右側離地面高h=0.45m處有一光滑絕緣平臺，右邊有一

10、帶正電的小球a，質(zhì)量ma=0.1kg、電量q=0.1C，以初速度v0=0.9m/s水平向左運動，與大小相同但質(zhì)量為mb=0.05kg靜止于平臺左邊緣的不帶電的絕緣球b發(fā)生彈性正碰，碰后a球恰好做勻速圓周運動，兩球均視為質(zhì)點，重力加速度g=10m/s2。求(1)碰撞后a球與b球的速度；(2)碰后兩球落地點間的距離（結果保留一位有效數(shù)字）。14（16分）如圖所示為回旋加速器的結構示意圖，勻強磁場的方向垂直于半圓型且中空的金屬盒D1和D2，磁感應強度為B，金屬盒的半徑為R，兩盒之間有一狹縫，其間距為d，且Rd，兩盒間電壓為U。A處的粒子源可釋放初速度不計的帶電粒子，粒子在兩盒之間被加速后進入D1盒中

11、，經(jīng)半個圓周之后再次到達兩盒間的狹縫。通過電源正負極的交替變化，可使帶電粒子經(jīng)兩盒間電場多次加速后獲得足夠高的能量。已知帶電粒子的質(zhì)量為m、電荷量為+q。(1)不考慮加速過程中的相對論效應和重力的影響。求粒子可獲得的最大動能Ekm；若粒子第1次進入D1盒在其中的軌道半徑為r1，粒子第2次進入D1盒在其中的軌道半徑為r2，求r1與r2之比；求粒子在電場中加速的總時間t1與粒子在D形盒中回旋的總時間t2的比值，并由此分析：計算粒子在回旋加速器中運動的時間時，t1與t2哪個可以忽略？（假設粒子在電場中的加速次數(shù)等于在磁場中回旋半周的次數(shù)）；(2)實驗發(fā)現(xiàn)：通過該回旋加速器加速的帶電粒子能量達到253

12、0MeV后，就很難再加速了。這是由于速度足夠大時，相對論效應開始顯現(xiàn)，粒子的質(zhì)量隨著速度的增加而增大。結合這一現(xiàn)象，分析在粒子獲得較高能量后，為何加速器不能繼續(xù)使粒子加速了。15（12分）如圖所示，光滑水平面上有一被壓縮的輕質(zhì)彈簧，左端固定，質(zhì)量為mA=1kg的光滑A緊靠彈簧右端（不栓接），彈簧的彈性勢能為Ep=32J。質(zhì)量為mB=1kg的槽B靜止在水平面上，內(nèi)壁間距L=0.6m，槽內(nèi)放有質(zhì)量為mc=2kg的滑塊C（可視為質(zhì)點），C到左端側壁的距離d=0.1m，槽與滑塊C之間的動摩擦因數(shù)=0.1。現(xiàn)釋放彈簧，滑塊A離開彈簧后與槽B發(fā)生正碰并粘在一起。A、B整體與滑塊C發(fā)生碰撞時，A、B整體與滑

13、塊C交換速度。（g=10m/s2）求(1)從釋放彈簧，到B與C第一次發(fā)生碰撞，整個系統(tǒng)損失的機械能；(2)從槽開始運動到槽和滑塊C相對靜止經(jīng)歷的時間。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A變壓器初級電壓有效值為220V，則副線圈兩端的電壓有效值為選項A錯誤；B滑動變阻器接入電阻為選項B正確；C電動機輸出的機械功率為選項C錯誤；D若電動機突然卡住，次級電流將變大，次級消耗的功率變大，則原線圈輸入功率將變大，選項D錯誤；故選B.點睛：此題要注意電動機問題的能量轉化關系：輸出功率等于總功率與內(nèi)阻上的熱功率的差值

