上海市長寧、青浦、寶山、嘉定2022-2023學年物理高一第一學期期末教學質量檢測試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、釣魚島自古以來就是我國的固有領土，在距溫州市約356 km、距福州市約385 km、距基隆市約190 km的位置若我國

2、某海監(jiān)船為維護我國釣魚島的主權，從溫州出發(fā)去釣魚島巡航，經8小時到達釣魚島，共航行了480 km，則下列說法中正確的是( )A.該海監(jiān)船的位移大小為480 km，路程為356 kmB.途中船員親身體會到了“滿眼風光多閃爍，看山恰似走來迎”的情景，此時他選擇的參考系是山C.確定該海監(jiān)船在海上的位置時可以將該海監(jiān)船看成質點D.此次航行的平均速度是60 km/h2、一個質點由靜止開始沿直線運動，速度隨位移變化的圖象如圖所示，關于質點的運動，下列說法中正確的是（）A.質點做勻變速直線運動B.質點做勻加速直線運動C.質點做加速度逐漸減小的加速運動D.質點做加速度逐漸增大的加速運動3、如圖所示，一位同學從

3、操場A點出發(fā)，向西走了，到達B點，然后又向北走了，達到C點在從A點到C點的過程中，該同學的位移大小是（ ）A.470mB.50m.C.40mD.30m4、一名人類宇航員到達某類地行星，在行星上完成自由落體運動實驗，讓一個質量為1kg的小球從一定的高度自由下落，測得在第5s內的位移是18m，則（）A.若改用2kg小球，會在更短時間內落地B.小球在第5s內的平均速度是C.該星球上的重力加速度為D.小球在5s內的位移是50m5、如圖，水平地面上有三個靠在一起的物塊P、Q和R，質量分別為m、2m和3m，物塊與地面間的動摩擦因數都為。用大小為F的水平外力推動物塊P，設R和Q之間相互作用力與Q與P之間相互

4、作用力大小之比為k。下列判斷正確的是（）A.若0，則k=B.若0 ， k = C.若=0，則D.若=0，則6、斜面靜止在水平面上時，一個質量為m的小球用細線吊在傾角為的斜面頂端，且緊靠在斜面上，繩與斜面平行，不計摩擦，當斜面運動恰對小球無彈力作用時斜面向右勻加速的加速度大小為( )A.g/tanB.gcosC.gsinD.gtan7、如圖所示，質量為m2的物體2放在車廂底板上，用豎直細線通過定滑輪與質量為m1的物體1連接，不計滑輪摩擦，車廂正在水平向右做加速直線運動，連接物體1的細線與豎直方向成角，物體2仍在車廂底板上，則（）A.細線拉力為B.車廂的加速度為C.底板對物體2的支持力為D.底板對

5、物體2的摩擦力為零8、某電梯中用細繩靜止懸掛一重物，當電梯在豎直方向運動時，突然發(fā)現繩子斷了，由此可以判斷此時電梯的情況是（ ）A.電梯可能是加速上升B.電梯可能是減速上升C.電梯可能勻速上升D.電梯的加速度方向一定向上9、豎直升降的電梯頂部拴一彈簧秤，彈簧秤下端掛一重物，電梯靜止時，電梯中的人觀察到彈簧秤的示數為10N。某時刻電梯中的人觀察到彈簧秤的示數為12N，取g=10m/s2，則此時（ ）A.電梯中的人一定處于失重狀態(tài)B.電梯中的人一定處于超重狀態(tài)C.電梯可能向上加速運動，加速度大小為2m/s2D.電梯可能向上減速運動，加速度大小為2m/s210、某緩沖裝置可抽象成如圖所示的簡單模型圖

6、中k1、k2為原長相等，勁度系數不同的輕質彈簧下列表述正確的是（）A.緩沖效果與彈簧的勁度系數無關B.墊片向右移動時，兩彈簧產生的彈力大小相等C.墊片向右移動時，兩彈簧的長度保持相等D.墊片向右移動時，兩彈簧的長度不同11、如圖所示，物體 A 疊放在物體 B 上，B 置于光滑水平面上，A、B 質量分別為，A、B 之間的動摩擦因數，開始時，此后逐漸增加，在增大到 50N 的過程中，g 取，則（）A.當拉力 F時，物體均保持靜止狀態(tài)B.當拉力時，兩物體間的摩擦力為C.兩物體開始沒有相對運動，當拉力超過 18N 時，開始相對運動D.兩物體始終沒有相對運動12、如圖所示，用力F向上拉起兩重物A.B,A

