北京市第四中學學年高二物理上學期期中試卷含解析

北京市第四中學學年高二物理上學期期中試卷含剖析北京市第四中學學年高二物理上學期期中試卷含剖析PAGE北京市第四中學學年高二物理上學期期中試卷含剖析2018北京四中高二（上）期中物理一、單項選擇題（本大題共8小題；每題每題3分，共24分。在每題給出的四個選項中，只有一個選項切合題意，請把答案填涂在答題卡上）1.對于簡諧運動的位移、加快度和速度的關系，以下正確的選項是A.位移減小時，加快度增大，速度增大B.位移方向總和加快度方向相反，和速度方向總同樣C.物體的速度增大時，加快度必然減小D.物體向均衡地點運動時，速度方向和位移方向同樣【答案】C【剖析】【詳解】A、位移x減小時,加快度也減小;振子湊近均衡地點,故速度增添,故A錯;

B、位移方向總跟加快度方向相反.質(zhì)點經(jīng)過同一地點,位移方向老是由均衡地點指向質(zhì)點所在地點,而速度方向兩種,可能與位移方向同樣,也可能與位移方向相反,故B錯誤;

C、物體的速度增大時,運動方向指向均衡地點,位移漸漸減小,因此加快度必然減小,因此C選項是正確的;

D、物體運動方向向均衡地點時,位移方向走開均衡地點,速度方向跟位移方向相反;故D錯誤;

應選C【點睛】簡諧運動的位移是指質(zhì)點走開均衡地點的位移,方向從均衡地點指向質(zhì)點所在地點.當質(zhì)點背叛均衡地點時,位移增大,速度減小,加快度增大,加快度方向老是與位移方向相反,指向均衡地點,質(zhì)點做非勻變速運動.當質(zhì)點湊近均衡地點時,位移減小,速度增大,加快度減小.2.以以下圖，彈簧振子在A、B之間做簡諧運動。以均衡地點O為原點，成立Ox軸。向右為x軸的正方向。若振子位于B點時開始計時，則其振動圖像為（）A.B.C.D.【答案】A【剖析】試題剖析：當振子運動到N點時開始計時，剖析此時振子的地點，即確立出t=0時辰質(zhì)點的地點，即可確立位移時間的圖象．由題意：設向右為x正方向，振子運動到N點時，振子擁有正方向最大位移，因此振子運動到N點時開始計時振動圖象應是余弦曲線，故A正確．視頻3.單擺振動的答復力是A.擺球所受的重力B.擺球重力在垂直懸線方向上的分力C.懸線對擺球的拉力D.擺球所受重力和懸線對擺球拉力的協(xié)力【答案】B【剖析】單擺的運動是簡諧運動，簡諧運動要求答復力與位移成反比：；忽視空氣阻力，對擺球進行受力剖析，擺球受重力（豎直向下）和擺線拉力（擺線縮短方向），因為擺球運動軌跡為圓弧切線方向，以切線方向為基礎成立坐標系，分解重力；X軸：沿著擺球運動切線方向；y軸：與運動切線垂直，X軸切線方向方程，，此時為擺球的協(xié)力，方向指向均衡地點，運動過程重力沿X軸方向分力不停減小，直到擺球運動到水平川址，重力重量為0；綜上，實質(zhì)上單擺的答復力由重力分力供給；應選B?！军c睛】答復力：使振子返回均衡地點并總指向均衡地點的力．作用：使振子返回均衡地點．振動的單擺遇到重力G與繩的拉力T作用，繩的拉力和重力的法向分力的協(xié)力供給圓周運動的向心力；指向均衡地點的合外力是重力的切向分力，它供給了單擺振動的答復力．4.當波源遠離察看者時，察看者所接收到的頻次f'和波源振動的頻次f的關系為A.f'fB.f'＜fC.f'＞fD.沒法確立【答案】B【剖析】【詳解】f由波源每秒鐘所振動的次數(shù)決定,介質(zhì)振動的頻次由波源頻次及波源相對介質(zhì)能否挪動來決定,當察看者遠離波源過程中,察看者接收到的機械波頻次比察看者靜止時接收到的頻次小,即f'＜f.故ACD錯誤,B正確.應選B【點睛】利用多普勒效應剖析即可,當察看者遠離波源過程中,察看者接收到的機械波頻次比察看者靜止時接收到的頻次小;當察看者湊近波源過程中,察看者接收到的機械波頻次比察看者靜止時接收到的頻次大.5.以以下圖，S1、S2是兩個相關波源，它們的相位及振幅均同樣。實線和虛線分別表示在某一時辰它們所發(fā)出的波的波峰和波谷，對于圖中所標的a、b、c三點，以下說法中正確的選項是A.a質(zhì)點振動減弱，b、c質(zhì)點振動增強B.a質(zhì)點振動增強，b、c質(zhì)點振動減弱C.再過T/4后的時辰，b、c兩質(zhì)點都將處于各自的均衡地點，振動將減弱D.a點向來在均衡地點，b點向來在波峰，c點向來在波谷【答案】A【剖析】【詳解】ABC、a質(zhì)點處是兩列波波峰與波谷疊加的地方,振動向來減弱的,而b、c質(zhì)點是兩列波波峰與波峰、波谷與波谷疊加的地方,振動向來增強.故A對；BC錯；D、因為兩個波源的振動方向同樣、振幅同樣,因此a點靜止不動,向來在均衡地點.b、c兩點的振動向來是增強的,但它們?nèi)栽谡駝?位移隨時間周期變化,不是靜止不動的.故D錯誤.

