2022年安徽省滁州市二中高一物理第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得5分，選不全的得3分，有選錯(cuò)的或不答的得0分）1、下列說(shuō)法正確的是（）A.研究地球的自轉(zhuǎn)時(shí)，地球可以看成質(zhì)點(diǎn)B.一對(duì)作用力和反作用力總是同時(shí)存在，同時(shí)變化C.學(xué)校運(yùn)動(dòng)會(huì)的100m和800m項(xiàng)目

2、都是指位移D.物體速度的變化越大，物體加速度越大2、關(guān)于牛頓第一定律，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A.牛頓第一定律是利用邏輯思維對(duì)事物進(jìn)行分析的產(chǎn)物，不可能用實(shí)驗(yàn)直接證明B.不受力作用的物體是不存在的，故牛頓第一定律的建立毫無(wú)意義C.牛頓第一定律表明，物體只有在不受外力作用時(shí)才具有慣性D.牛頓第一定律表明，物體只有在靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)才具有慣性3、在評(píng)判下列運(yùn)動(dòng)員的比賽成績(jī)時(shí)，可視為質(zhì)點(diǎn)的是（）A.馬拉松B.跳水C.擊劍D.體操4、如圖所示，豎直放置的輕彈簧的一端固定在地面上，另一端與斜面體P連接，P與斜放的固定擋板MN接觸且處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧處于豎直方向，則斜面體P此刻受到外力的個(gè)數(shù)可能為（

3、）A.2個(gè)或3個(gè)B.2個(gè)或4個(gè)C.2個(gè)或5個(gè)D.3個(gè)或4個(gè)5、關(guān)于胡克定律，下列說(shuō)法正確的是A.彈簧所受的拉力大小和勁度系數(shù)有關(guān)，拉力越大，勁度系數(shù)也越大B.彈簧即使拉伸長(zhǎng)度超過(guò)了彈性限度，仍符合胡克定律C.彈簧的勁度系數(shù)與彈簧發(fā)生的形變的大小有關(guān)，形變?cè)酱?，勁度系?shù)越小D.彈簧的材料、粗細(xì)均會(huì)影響彈簧的勁度系數(shù)6、如圖所示，滑輪固定在天花板上，物塊A、B用跨過(guò)滑輪不可伸長(zhǎng)的輕細(xì)繩相連接，物塊B靜止在水平地面上。如用f和FN分別表示水平地面對(duì)物塊B的摩擦力和支持力，那么若將物塊B向右移動(dòng)一小段距離，物塊B仍靜止在水平地面上，則f和FN的大小變化情況是（）A.f、FN都增大B.f、FN都減小C.

4、f增大，F(xiàn)N減小D.f減小，F(xiàn)N增大7、如圖甲所示，質(zhì)量的粗糙長(zhǎng)木板P（足夠長(zhǎng)）靜止在水平地面上，一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊Q以初速度滑上長(zhǎng)木板上表面，在物塊Q滑上長(zhǎng)木板P的同時(shí)給P施加個(gè)方向水平向右大小為的拉力，P、Q的圖線如圖乙所示，其中、段分別是內(nèi)Q、P的圖線，段是內(nèi)P、Q共同的圖線，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊Q的質(zhì)量為B.P、Q之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，P與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2C.長(zhǎng)木板P最小的長(zhǎng)度為D.內(nèi)物塊Q的位移大小為8、如圖所示，傳送帶以v的速度勻速運(yùn)動(dòng)。將質(zhì)量為m的物體無(wú)初速度放在傳送帶上的A端，物體將被傳送帶帶到B端，已知物體到達(dá)B端之前已和傳