14、；電動機被卡住后相當于純電阻，則電路的電流會變大，電動機很快被燒毀.2、C【解析】管口的圓形內(nèi)徑約有10cm，則半徑r=5cm=0.05m，根據(jù)實際情況，每層樓高h=3m，所以噴水的高度H=27h=81m，則水離開管口的速度為：v=m=18m/s設驅動主噴水的水泵功率為P，在接近管口很短一段時間t內(nèi)水柱的質(zhì)量為：m=vtS=r2vt根據(jù)動能定理可得：Pt=mv2解得：P=代入數(shù)據(jù)解得：P2.4105WA。故A不符合題意。 B。故B不符合題意。C。故C符合題意。 D。故D不符合題意。3、D【解析】BC當長木板的傾角變?yōu)闀r，放在長木板上的物體將由靜止開始做勻加速直線運動，物體的速度隨時間均勻增大，

15、物體的加速度不變，故BC項錯誤；A由知，A項錯誤；D由動能定理得，故物體的動能與物體的位移成正比，D項正確。故選D。4、B【解析】在突然撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，由平衡條件推論可知AB整體的合力向上，大小等于F，根據(jù)牛頓第二定律有：F=（m+m）a，解得：a=F2m，對A受力分析，受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有：FN-mg=ma，聯(lián)立解得：FN=mg+F2，故A錯誤；彈簧彈力等于F時，根據(jù)牛頓第二定律得，對整體有：F-2mg=2ma，對m有：FN-mg=ma，聯(lián)立解得：FN=F2，故B正確；當A、B兩物體的合力為零時，速度最大，對A由平衡條件得：FN=mg，故C錯誤；當彈簧恢復原長時

16、，根據(jù)牛頓第二定律得，對整體有：2mg=2ma，對m有：5、B【解析】設地球的半徑為R，則地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為r=1.1R，已知地球的自轉周期T=24h，地球同步衛(wèi)星的轉動周期與地球的自轉周期一致，若地球的自轉周期變小，則同步衛(wèi)星的轉動周期變小。由公式可知，做圓周運動的半徑越小，則運動周期越小。由于需要三顆衛(wèi)星使地球赤道上任意兩點之間保持無線電通訊，所以由幾何關系可知三顆同步衛(wèi)星的連線構成等邊三角形并且三邊與地球相切，如圖。由幾何關系可知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為r=2R由開普勒第三定律得故B正確，ACD錯誤。故選B。6、C【解析】ACD由于兩點電荷在C點產(chǎn)生的合場強方向沿DC向右，根據(jù)矢量

17、合成法，利用平行四邊形定則可知，可知兩點電荷在C點產(chǎn)生的場強方向如圖所示，由圖中幾何關系可知EBEA，A點所放點電荷為正電荷，B點所放點電荷為負電荷，且A點所放點電荷的電荷量的絕對值大于B點所放點電荷的電荷量的絕對值，選項C正確，A、D錯誤；B對兩點電荷在D點產(chǎn)生的場強進行合成，由幾何關系，可知其合場強方向為向右偏上，不沿DC方向，故B錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】A.懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了水分子的熱運動，而不是反映花粉分子的熱運動

18、，選項A錯誤；B.由于表面張力的作用使液體表面收縮，使小雨滴呈球形，選項B正確；C.液晶的光學性質(zhì)具有各向異性，彩色液晶顯示器就利用了這一性質(zhì)，選項C正確；D.高原地區(qū)水的沸點較低是因為高原地區(qū)的大氣壓強較小，水的沸點隨大氣壓強的降低而降低，選項D錯誤；E.由于液體蒸發(fā)時吸收熱量，溫度降低，所以濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，選項E正確。故選BCE。8、AD【解析】A滑塊a和小球b相互作用的過程，系統(tǒng)水平方向合外力為零，系統(tǒng)水平方向動量守恒，小球b到達Q點時，根據(jù)動量守恒定律得滑塊a和小球b的速度均為零，有2msa=msbsa+sb=R+Rsin解得sa=0.6R故A正確；B根據(jù)功能關系得小