應選A【點睛】兩列波干預時,兩列波的波峰與波峰、波谷與波谷相遇處,振動向來增強,波峰與波谷相遇處振動向來減弱.振動增強點的振動等于波獨自流傳時振幅的2倍.6.兩個帶電的金屬小球，相距必然距離時（此距離遠遠大于兩球的直徑），互相作使勁的大小為F。若把它們的帶電量、距離都增大到本來的二倍，它們的互相作使勁的大小為A.B.C.D.F【答案】D【剖析】【詳解】依據(jù)庫侖力公式可知：當它們的帶電量、距離都增大到本來的二倍，它們的互相作使勁的大小不變，故D對;ABC錯；應選D7.兩同樣帶電小球，帶有等量的同種電荷，用等長的絕緣細線懸掛于O點，以以下圖。均衡時，兩小球相距r，兩小球的直徑比r小得多，若將兩小球的電量同時各減少一半，當它們從頭均衡時，兩小球間的距離A.等于r/2B.小于r/2C.大于r/2D.等于r【答案】C【剖析】【詳解】電量減小,依據(jù)庫侖定律知,庫侖力減小,兩球間的距離減小.假定兩球距離等于r/2,則庫侖力與開始同樣大,重力不變,則繩索的拉力方向應與本來的方向同樣,因此兩球距離要變大些.則兩球的距離大于r/2.故C對；ABD錯誤；應選C8.A、B是電場中的一條直線形的電場線，將一個帶負電的點電荷從A點由靜止開釋，它在沿電場線從A向B運動過程中的速度圖象以以下圖。判斷電場線的方向，并比較A、B兩點的場強E，以下說法中正確的（）A.方向由A指向B，EA＞EBB.方向由A指向B，EA＜EBC.方向由B指向A，EA＜EBD.方向由B指向A，EA＞EB【答案】D【剖析】【詳解】趕快度時間圖象可以看出,點電荷做加快運動,所受的電場力方向由A指向B,而負試一試電荷遇到的電場力方向為場強的反方向,故場強方向由B指向A；速度時間圖象的切線的斜率表示加快度,故說明加快度不停減小,電場力不停減小,場強也不停減小,故EA＞EB;【點睛】速度時間圖象的切線的斜率表示加快度,正試一試電荷遇到的電場力方向為場強方向,沿著電場力方向,電勢降低.二、多項選擇題（本大題共10小題；每題3分，共30分。在每題給出的四個選項中，有多個選項符合題意，選不全得2分，選錯不得分，請把答案填涂在答題卡上）9.如圖，沿波的流傳方向上有間距均為1m的六個質(zhì)點a、b，c、d、e、f，均靜止在各自的均衡地點，一列橫波以1m/s的速度水平向右流傳，r=0時抵達質(zhì)點a，a開始由均衡地點向上運動，t=1s時，質(zhì)點a第一次抵達最高點，則在4s＜t＜5s這段時間內(nèi)（）A.質(zhì)點c的加快度漸漸增大B.質(zhì)點a的速度漸漸增大C.質(zhì)點d向下運動D.質(zhì)點f保持靜止【答案】ACD【剖析】試題剖析:由圖得悉，該波的周期為T=4s，則波長λ=vT=4m。波由a傳到c的時間為，也就是第4s末質(zhì)點c才剛開始振動，因此，在4s＜t＜5s這段時間內(nèi)，質(zhì)點c從均衡地點向上運動，加快度漸漸增大，故A正確；在4秒＜t＜5秒這段時間內(nèi)，質(zhì)點a從均衡地點向上運動，速度漸漸減?。