5、送帶相對(duì)靜止，則下列說(shuō)法正確的是（）A.傳送帶對(duì)物體做功為mv2B.傳送帶克服摩擦做功mv2C.電動(dòng)機(jī)由于傳送物體多消耗的能量為mv2D.在傳送物體過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為mv29、質(zhì)量分別為M和m的物塊形狀大小均相同，將它們通過(guò)輕繩跨過(guò)光滑定滑輪連接，如圖甲所示，繩子平行于傾角為的斜面，M恰好能靜止在斜面上，不考慮M、m與斜面之間的摩擦。若互換兩物塊位置，按圖乙所示放置，然后釋放M，斜面仍保持靜止。則下列說(shuō)法正確的是（）A.輕繩的拉力等于MgB.輕繩的拉力等于mgC.M運(yùn)動(dòng)的加速度大小為D.M運(yùn)動(dòng)的加速度大小為10、將小球從某高度處以初速度v0水平拋出，經(jīng)時(shí)間t恰好落在水平地面上，重力加速度為g，

6、忽略空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球落地時(shí)速度大小為v0+gtB.小球落地時(shí)速度大小為C.落地時(shí)小球速度方向與水平方向夾角滿足D.落地時(shí)小球速度方向與水平方向夾角滿足11、如圖所示，一小球自空中自由落下，與正下方的直立輕質(zhì)彈簧接觸，直至速度為零的過(guò)程中，關(guān)于小球運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的下列幾種描述中，正確的是（）A.接觸后，速度為零的地方就是彈簧被壓縮最大之處B.接觸后，小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方C.接觸后，小球先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，其速度先增加后減小直到為零D.接觸后，小球做減速運(yùn)動(dòng)，加速度的絕對(duì)值越來(lái)越大，速度越來(lái)越小，最后等于零12、我市奧運(yùn)冠軍鄧薇在2019年舉重世界杯暨東

7、京奧運(yùn)會(huì)資格賽中再次打破世界紀(jì)錄如圖為鄧薇在進(jìn)行抓舉比賽。下列說(shuō)法正確的是A.在抓舉杠鈴上升階段，手對(duì)杠鈴的作用力大于杠鈴對(duì)手的作用力B.舉住杠鈴靜止時(shí)，手對(duì)杠鈴的作用力等于杠鈴對(duì)手的作用力C.舉住杠鈴靜止時(shí)，手對(duì)杠鈴的作用力與杠鈴對(duì)手的作用力是一對(duì)平衡力D.舉住杠鈴靜止時(shí)，手對(duì)杠鈴的作用力與杠鈴所受重力是一對(duì)平衡力二填空題(每小題6分，共18分)13、如圖所示，兩個(gè)滑塊A和B的質(zhì)量分別為mA=1 kg和mB=5 kg，放在靜止于水平地面上的木板的兩端，兩者與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為1=0.5；木板的質(zhì)量為m=4 kg，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2=0.1。某時(shí)刻A、B兩滑塊開始相向滑動(dòng)，初速度大小

8、均為v0=3 m/s。A、B相遇時(shí)，A與木板恰好相對(duì)靜止。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，A、B可看成質(zhì)點(diǎn)，取重力加速度大小g=10 m/s2。求(1)開始運(yùn)動(dòng)時(shí)木板的加速度a(2)B與木板相對(duì)靜止時(shí)，木板的速度；(3)木板的長(zhǎng)度及木板的總位移14、一個(gè)實(shí)驗(yàn)小組在“探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲，用鉤碼通過(guò)水平細(xì)繩為彈簧提供了水平向右恒定的拉力（1）以下說(shuō)法正確的是_A彈簧被拉伸時(shí)，不能超出它的彈性限度B用懸掛砝碼的方法給彈簧施加拉力，應(yīng)保證彈簧位于水平位置且處于平衡狀態(tài)C用直尺測(cè)得彈簧的長(zhǎng)度即為彈簧的伸長(zhǎng)量D用幾個(gè)不同的彈簧，分別測(cè)出幾組拉力與伸長(zhǎng)量，得出拉力與伸長(zhǎng)量之比均

