上海市奉賢區(qū)2016屆高考物理一模試卷（解析版）

2016年上海市奉賢區(qū)高考物理一模試卷一、單項(xiàng)選擇題（共16分，每小題2分．每小題只有一個(gè)正確選項(xiàng)．）1．下列研究采用理想模型方法的是（）A．奧斯特研究電流磁效應(yīng)B．研究實(shí)際帶電體時(shí)用點(diǎn)電荷代替C．研究合力和兩個(gè)分力的關(guān)系D．布朗研究花粉顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)2．如圖為一水平彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖象，則末最大值是（）A．振動(dòng)能量 B．振子的加速度 C．彈力的功率 D．振子的動(dòng)能3．理想氣體在容積固定的密閉容器中，當(dāng)溫度升高時(shí)，則增大的是（）A．分子間的距離 B．分子的平均動(dòng)能C．分子的勢(shì)能 D．分子的速率4．下列機(jī)械能一定減少的情況是（）A．雨點(diǎn)在空中下落 B．汽車(chē)沿斜坡向上減速行駛C．小鐵球做單擺簡(jiǎn)諧振動(dòng) D．熱氣球勻速向上運(yùn)動(dòng)5．A和B兩物體在同一直線上運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖線如圖，已知在第3s末兩個(gè)物體相遇，則此過(guò)程中兩物相同的是（）A．加速度 B．出發(fā)地 C．速度方向 D．合外力6．如圖，某時(shí)刻振幅、頻率均相同的兩列波相遇，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷．則再過(guò)半個(gè)周期，在波谷的質(zhì)點(diǎn)是（）A．O質(zhì)點(diǎn) B．P質(zhì)點(diǎn) C．N質(zhì)點(diǎn) D．M質(zhì)點(diǎn)7．一物體自空中的A點(diǎn)以一定的初速度豎直向上拋出，1s后物體的速率變?yōu)?0m/s，此時(shí)物體的位置和速度方向是（不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2）（）A．在A點(diǎn)上方，向上 B．在A點(diǎn)下方，向下C．在A點(diǎn)上方，向下 D．在A點(diǎn)下方，向上8．如圖所示，斜面小車(chē)M靜止在光滑水平面上，一邊緊貼墻壁．若再在斜面上加一物體m，且M、m相對(duì)靜止，則此時(shí)小車(chē)受力個(gè)數(shù)為（）A．6 B．5 C．4 D．3二、單項(xiàng)選擇題Ⅱ（共24分，每小題3分．每小題只有一個(gè)正確選項(xiàng)．）9．如圖所示，為自行車(chē)的傳動(dòng)機(jī)構(gòu)，行駛時(shí)與地面不打滑．a(chǎn)、c為與車(chē)軸等高的輪胎上的兩點(diǎn)，d為輪胎與地面的接觸點(diǎn)，b為輪胎上的最高點(diǎn)．行駛過(guò)程中（）A．c處角速度最大 B．a(chǎn)處速度方向豎直向下C．b處向心加速度指向d D．a(chǎn)、b、c、d四處速度大小相等10．如圖甲，一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)變化過(guò)程的V﹣T圖象．則與之相對(duì)應(yīng)的變化過(guò)程p﹣T圖象應(yīng)為圖乙中（）A． B． C． D．11．下列關(guān)于超重、失重現(xiàn)象的描述正確的是（）A．電梯在減速上升，電梯中的人處于超重狀態(tài)B．列車(chē)在水平軌道上加速行駛，車(chē)上的人處于超重狀態(tài)C．秋千擺到最低位置時(shí)，秋千上的人處于失重狀態(tài)D．在國(guó)際空間站內(nèi)的宇航員處于失重狀態(tài)12．某物體以一定的初速度沿足夠長(zhǎng)的斜面從底端向上滑去，此后該物體的運(yùn)動(dòng)圖象不可能的是（圖中x是位移、v是速度、t是時(shí)間）（）A． B． C． D．13．如圖所示，水平地面上O點(diǎn)正上方的A、B兩點(diǎn)分別水平拋出兩個(gè)小球，C在水平面上O點(diǎn)右邊，則兩球（）A．不可能同時(shí)落在C點(diǎn)B．落在C點(diǎn)的速度方向可能相同C．落在C點(diǎn)的速度大小可能相同D．落在C點(diǎn)時(shí)重力的功率不可能相同14．如圖所示，滑塊A和B疊放在固定的斜面體上，從靜止開(kāi)始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑．已知B與斜面體間光滑接觸，則在AB下滑的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．B對(duì)A的支持力不做功 B．B對(duì)A的作用力不做功C．B對(duì)A的摩擦力做正功 D．B對(duì)A的摩擦力做負(fù)功15．