蔅錯誤；波由a傳到d的時間為3s，d起振方向向上，則在4秒＜t＜5秒這段時間內(nèi)，d點從波峰向均衡地點運動，即向下運動．故C正確；波從a傳到f點需要5s時間，因此在4秒＜t＜5秒這段時間內(nèi)，f還沒有振動．故D正確?？键c：波的圖象10.以以下圖,是一演示波的衍射的裝置，S為在水面上振動的波源，M、N是水面上的兩塊擋板，此中N板可以挪動，兩板中有一狹縫，此時測得圖中A處水沒有振動，為了使A處的水也能發(fā)生振動，以下舉措可行的是A.使波源的振動頻次增大B.使波源的振動頻次減小C.挪動N板使狹縫的間距增大D.挪動N板使狹縫的間距減小【答案】BC【剖析】波長越長衍射越顯然，再由，可使波源的振動頻次減小，波長增大，或挪動N板使狹縫的間距增大11.一列簡諧橫波沿x軸流傳，某時辰的波形以以下圖，已知此時質(zhì)點F的運動方向向y軸負方向，則（）A.此波向x軸正方向流傳B.質(zhì)點C此時向y軸負方向運動C.質(zhì)點C將比質(zhì)點B先回到均衡地點D.質(zhì)點E的振幅為零【答案】C【剖析】此時F的振動方向向下，依據(jù)走坡法可得此波沿x軸負方向流傳，A錯誤，此時質(zhì)點C在波峰，準備向下振動，B錯誤，此時B點正向y軸正方向運動，C點的振動先于B的振動，因此質(zhì)點C將比質(zhì)點B先回到均衡地點，C正確，質(zhì)點E在均衡地點，準備向下振動，但質(zhì)點的振幅和其余質(zhì)點同樣，D錯誤。12.一重球從高處著落到b點時和彈簧接觸，壓縮彈簧至最低點c點后又被彈簧彈起，則重球從b至c的運動過程中A.速度漸漸減小B.加快度先減小后增大C.戰(zhàn)勝彈力做的功等于重力做的功D.重球在c點的加快度大于重力加快度g【答案】BD【剖析】【詳解】AB.小球與彈簧接觸,開始重力大于彈力,加快度方向向下,做加快運動,向下運動的過程中,彈力增大,則加快度減小,加快度減小到零,速度達到最大,此后彈力大于重力,加快度方向向上,做減速運動,向下運動的過程中,彈力增大,則加快度增添,因此速度先增大后減小,加快度先減小后增大.故A錯誤,B正確.C.重球從b至c的運動過程中,重力做正功，彈力做負功，而動能減小，依據(jù)動能定理可知：戰(zhàn)勝彈力做功大于重力做的功，故C錯；D.若小球從彈簧處由靜止開釋,抵達最低點,依據(jù)運動的對稱性,知加快度等于g,方向豎直向上,若從某一高度降落,降落的更低,則加快度大于g，故D對；應選BD【點睛】依據(jù)小球的受力得出加快度的方向,依據(jù)加快度的方向與速度方向的關系,判斷小球的運動狀況,從而得出速度和加快度的變化13.一單擺在地球表面做受迫振動，其共振曲線（振幅A與驅(qū)動力的頻次f的關系）如下圖，則A.此單擺的固有頻次為0.5HzB.此單擺的擺長約為1mC.若擺長增大，單擺的固有頻次減小D.若擺長增大，共振曲線的峰將向右挪動【答案】ABC【剖析】【詳解】A、單擺做受迫振動,振動頻次與驅(qū)動力頻次相等;當驅(qū)動力頻次等于固有頻次時,發(fā)生共振,則固有頻次為0.5Hz,故A正確；