9、應(yīng)該相等（2）某同學(xué)由實(shí)驗(yàn)測(cè)得某彈簧的彈力F與彈簧的伸長(zhǎng)量x的關(guān)系如圖乙所示，則彈簧勁度系數(shù)k_N/m（保留兩位有效數(shù)字）（3）該同學(xué)將該彈簧制成一把彈簧秤，已知彈簧原長(zhǎng)L010cm，當(dāng)彈簧秤的示數(shù)如圖丙所示時(shí)，該彈簧的長(zhǎng)度l_cm（保留兩位有效數(shù)字）15、某同學(xué)為驗(yàn)證牛頓第二定律而設(shè)計(jì)的滑輪裝置，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，圖中繩子不可伸長(zhǎng)，已知左側(cè)托盤及砝碼質(zhì)量為m1，右側(cè)托盤及砝碼質(zhì)量為m2，且m1m2，現(xiàn)由靜止釋放左側(cè)托盤，測(cè)量系統(tǒng)加速度然后改變m1、m2質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)多次（1）該同學(xué)利用圖示實(shí)驗(yàn)裝置求得左側(cè)托盤及砝碼的加速度的表達(dá)式a= _（用字母m1、m2及g表示）（2）該同學(xué)認(rèn)為，只要保持

10、_不變，即可得出m1、m2系統(tǒng)加速度與系統(tǒng)的合外力成正比；只要保持_不變，即可得出m1、m2系統(tǒng)的加速度與系統(tǒng)的總質(zhì)量成反比三計(jì)算題(22分)16、（12分）質(zhì)量M4kg、長(zhǎng)2L4m的木板放在光滑水平地面上，以木板中點(diǎn)為界，左邊和右邊的動(dòng)摩擦因數(shù)不同一個(gè)質(zhì)量為m1kg的滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在木板的左端，如圖甲所示在t0時(shí)刻對(duì)滑塊施加一個(gè)水平向右的恒力F，使滑塊和木板均由靜止開始運(yùn)動(dòng)，t12s時(shí)滑塊恰好到達(dá)木板中點(diǎn)，滑塊在前2s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的x1t圖像如圖乙所示g取10 m/s2(1)計(jì)算前2s內(nèi)木板M運(yùn)動(dòng)加速度aM的大??；(2)計(jì)算滑塊與木板左邊的動(dòng)摩擦因數(shù)1；(3)若滑塊與木板右邊的動(dòng)摩擦因數(shù)20

11、.1，2s末撤去恒力F，則滑塊能否從木板上滑落下來(lái)？若能，求分離時(shí)滑塊的速度大小若不能，則滑塊將停在離木板右端多遠(yuǎn)處？17、（10分）A、B兩木塊重分別為30N和90N，用不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線繞過(guò)輕質(zhì)光滑的滑輪連結(jié)在一起并疊放在水平桌面上，A與B、B與桌面C之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.4，當(dāng)對(duì)滑輪施一水平力F40N時(shí)，求：(1)細(xì)線的張力為多少？(2)A對(duì)B的摩擦力；(3)C對(duì)B的摩擦力大小。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得5分，選不全的得3分，有選錯(cuò)的或不答的得0分）1、B【解析】A研

12、究地球的自轉(zhuǎn)時(shí)，地球的大小和形狀不能忽略，故不能看成質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)牛頓第三定律可知，作用力和反作用力總是同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失，故B正確；C100m跑道是直線跑道，100m是路程的大小，同時(shí)也是位移的大小，800m項(xiàng)目是標(biāo)準(zhǔn)跑道的兩圈，位移為零，路程為800m，故C錯(cuò)誤；D加速度是描述速度變化快慢的物理量，物體的速度變化率越大，加速度越大，故D錯(cuò)誤。故選B。2、A【解析】A牛頓第一定律是在伽利略的理想斜面實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上通過(guò)邏輯推理得到，不可能用實(shí)驗(yàn)直接證明，故A正確；B不受力作用的物體是不存在的，但是當(dāng)合力為零時(shí)，牛頓第一定律同樣也適用，B錯(cuò)誤；CD牛頓第一定律表明物體具有保持原來(lái)

