XXXX 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 階段質(zhì)量檢測(cè)

1、 歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！ 歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！ 感謝閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！ 感謝閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！ 歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！ 感謝閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！牛頓運(yùn)動(dòng)定律(時(shí)間60分鐘，滿分100分)一、單項(xiàng)選擇題(本題共4個(gè)小題，每小題4分，共16分每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求)1(2010梅州模擬)2009年當(dāng)?shù)貢r(shí)間9月得拉邦斯里赫里戈達(dá)島的薩蒂什達(dá)萬航天中心，一枚PSLVC14型極地衛(wèi)星運(yùn)載火箭攜帶七顆衛(wèi)星發(fā)射升空，成功實(shí)現(xiàn)“一箭七星”發(fā)射，相關(guān)圖片如圖1所示則下

2、列說法不正 圖1確的是 ()A火箭發(fā)射時(shí)，噴出的高速氣流對(duì)火箭的作用力大于火箭對(duì)氣流的作用力B發(fā)射初期，火箭處于超重狀態(tài)，但它受到的重力卻越來越小C高溫高壓燃?xì)鈴幕鸺膊繃姵鰰r(shí)對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)燃?xì)獾淖饔昧Υ笮∠嗟菵發(fā)射的七顆衛(wèi)星進(jìn)入軌道正常運(yùn)轉(zhuǎn)后，均處于完全失重狀態(tài)解析：由作用力與反作用力大小相等，可知A錯(cuò)誤；火箭發(fā)射初期，因?yàn)榛鸺蛏霞铀龠\(yùn)動(dòng)，故處于超重狀態(tài)，隨著火箭距地越來越遠(yuǎn)，所受的重力也越來越小，B正確；由作用力與反作用力的關(guān)系可知C正確；衛(wèi)星進(jìn)入軌道正常運(yùn)轉(zhuǎn)后，所受的萬有引力充當(dāng)向心力，此時(shí)各衛(wèi)星均處于完全失重狀態(tài)，D正確答案：A2如圖2甲所示，放在光滑水平面上的木塊受到兩個(gè)水

3、平力F1與F2的作用靜止不動(dòng)現(xiàn)保持F1不變，F(xiàn)2大小變化如圖乙所示，則在此過程中，能正確描述木塊運(yùn)動(dòng)情況的速度圖象是圖3中的 ()圖2圖3解析：由于F2均勻減小到零然后又均勻增大到原值，所以物體受到的合外力的變化情況為先增大后減小到零，根據(jù)牛頓第二定律知物體加速度也是先增大后減小到零，而速度一直在增大，最后達(dá)到最大值符合上述規(guī)律的vt圖象只有D項(xiàng)答案：D3(2010江門模擬)如圖4所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m12 kg、m23 kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)連接兩個(gè)大小分別為F130 N、F220 N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則 ()圖4A彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是10 NB彈簧

4、測(cè)力計(jì)的示數(shù)是50 NC在突然撤去F2的瞬間，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)不變D在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度不變解析：設(shè)彈簧的彈力為F，加速度為a.對(duì)系統(tǒng)：F1F2(m1m2)a，對(duì)m1：F1Fm1a，聯(lián)立兩式解得：a2 m/s2，F(xiàn)26 N，故A、B兩項(xiàng)都錯(cuò)誤；在突然撤去F2的瞬間，由于彈簧測(cè)力計(jì)兩端都有物體，而物體的位移不能發(fā)生突變，所以彈簧的長(zhǎng)度在撤去F2的瞬間沒變化，彈簧上的彈力不變，故C項(xiàng)正確；若突然撤去F1，物體m1的合外力方向向左，而沒撤去F1時(shí)合外力方向向右，所以m1的加速度發(fā)生變化，故D答案：C4(2010上海十二校聯(lián)考)如圖5(a)所示，用一水平外力F推著一個(gè)靜止在傾角為的光滑斜

5、面上的物體，逐漸增大F，物體做變加速運(yùn)動(dòng)，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖(b)所示，若重力加速度g取10 m/s2.根據(jù)圖(b)中所提供的信息不能計(jì)算出 ()圖5A物體的質(zhì)量B斜面的傾角C物體能靜止在斜面上所施加的最小外力D加速度為6 m/s2時(shí)物體的速度解析：分析物體受力，由牛頓第二定律得：Fcosmgsinma，由F0時(shí)，a6 m/s2，得37.由aeq f(cos,m)Fgsin和aF圖線知：eq f(62,3020)eq f(cos37,m)，得：m2 kg，物體靜止時(shí)的最小外力Fmincosmgsin，F(xiàn)minmgtan15 N，無法求出物體加速度為6 m/s2時(shí)的速度，因物體的加