B、由圖可以知道,共振時單擺的振動頻次與固有頻次相等,則周期為2s.由公式,可得L=1m,故B正確

C、若擺長增大,單擺的固有周期增大,則固有頻次減小.故C正確

D、若擺長增大,則固有頻次減小,因此共振曲線的峰將向左挪動.故D錯誤;

應選ABC【點睛】由共振曲線可以知道,出現(xiàn)振幅最大,則固有頻次等于受迫振動的頻次.聯(lián)合單擺周期公式求解。14.以以下圖，兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們互相接觸。把一帶正電荷的物體C置于A周邊，貼在A、B下部的金屬箔片都張開，則A.此時A帶正電，B帶負電B.移去C，貼在A、B下部的金屬箔片將閉合C.先把A和B分開，此后再移去C，貼在A、B下部的金屬箔片仍舊張開D.先把A和B分開，此后再移去C，貼在A、B下部的金屬箔片將閉合【答案】BC【剖析】【詳解】A、物體C湊近A周邊時，因為靜電感覺，A端帶上負電，B端帶上正電；故A錯誤；B、移去C后，因為電荷間互相作用，從頭中和，達電中性狀態(tài)，兩金屬箔均閉合；故B對；CD、先把AB分開，則A帶負電，B帶正電，移去C后，電荷不可以再進行中和，此時A所帶電荷量仍舊等于B的帶電量，故兩金屬箔仍舊張開；故C對；D錯應選BC15.兩個通電小球帶電后互相推斥，以以下圖。兩懸線跟豎直方向各有一個夾角a、，a＞且兩球在同一水平面上。則必然能判斷的是A.兩球的質(zhì)量大小關系B.兩球帶電量大小關系C.繩索中的拉力大小關系D.兩球帶同種電荷【答案】ACD【剖析】【詳解】D、兩個球互相排擠,故必然帶同種電荷,故D對

A、對左邊小球受力剖析,受重力mg,拉力T和靜電斥力F,如圖

依據(jù)均衡條件,有計算得：再對右邊小球受力剖析,同理有兩個小球之間的庫侖力相等，因為a＞，因此，故A對；B、兩個小球之間的庫侖力相等，依據(jù)則沒方法判斷兩個小球帶電量之間的關系，故B錯；C、依據(jù)勾股定理可知，因為，因此質(zhì)量大則繩索的拉力大一點，故C對；應選ACD【點睛】兩球互相排擠,故帶同種電荷,依據(jù)牛頓第三定律可以知道互相排擠力相等,與帶電量沒關;再依據(jù)均衡條件獲得排擠力的表達式進行剖析.