13、速度不變的性質(zhì)，即慣性，慣性的大小與物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況均無(wú)關(guān)，CD錯(cuò)誤。故選A3、A【解析】A馬拉松比賽時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的大小形狀可以忽略，可以看成質(zhì)點(diǎn)，A正確；B跳水時(shí)，人們要關(guān)注人的動(dòng)作，故人的大小形狀不能忽略，不能看作質(zhì)點(diǎn)，B錯(cuò)誤；C擊劍時(shí)要注意人的肢體動(dòng)作，不能看作質(zhì)點(diǎn)，C錯(cuò)誤；D體操中主要根據(jù)人的肢體動(dòng)作評(píng)分，故不能忽略大小和形狀，故不能看作質(zhì)點(diǎn)，D錯(cuò)誤。故選A。4、B【解析】對(duì)斜面體P受力分析如圖：如果：（1）FNG的話，P體受力可以平衡，故P可能受2個(gè)力的作用；（2）FNG的話，P不可能平衡（3）如果：FNG，P會(huì)受到擋板MN的彈力F和摩擦力Ff，受力分析如圖：故P可能受4個(gè)力的

14、作用綜上所述：P可能的受力個(gè)數(shù)是2個(gè)或4個(gè)故選B。5、D【解析】ACD彈簧的勁度系數(shù)表示彈簧的軟硬程度，它的數(shù)值與彈簧的材料，彈簧絲的粗細(xì)，彈簧圈的直徑，單位長(zhǎng)度的匝數(shù)等等因素有關(guān)，即由彈簧本身決定，與彈簧所受的拉力大小及形變無(wú)關(guān)，故AC錯(cuò)誤，D正確；B彈簧拉伸長(zhǎng)度超過(guò)了彈性限度，則不符合胡克定律，故B錯(cuò)誤；故選D。6、A【解析】本題考查力的平衡分析?！驹斀狻坑捎谖矬wA始終靜止，繩上拉力等與物體A的重力，始終不變，但B往右移動(dòng)一小段距離，拉B的繩和水平地面的夾角變小，拉力的水平分力變大，豎直分力變小，物體B靜止，水平拉力等于摩擦力，所以摩擦力f變大，豎直方向支持力加豎直分力等于重力，所以支持力

15、FN變大，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。7、AC【解析】AB設(shè)物塊Q的質(zhì)量為m，P、Q之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為1，P與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2。根據(jù)速度圖象的斜率表示加速度，可得0-1s內(nèi)Q、P的加速度大小分別為a1=4m/s2，a2=4m/s2。0-1s，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)Q有：1mg=ma1對(duì)P有：1mg+F-2（M+m）g=Ma2；Q、P共速后做勻速運(yùn)動(dòng)，有：F=2（M+m）g聯(lián)立解得：m=1kg，1=0.4，2=0.1，故A正確，B錯(cuò)誤；C長(zhǎng)木板P最小的長(zhǎng)度等于0-1s內(nèi)Q相對(duì)P的位移為：，故C正確；D02s內(nèi)物塊Q的位移大小為：，故D錯(cuò)誤。故選AC。8、AC【解析】A對(duì)小物體由動(dòng)能定理可知

16、傳動(dòng)帶對(duì)物體做功為，A正確；B當(dāng)小物體和傳送帶共速時(shí)，傳送帶的位移為故傳送帶克服摩擦力做功為B錯(cuò)誤；C由于傳送帶克服摩擦力做功為，傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)，故電動(dòng)機(jī)多提供的能量即為傳送帶克服摩擦力做的功，即多提供的能量為，C正確；D產(chǎn)生的熱量為D錯(cuò)誤。故選AC。9、BCD【解析】互換位置前，M靜止在斜面上，則有互換位置后，對(duì)M有對(duì)m有又聯(lián)立解得故選BCD。10、BC【解析】AB小球落地時(shí)豎直方向的速度為，則小球落地時(shí)速度大小為故A錯(cuò)誤，B正確；CD將小球落時(shí)速度分解為水平方向與豎直方向，則有故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。11、ABC【解析】接觸后，小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方；速度為零的地方就