7、、B的質量分別是1 kg、2kg，A、B之間的輕繩能承受的最大拉力是30N,g取10 m/s2為保證A、B之間的輕繩不被拉斷A.兩物體向上的加速度不能大于 5 m/s2B.F的大小不能超過45NC.兩物體向上的加速度不能大于10 m/s2D.F大小不能超過30N二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）利用打點計時器可測紙帶運動的時間和位移，某同學在練習使用打點計時器時進行如下操作并進行敘述說明。A用手水平拉動紙帶，再接通電源，打點計時器在紙帶上打下一系列小點B將打點計時器固定，使紙帶穿過限位孔，并壓在復寫紙下面C用刻度尺測量從計時開始點到每一個點間的距離D.切斷電源，取下紙

8、帶，如果共有N個清晰的點，可知紙帶運動的時間(1)上述實驗步驟操作或敘述有誤的是_；(2)將錯誤步驟改正后進行合理排序_。（填操作步驟前的字母序號）14、（10分）如圖為“用位移傳感器、數據采集器等儀器研究加速度和力關系”的實驗裝置（1）在實驗中采用的方法是_法實驗中保持小車總質量不變，用鉤碼所受的重力作為小車所受的合外力，用DIS（數字化信息系統）測小車的加速度（2）改變所掛鉤碼的數量，多次重復測量，根據測得的多組數據可畫出a-F關系圖線如圖分析此圖線的OA段（直線）可得出的實驗結論是：在質量不變時_此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是_A所掛鉤碼的總質量太大B所用小車的質量太

9、大三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，質量為60kg的滑雪運動員，在斜坡頂端從靜止開始勻加速下滑100m到達坡底，用時10s，斜面與水平面間的夾角為37，假設運動員與水平地面間的動摩擦因數=0.2，求：（已知，）(1)運動員到達坡底時速度大??；(2)運動員與斜面之間的動摩擦因數；(3)運動員能在水平面上運動的距離16、（12分）足夠長的傾角=53的斜面固定在水平地面上，有一物體在斜面上滑動，已知該物體與斜面間的動摩擦因數=0.8，取g =10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6（1）當物體從斜面頂端往下滑動時，求物體滑動的加速度；（2）

10、如圖所示，當物體以v0=6.4m/s的初速度，從斜面底端向上滑行時，求：物體沿斜面向上滑動時，物體的加速度；物體從斜面底端開始向上滑行到再次返回斜面底端所需的時間；若僅將斜面傾角變?yōu)?7，其他條件不變，則物體在開始第1s內的位移大?。ńY果保留2位有效數字）17、（12分）汽車以10ms的速度在平直公路上勻速行駛，剎車后做勻減速直線運動，經2s后速度變?yōu)?m/s求：（1）剎車過程中的加速度（2）剎車后2s內前進的距離（3）剎車后8s內前進的距離參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】A位移是從初位置到末位置的有向線段，為356k

11、m；路程為軌跡的實際長度，為480km，故A錯誤；B看山恰似走來迎是以船為參考系的，B錯誤；C該海監(jiān)船在海上航行時，確定位置時其大小可以忽略不計，故可以將該海監(jiān)船看成質點，故C正確；D平均速度等于位移與時間的比值，故，D錯誤。故選C。2、D【解析】從圖可知，s與v成正比，即skv，k是比例系數（常量），v，顯然加速度與速度呈正比，所以質點做加速度逐漸增大的加速運動，故D正確，ABC錯誤3、B【解析】位移的大小等于首末位置的距離，所以總位移是大小為A470m，與結論不相符，選項A錯誤；B50m，與結論相符，選項B正確；C40m，與結論不相符，選項C錯誤；D30m，與結論不相符，選項D錯誤；4、D

12、【解析】A自由落體運動的快慢與物體質量無關，故A錯誤。BC小球在第5s內的位移是18m，則第5s內的平均速度為：=18m/s，第5s內的平均速度等于4.5s末的速度，所以有：故BC錯誤。D小球在前5s內的位移是：故D正確。故選D。5、D【解析】三物塊靠在一起，將以相同加速度向右運動；則加速度大小：所以，和之間相互作用力為：與之間相互作用力：所以可得：由于談論過程與是否為零無關，故有恒成立；A與分析不符，故A錯誤；B與分析不符，故B錯誤；C與分析不符，故C錯誤；D與分析相符，故D正確；故選D。6、A【解析】設斜面對小球的支持力為零，球受重力和拉力，合力水平向右，如圖所示：根據牛頓第二定律有：，解

13、得：，故A正確，BCD錯誤7、BC【解析】車廂水平向右做加速直線運動，兩物體與車廂具有相同的加速度，根據隔離對物體1分析，得出物體1的加速度以及細線的拉力，從而得知車廂的加速度再隔離對物體2分析，求出支持力和摩擦力的大小。【詳解】AB以物體1為研究對象，水平方向有：豎直方向有：解得：A錯誤，B正確；CD以物體2為研究對象，水平方向有：豎直方向有：解得：C正確，D錯誤；故選BC。8、AD【解析】某電梯中用細繩懸掛一重物，當電梯在豎直方向運動時，突然發(fā)現繩子斷了，說明繩子的拉力增大了，說明物體處于超重狀態(tài)，具有向上的加速度，由此可判定電梯運動狀態(tài)【詳解】某電梯中用細繩懸掛一重物，當電梯在豎直方向運