6、速度是變化的，對(duì)應(yīng)時(shí)間也未知，故選D.答案：D二、雙項(xiàng)選擇題(本題共5小題，每小題6分，共30分每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全選對(duì)的得6分，只選1個(gè)且正確的得1分，錯(cuò)選或不選的得0分)5下列說法正確的是 ()A高速行駛的公共汽車緊急剎車時(shí)，乘客都要向前傾倒，說明乘客都具有慣性B短跑運(yùn)動(dòng)員最后沖刺時(shí)，速度很大，很難停下來，說明速度越大，慣性越大C拋出去的標(biāo)槍和手榴彈都是靠慣性向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)的D把手中的球由靜止釋放后，球能豎直下落，是由于球具有慣性的緣故解析：慣性是物體保持原來的勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的特性，故A、C項(xiàng)正確而質(zhì)量是慣性大小的唯一量度，故B項(xiàng)錯(cuò)由靜止釋放的小球的慣

7、性是要保持原來的靜止?fàn)顟B(tài)，而下落是由于重力迫使它改變了靜止?fàn)顟B(tài)，故D項(xiàng)錯(cuò)答案：AC6汽車?yán)宪囋谒降缆飞涎刂本€加速行駛，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律可知 ()A汽車?yán)宪嚨牧Υ笥谕宪嚴(yán)嚨牧汽車?yán)宪嚨牧Φ扔谕宪嚴(yán)嚨牧汽車?yán)宪嚨牧Υ笥谕宪囀艿降淖枇汽車?yán)宪嚨牧Φ扔谕宪囀艿降淖枇馕觯浩嚺c拖車間的相互作用力總是大小相等、方向相反，故A錯(cuò)B對(duì)因拖車加速前進(jìn)，故拉力大于阻力，C對(duì)D錯(cuò)答案：BC7(2010濰坊質(zhì)檢)壓敏電阻的阻值會(huì)隨所受壓力的增大而減小一同學(xué)利用壓敏電阻設(shè)計(jì)了判斷升降機(jī)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置，如圖6甲所示，將壓敏電阻平放在升降機(jī)內(nèi)，受壓面朝上，在上面放一物體m，升降機(jī)靜止時(shí)電流表示

8、數(shù)為I0.某過程中電流表的示數(shù)如圖乙所示，則在此過程中 ()圖6A物體處于失重狀態(tài)B物體處于超重狀態(tài)C升降機(jī)一定向上做勻加速運(yùn)動(dòng)D升降機(jī)可能向下做勻減速運(yùn)動(dòng)解析：根據(jù)歐姆定律有IU/R，當(dāng)電梯靜止時(shí)，物體對(duì)壓敏電阻的壓力為mg，所以有I0U/R，乙圖表示物體處于超重狀態(tài)，所以A錯(cuò)、B正確；升降機(jī)做向上的勻加速直線運(yùn)動(dòng)或向下的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)、D正確答案：BD8(2010汕頭模擬)水平傳送帶被廣泛地應(yīng)用于機(jī)場(chǎng)和火車站，用于對(duì)旅客的行李進(jìn)行安全檢查如圖7所示為一水平傳送帶裝置示意圖，緊繃的傳送帶AB始終保持v1 m/s的恒定速率運(yùn)行旅客把行李無初速度地放在A處，設(shè)行李與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0

9、.1，AB間的距離為2 m，g取10 m/s2.若乘客把行李放到傳送帶的同時(shí)也以v1 m/s的恒定速度平行于傳送帶運(yùn)動(dòng)去B處取行李，則 ()圖7A乘客與行李同時(shí)到達(dá)BB乘客提前0.5 s到達(dá)BC行李提前0.5 s到達(dá)BD若傳送帶速度足夠大，行李最快也要2 s才能到達(dá)B解析：行李放在傳送帶上，傳送帶對(duì)行李的滑動(dòng)摩擦力使行李開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，隨后行李又以與傳送帶相等的速率做勻速直線運(yùn)動(dòng)加速度為ag1 m/s2，歷時(shí)t1eq f(v,a)1 s達(dá)到共同速度，位移x1eq f(v,2)t10.5 m，此后勻速運(yùn)動(dòng)t2eq f(2x1,v)1.5 s到達(dá)B，共用2.5 s乘客到達(dá)B，歷時(shí)teq f(