17、是彈簧被壓縮最大之處；由受力分析和運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)，小球先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，其速度先增加后減小直到為零【詳解】小球與彈簧接觸后，開始重力大于彈簧的彈力，合力向下，加速度向下，小球做加速運(yùn)動(dòng)，加速度減小，當(dāng)彈力等于重力時(shí)，加速度減小到零，此時(shí)速度最大；再以后，彈力大于重力而且逐漸增大，加速度向上也逐漸增大，小球做減速運(yùn)動(dòng)直至速度為零；即小球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)再做加速度增加的減速運(yùn)動(dòng)，速度為零的地方就是彈簧被壓縮最大之處，故A、B、C正確，D錯(cuò)誤故選ABC12、BD【解析】ABC手對(duì)杠鈴的作用力和杠鈴對(duì)手的作用力是相互作用力，等大反向，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，AC錯(cuò)誤，B正確；D舉住杠鈴靜止時(shí)，杠

18、鈴所受合力為零，手對(duì)杠鈴的作用力與杠鈴所受重力是一對(duì)平衡力，D正確。故選BD。二填空題(每小題6分，共18分)13、 (1)，方向向右；(2)；(3)，【解析】(1)對(duì)木板，根據(jù)牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：方向向右(2)向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：方向向右向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：方向向左當(dāng)木板與共速時(shí)共同速度為，則有：代入數(shù)據(jù)解得：，(3)此過(guò)程木板相對(duì)于地面的位移：此過(guò)程相對(duì)于地面的位移：此過(guò)程相對(duì)于地面的位移：此時(shí)相對(duì)木板靜止，突變?yōu)殪o摩擦力，受力不變加速度仍為5m/s2，方向向右，對(duì)與木板受力分析，有：代入數(shù)據(jù)解得：方向向左當(dāng)木板與A共速時(shí)共同速度，

19、則有：代入數(shù)據(jù)解得：，此過(guò)程木板相對(duì)于地面的距離：此過(guò)程相對(duì)于地面的位移：此過(guò)程相對(duì)于地面位移：木板的長(zhǎng)度為：此后三者一起減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小為：最后通過(guò)的位移：故木板的最大相對(duì)于地面位移：14、 .AB .75（7075也對(duì)） .14【解析】在探索彈力和彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，彈簧的彈力與行變量的關(guān)系滿足F=kx，其中k由彈簧本身決定；利用實(shí)驗(yàn)操作過(guò)程的注意事項(xiàng)分析即可；由F-L圖象的意義，斜率表示彈簧的勁度系數(shù)，圖象與橫坐標(biāo)的截距為彈簧的原長(zhǎng)【詳解】（1）彈簧被拉仲時(shí)，不能超出它的彈性限度，否則彈簧會(huì)損壞，故A正確；用懸掛鉤碼的方法給彈簧施加拉力要保證彈簧位于水平位置，使

20、鉤碼的重力等于彈簧的彈力要待鉤碼平衡時(shí)再讀讀數(shù)，故B正確；彈簧的長(zhǎng)度不等于彈簧的伸長(zhǎng)量，伸長(zhǎng)量等于彈簧的長(zhǎng)度減去原長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；拉力與伸長(zhǎng)量之比是勁度系數(shù)，由彈簧決定，同彈簧的勁度系數(shù)是不變的，不同的彈簧的勁度系數(shù)不同，故D錯(cuò)誤所以AB正確，CD錯(cuò)誤（2）由FL圖象和胡克定律結(jié)合分析知，圖象的斜率為彈簧的勁度系數(shù)，所以據(jù)圖所知：（3）測(cè)力計(jì)數(shù)F3.0N，彈簧長(zhǎng)度l14cm【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理，能夠根據(jù)胡克定律列式求解；能利用F-L圖象分析求解是關(guān)鍵，注意橫坐標(biāo)的截距為彈簧的原長(zhǎng)，斜率表示彈簧的勁度系數(shù)15、 . . .【解析】本題主要考查驗(yàn)證牛頓第二定律，明確研究對(duì)象列出對(duì)應(yīng)公式是關(guān)鍵，再進(jìn)行分析公式即可【詳解】（1）設(shè)繩子的拉力為T，以左盤及砝碼為研究對(duì)象，由牛頓第二定律有：，以右盤及砝碼為研究對(duì)象，由牛頓第二定律有：，聯(lián)立解得 ；（2）由可知，即只要保持不變，即可得出m1、m2系統(tǒng)的加速度與系統(tǒng)的合外力成正比；