此題重點是對小球受力剖析,依據(jù)均衡條件獲得電場力表達式,此后再聯(lián)合牛頓第三定律進行剖析判斷.16.以以下圖，某電場的電場線散布對于y軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM=MN。P點在y軸右邊，MP⊥ON。則A.M點場興盛于N點場強B.M點電勢與P點的電勢相等C.將正電荷由O點挪動到P點，電場力做負功D.在O點靜止開釋一帶正電粒子，該粒子將沿y軸正方向做直線運動【答案】AD【剖析】【詳解】A、從圖像上可以看出，M點的電場線比N點的電場線密集，因此M點場興盛于N點場強，故A對；B、沿著電場線電勢在降低，因為電場不是勻強電場，因此M和P點不在同一條等勢線上，因此M點電勢與P點的電勢不相等，故B錯；C、聯(lián)合圖像可知：O點的電勢高于P點的電勢，正電荷從高電勢運動到低電勢，電場力做正功，故C錯；D、在O點靜止開釋一帶正電粒子，依據(jù)電場線的散布可知，正電荷向來遇到向上的電場力，力與速度在一條直線上，故粒子做直線運動，故D對；應選AD17.以以下圖，實線是一簇未注明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某一帶電粒子經(jīng)過該電場所區(qū)時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動中只受電場力作用，依據(jù)此圖沒法判斷的是()A.帶電粒子所帶電荷的性質(zhì)B.帶電粒子在a、b兩點的受力方向C.帶電粒子在a、b兩點的速度哪處較大D.帶電粒子在a、b兩點的加快度哪處較大【答案】BCD【剖析】試題剖析：由粒子的偏轉(zhuǎn)方向可得出粒子的受力方向，由功的計算可得出電場力做功的正負，由動能定理可得出粒子動能的變化；由電場力做功與電勢能的關系可得出電勢能的變化．假定粒子由a到b運動，由圖可知，粒子傾向右下方，則說明粒子在a、b兩地方受的電場力向下，因為不知電場線方向，故沒法判斷粒子電性，故A錯誤B正確；由圖可知，若粒子從a到b的過程中，電場力做正功，故說明粒子速度增大，電勢能減小，故可知b處速度較大，b點的電勢能小，故CD正確；18.以以下圖，M、N為兩個固定的等量同種正電荷，在其連線的中垂線上的P點由靜止開釋一負電荷（忽視重力），以下說法中正確的選項是A.從P到O，可能加快度愈來愈小，速度愈來愈大B.從P到O，可能加快度先變大變小，速度愈來愈大C.超出O點后，可能加快度向來變大，速度向來減小D.超出O點后，可能加快度向來變小，速度向來減小【答案】AB【剖析】試題剖析：在等量同種電荷連線中垂線上電場強度方向O→P，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向P→O，速度愈來愈大．但電場線的疏密狀況不確立，電場強度大小變化狀況不確立，則電荷所受電場力大小變化狀況不確立，加快度變化狀況沒法判斷，但可能是加快度先變大后變?。蔄錯誤，B正確．超出O點后，負電荷q做減速運動，則點電荷運動到O點時速度最大．電場力為零，加快度為零．依據(jù)電場線的對稱性可知，超出O點后，負電荷q做減速運動，加快度的變化狀況：先增大后減??；對于速度向來減小，故CD錯誤．應選B．考點：等量異種電荷的電場【名師點睛】此題察看同樣量異種電荷電場線的散布狀況及特色的理解和掌握程度，解題時要抓住電場線的對稱性來討論電荷的受力狀況．三、實驗題（本大題共1小題，共12分。把答案填在答題紙上）19.某同學在“用單擺測定重力加快度”的實驗中進行了以下的實踐和研究：（1）用游標卡尺丈量擺球直徑d，如右圖所示，則擺球直徑為_____cm，丈量單擺擺長為l；（2）用秒表丈量單擺的周期。當單擺搖動堅固且抵達最低點時開始計時并記為0，單擺每經(jīng)過最低點記一次數(shù)，當數(shù)到n=60時秒表的示數(shù)如右圖所示，秒表讀數(shù)為______s，則該單擺的周期是T=______s（保存三位有效數(shù)字）；（3）將丈量數(shù)據(jù)帶入公式g=_____（用T、l表示），獲得的丈量結(jié)果與真切的重力加快度值比較，發(fā)現(xiàn)丈量結(jié)果偏大，可能的原由是_____；A.誤將59次數(shù)成了60次B.在未懸掛單擺以前先測定好擺長C.將擺線長看作了擺長D.將擺線長和球的直徑之和看作了擺長（4）該同學糾正了以前的錯誤操作，試一試丈量不同樣擺長l對應的單擺周期T，并在座標紙上畫出T2與l的關系圖線，以以下圖。由圖線計算出的重力加快度的值g=_____m/s2，（保存3位有效數(shù)字）【答案】(1).2.06cm；(2).67.4s(3).2.24s(4).(5).AD(6).【剖析】【詳解】（1）游標卡尺的主尺讀數(shù)為20mm,游標讀數(shù)為,則最后讀數(shù)為20.6mm=2.06cm.