10、2,v)2 s，故B正確若傳送帶速度足夠大，行李一直加速運(yùn)動(dòng)，最短運(yùn)動(dòng)時(shí)間tmin eq r(f(22,a)2 s，D項(xiàng)正確答案：BD9(2010蘇州聯(lián)考)如圖8所示，bc為固定在小車上的水平橫桿，物塊M串在桿上，靠摩擦力保持相對(duì)桿靜止，M又通過輕細(xì)線懸吊著一個(gè)小鐵球m，此時(shí)小車正以大小為a的加速度向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，而M、m均相對(duì)小車靜止，細(xì)線與豎直方向的夾角為.小車的加速度逐漸增大，M始終和小車保持相對(duì)靜止，當(dāng)加速度增加到2a()圖8A橫桿對(duì)M的摩擦力增加到原來的2倍B橫桿對(duì)M的彈力不變C細(xì)線與豎直方向的夾角增加到原來的2倍D細(xì)線的拉力增加到原來的2倍解析：取M、m為一整體，由牛頓第二定律可

11、知，橫桿對(duì)M的摩擦力Ff(Mm)a，橫桿對(duì)M的支持力FN(Mm)g，當(dāng)加速度增加到2a時(shí)，F(xiàn)f增加到原來的2倍，而FN不變，故A、B均正確；對(duì)m受力分析，設(shè)細(xì)繩的拉力為FT，則有：FTcosmg，F(xiàn)Tsinma，taneq f(a,g)，F(xiàn)Teq r(mg)2(ma)2)，可見當(dāng)a變?yōu)?a時(shí)，tan值加倍，但并不增加到原來的2倍，F(xiàn)T也不增加到原來的2倍，故C、D均錯(cuò)誤答案：AB三、非選擇題(本題包括3小題，共54分按題目要求作答，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位)10(8分)(2010廣州模擬)在“驗(yàn)證牛頓運(yùn)動(dòng)

12、定律”的實(shí)驗(yàn)中，作出了如圖9所示的(a)、(b)圖象，圖(a)中三線表示實(shí)驗(yàn)中小車的_不同；圖(b)中圖線不過原點(diǎn)的原因是_ 解析：由aeq f(1,m)F可知，aF圖線的斜率為eq f(1,m)，三線的斜率不同，表示實(shí)驗(yàn)中小車的質(zhì)量不同，圖(b)中圖線與a軸正半軸有交點(diǎn)，說明平衡摩擦力時(shí)使平板傾角過大了答案：質(zhì)量平衡摩擦力過度11(22分)(2010湖北省十堰調(diào)研 HYPERLINK /shiti 測(cè)試)如圖10所示，物體在 有動(dòng)物毛皮的斜面上運(yùn)動(dòng)由于毛皮表面的特殊性，引 起物體的運(yùn)動(dòng)有如下特點(diǎn)：順著毛的生長(zhǎng)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)毛皮產(chǎn)生的阻力可以忽略；逆著毛的生長(zhǎng)方向運(yùn)動(dòng)會(huì)受到來自毛皮的滑動(dòng)摩擦力 圖

13、10(1)試判斷如圖所示情況下，物體在上滑還是下滑時(shí)會(huì)受到摩擦力？(2)一物體在有動(dòng)物毛皮的斜面底端以初速v02 m/s沖上足夠長(zhǎng)的斜面，斜面的傾斜角為30，過了t1.2 s物體回到出發(fā)點(diǎn)若認(rèn)為毛皮產(chǎn)生滑動(dòng)摩擦力時(shí)，動(dòng)摩擦因數(shù)為定值，g取10 m/s2，則的值為多少？解析：(1)因毛的生長(zhǎng)方向向上，故物體上滑時(shí)不受摩擦力，而下滑時(shí)受到摩擦力(2)上滑過程：mgsinma1，v0a1t10，xeq f(v02,2a1)下滑過程：mgsinmgcosma2，xeq f(1,2)a2t22，又tt1t2.以上各式聯(lián)立可求得，eq f(r(3),4)0.433.答案：(1)下滑時(shí)受摩擦力(2)0.43

14、312(24分)如圖11所示，在傾角為的光滑斜面上端系有一勁度系數(shù) 為k的輕質(zhì)彈簧，彈簧下端連一個(gè)質(zhì)量為m的小球，球被一垂直于斜面的擋板A擋住，此時(shí)彈簧沒有形變?nèi)魮醢錋以加速度a(a gsin)沿斜面向下勻加速運(yùn)動(dòng)，問： 圖11(1)小球向下運(yùn)動(dòng)多少距離時(shí)速度最大？(2)從開始運(yùn)動(dòng)到小球與擋板分離所經(jīng)歷的時(shí)間為多少？解析：(1)球和擋板分離后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為零時(shí)，速度最大，此時(shí)物體所受合力為零即kxmmgsin，解得xmeq f(mgsin,k).(2)設(shè)球與擋板分離時(shí)位移為s，經(jīng)歷的時(shí)間為t，從開始運(yùn)動(dòng)到分離的過程中，m受豎直向下的重力，垂直斜面向上的支持力FN，沿斜面向上的擋板支持力F1和彈簧彈力F.據(jù)牛頓第二定律有mgsinFF1ma，F(xiàn)k