19、球b從釋放到滑到Q點的過程中，克服摩擦力做的功為故B錯誤；C當b第一次到達半圓軌道最低點P時，根據(jù)動量守恒定律有2mva=mvb解得由牛頓運動定律得解得對軌道的壓力故C錯誤；D小球從P點到Q點，根據(jù)功能關系可得克服摩擦力做的功為由功能關系結合圓周運動的知識，得小球b第一次返回到P點的過程中克服摩擦力做的功W0.2mgR故小球b第一次返回到P點時系統(tǒng)的總動能解得故D正確。故選AD。9、BCD【解析】A設當A離開墻面時，B的速度大小為vB根據(jù)功能關系知 得從撤去外力到A離開墻面的過程中，對A、B及彈簧組成的系統(tǒng)，由動量定理得：墻面對A的沖量大小故A錯誤；B當A離開墻面時，B的動量大小故B正確；C當

20、彈簧再次恢復原長時，A的速度最大，從A離開墻壁到AB共速的過程，系統(tǒng)動量和機械能均守恒，取向右為正方向，由動量守恒有mvB=2mvA+mvB 由機械能守恒有 由解得：A的最大速度為故C正確；DB撤去F后，A離開豎直墻后，當兩物體速度相同時，彈簧伸長最長或壓縮最短，彈性勢能最大。設兩物體相同速度為v，A離開墻時，B的速度為v1根據(jù)動量守恒和機械能守恒得mvB=3mv 聯(lián)立解得：彈簧的彈性勢能最大值為故D正確。故選BCD。10、BCD【解析】根據(jù)圖象可知：AB間距離等于一個波長。根據(jù)波形的平移法得到時間t=1s與周期的關系式，求出周期的通項，求出波速的通項，再得到波速的特殊值?！驹斀狻坑蓤D讀出波長

21、=8m，波向右傳播，質(zhì)點C恰好通過平衡位置時，波傳播的最短距離為1m，根據(jù)波形的平移法得：或，n=0，1，2則波速或當n=0時：v=1m/s或5m/s，當n=1時：v=9m/s或13m/s，當n=2時：v=17m/s或21m/s，故A正確，BCD錯誤。故選A。【點睛】本題的解題關鍵是運用波形平移法，得到時間與周期的關系式，得到波速的通項，再研究特殊值。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、6.0 2.0932.097 100.15 ADE 【解析】由圖示多用電表可知，待測電阻阻值是；由圖示螺旋測微器可知，其讀數(shù)為：，由圖示游標卡尺可知，其

22、示數(shù)為：；實驗需要G電源，I開關與導線，電源電動勢為3V，因此電壓表應選A通過待測電阻的最大電流約為，則電流表應選：D為保證電路安全方便實驗操作，滑動變阻器應選：E故選ADE；為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法；，則有，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖，如圖所示由電阻定律可知:，又，聯(lián)立得.12、移動活塞要緩慢 不能用手握住注射器的封閉氣體部分 注射器與壓強傳感器連接部分氣體的體積 B 【解析】(1)12要保持封閉氣體的溫度不變，實驗中采取的主要措施是移動活塞要緩慢；不能用手握住注射器封閉氣體部分這樣能保證裝置與外界溫度一樣(2)3體積讀數(shù)值比實際值大

23、V1 根據(jù)P(V+V1)=C，C為定值，則如果實驗操作規(guī)范正確，但如圖所示的圖線不過原點，則V1代表注射器與壓強傳感器連接部位的氣體體積(3)4根據(jù)PV=C可知，當質(zhì)量不變時成正比，當質(zhì)量發(fā)生改變時（質(zhì)量變大），還是成正比，但此時的斜率發(fā)生變化即斜率比原來大，故B正確.【點睛】本實驗是驗證性實驗，要控制實驗條件，此實驗要控制兩個條件：一是注射器內(nèi)氣體的質(zhì)量一定；二是氣體的溫度一定，運用玻意耳定律列式進行分析四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)，；(2)【解析】(1)兩車發(fā)生彈性正碰，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，應用動量守恒定律與機械能守恒定律就可以求出碰撞后的速度。(2)碰撞后a在磁場中做圓周運動，b做平拋運動，應用牛頓第二定律與幾何知識、應用平拋運動規(guī)律可以求出兩球落地間