14、動時，突然發(fā)現繩子斷了，說明繩子的拉力增大了，說明物體處于超重狀態(tài)，具有向上的加速度，說明電梯具有向上的加速度，則電梯可能是向上做加速運動，也可能是向下做減速運動，故BC錯誤，AD正確。故選AD。【點睛】首先要會判定超重和失重，其次要夠由超重和失重判定物體的運動狀態(tài)，重點把握加速度的方向9、BC【解析】AB電梯靜止時，電梯中的人觀察到彈簧秤的示數為重物的重力mg，人觀察到彈簧秤的示數為12N10N，說明電梯中的人一定處于超重狀態(tài)，故A錯誤，B正確；CD由mg=10N，的m=1kg，其加速度方向向上，電梯可能向上加速運動，也可能向下做減速運動，根據牛頓第二定律：F-mg=ma得故C正確，D錯誤。

15、故選BC。10、BD【解析】A由胡克定律F=kx，知F相同時，k不同，x不同，可知緩沖效果與彈簧的勁度系數有關故A錯誤B當墊片向右移動時，兩彈簧均被壓縮，兩彈簧串聯彈力大小相等故B正確CD當墊片向右移動時，墊片向右移動時，兩彈簧均被壓縮，兩彈簧串聯彈力相等，由于勁度系數不同，兩彈簧形變量不同，故兩彈簧長度不同故C錯誤，D正確11、BD【解析】隔離對B分析，求出AB發(fā)生相對滑動時的臨界加速度，再對整體分析，運用牛頓第二定律求出剛好發(fā)生相對滑動時的拉力【詳解】當AB間摩擦力達到最大靜摩擦力時，A、B發(fā)生相對滑動，由牛頓第二定律對B：，對A、B系統：F=（mA+mB）a=（6+3）6=54N，由此可

16、知，當拉力達到54N時，A、B才發(fā)生相對滑動，故C錯誤，D正確；因地面光滑，當拉力F18N時，兩物體保持相對靜止一起運動，故A錯誤；因拉力小于54N，故兩物體相對靜止，根據牛頓第二定律F=（mA+mB）a，代入數據解得加速度為：a=4m/s2，對B可得兩物體間的摩擦力為：，故B正確所以BD正確，AC錯誤【點睛】本題考查了牛頓第二定律的臨界問題，通過臨界加速度求出臨界拉力是解決本題的關鍵，掌握整體法和隔離法的靈活運用12、AB【解析】對B受力分析，當繩的拉力最大時，B的加速度最大，由牛頓第二定律得出最大加速度對整體受力分析，由最大加速度求出對應的拉力F【詳解】AC：對B受力分析，當繩拉力最大時，

17、B的加速度最大，由牛頓第二定律可得，解得：B的最大加速度，則兩物體向上的加速度不能大于 5 m/s2故A項正確，C項錯誤BD：當整體加速度為5 m/s2時，對整體受力分析，由牛頓第二定律可得，解得：，即F的大小不能超過45N故B項正確，D項錯誤二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .AD .BADC【解析】(1)1A為了充分利用紙帶和打點計時器穩(wěn)定工作，應選接通電源后拉動紙帶，故A錯誤；B安裝器材時，將打點計時器固定，使紙帶穿過限位孔，并壓在復寫紙下面，故B正確；C為了減小測量誤差，應用刻度尺測量從計時開始點到每一個點間的距離，故C正確；D如果共有N個清晰的點，可知紙帶運動的時

18、間為故D錯誤。故選AD(2)2實驗步驟的排列一般要先安裝器材然后進行實驗的思路進行，故實驗步驟的合理順序是BADC14、 .控制變量 .加速度與合外力成正比 .A【解析】（1）因為要探索“加速度和力的關系”的實驗中有三個變量，所以采用控制變量法（2）由于OA段a-F關系為一傾斜的直線，所以在質量不變的條件下，加速度與外力成正比由實驗原理：mg=Ma，得：而實際上是： ，可見AB段明顯偏離直線是由于沒有滿足Mm造成的，故A正確，B錯誤三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、 (1)20m/s(2)0.5(3)100m【解析】(1)根據位移時間公式，可得：解得：根據速度時間公式可得：v=at=210m/s=20m/s(2)受力分析由牛頓第二定律有：解得(3)人在水平面上做勻加速運動，加速度大小為，由牛頓第二定律得：解得由，得16、 (1