（2）秒表的讀數(shù)為60s+7.4s=67.4s,則周期,

（3）依據(jù)解得：,A.誤將59次數(shù)成了60次，致使丈量時周期T測小，依據(jù)可知g值丈量值偏大，故A對；B.在未懸掛單擺以前先測定好擺長，致使丈量的擺長小于真切的擺長，依據(jù)可知g值偏??；故B錯C.將擺線長看作了擺長沒有加小球的半徑，致使丈量的擺長偏小，依據(jù)可知g值偏小，故C錯；D.將擺線長和球的直徑之和看作了擺長，致使丈量的擺長變長，依據(jù)可知g值偏大；故D對；應選AD（4）依據(jù)可得：，則在T2與l的關系圖線中，斜率代表依據(jù)圖像可求出：則故此題答案是：（1）2.06cm；（2）67.4s；2.24s（3）；AD（4）【點睛】游標卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù),不需估讀.秒表的讀數(shù)等于小盤讀數(shù)加上大盤讀數(shù).

依據(jù)單擺的周期公式得出T與L的關系式,聯(lián)合關系式得出圖象的斜率.

解決此題的重點掌握單擺丈量重力加快度的原理,以及掌握游標卡尺和秒表的讀數(shù)方法,難度不大四、解答題（本大題共4小題，共34分。解答應寫出必需的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不可以得分。有數(shù)值計算的題，答案中必然明確寫出數(shù)值和單位）20.以以下圖，實線是一列簡諧橫波在t=0時辰的波形圖，虛線是這列簡諧橫波在t=0.2s時辰的波形圖，求:（1）由圖讀出波的振幅和波長；（2）若波沿x軸正方向流傳，求波速的可能值；（3）若波沿x軸負方向流傳，求波速的可能值?！敬鸢浮浚?）波長λ＝0.24m，振幅為10m；（2）（3）【剖析】【詳解】（1）由波形圖知波長λ＝0.24m，振幅為10m（2）若波沿x軸正方向流傳，流傳距離Δx知足由速度公式知：（3）波沿x軸負方向流傳時，流傳距離由速度公式知故此題答案是：（1）波長λ＝0.24m，振幅為10m；（2）（3）21.以以下圖，一質(zhì)量為m、帶電量為q的金屬小球，用絕緣細線懸掛在水平向右的勻強電場中。靜止時懸線向右與豎直方向成角，已知重力加快度為g。（1）判斷小球電性；（2）求電場強度E的大??；（3）若把絕緣體細線剪斷，求剪斷細線瞬時小球的加快度?！敬鸢浮浚?分）解：（1）向右偏說明電場力向右，因此小球帶正電.……（2分）（2）受力剖析：重力，拉力，電場力……（3分）(3)細線