如圖，由不同材料拼接成的長(zhǎng)直桿CPD，P為兩材料分界點(diǎn)，DP＞CP，現(xiàn)讓直桿以下面兩種情況與水平面成45°．一個(gè)套在長(zhǎng)直桿上的圓環(huán)靜止開(kāi)始從頂端滑到底端，兩種情況下圓環(huán)經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間滑到P點(diǎn)．則圓環(huán)（）A．與桿CP段的動(dòng)摩擦因數(shù)較小B．兩次滑到P點(diǎn)的速度可能相同C．兩次滑到P點(diǎn)摩擦力做功一定相同D．到達(dá)底端D所用時(shí)間較長(zhǎng)16．一根中點(diǎn)有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸的輕質(zhì)桿長(zhǎng)為2l，兩端固定完全相同的質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球1和2，裝置放在如圖所示的關(guān)于豎直線對(duì)稱(chēng)的電場(chǎng)中．開(kāi)始時(shí)桿在水平位置靜止，現(xiàn)給小球1一個(gè)豎直向上的速度，讓小球1、2繞轉(zhuǎn)動(dòng)軸各自轉(zhuǎn)動(dòng)到B、A位置，A、B間電勢(shì)差是U，小球1、2構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)能減小量是（）A．一定小于Uq B．一定等于2（Uq+mgl）C．一定大于Uq D．一定大于Uq+mgl三、多項(xiàng)選擇題．（本大題共4小題，每小題4分．每小題給出的四個(gè)答案中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上是正確的．每一小題全選對(duì)得4分；選對(duì)但不全，得2分；有選錯(cuò)或不答的，得0分．）17．如圖所示為一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖．經(jīng)過(guò)時(shí)間t1，Q點(diǎn)振動(dòng)狀態(tài)傳到P點(diǎn)，則t1時(shí)刻（）A．Q點(diǎn)正在波谷位置B．Q點(diǎn)加速度沿y軸的正方向C．P質(zhì)點(diǎn)已運(yùn)動(dòng)到x＜0的位置D．位于1cm＜x＜3cm內(nèi)的所有質(zhì)點(diǎn)正在向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)18．如圖所示，有一豎直放置、兩端封閉的U形管，兩管內(nèi)水銀面左高右低，兩端封閉的空氣柱溫度相同．要讓水銀柱相對(duì)玻璃管向A端移動(dòng)，可以采取的措施（）A．將U形管向右稍?xún)A斜一些 B．將U形管向左稍?xún)A斜一些C．兩邊空氣柱升高相同溫度 D．使玻璃管豎直向上減速運(yùn)動(dòng)19．電阻非線性變化的滑動(dòng)變阻器R2接入圖1的電路中，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭改變接入電路中的長(zhǎng)度x（x為圖中a與觸頭之間的距離），定值電阻R1兩端的電壓U1與x間的關(guān)系如圖2，a、b、c為滑動(dòng)變阻器上等間距的三個(gè)點(diǎn)，當(dāng)觸頭從a移到b和從b移到c的這兩過(guò)程中，則不正確的是（）A．電流表A示數(shù)變化相等 B．電壓表V2的示數(shù)變化不相等C．電阻R1的功率變化相等 D．電源的輸出功率都不斷增大20．如圖，在豎直向下的y軸兩側(cè)分布有垂直紙面向外和向里的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度均隨位置坐標(biāo)按B=B0+ky（k為正常數(shù)）的規(guī)律變化．兩個(gè)完全相同的正方形線框甲和乙的上邊均與y軸垂直，甲的初始位置高于乙的初始位置，兩線框平面均與磁場(chǎng)垂直．現(xiàn)同時(shí)分別給兩個(gè)線框一個(gè)豎直向下的初速度vl和v2，設(shè)磁場(chǎng)的范圍足夠大，當(dāng)線框完全在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)，正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)中兩線框所受磁場(chǎng)的作用力方向一定相同B．若v1=v2，則開(kāi)始時(shí)甲所受磁場(chǎng)力小于乙所受磁場(chǎng)力C．若v1＞v2，則開(kāi)始時(shí)甲的感應(yīng)電流一定大于乙的感應(yīng)電流D．若v1＜v2，則最終穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)甲的速度可能大于乙的速度四、填空題．（本大題共1小題，每空格2分．不要求寫(xiě)出演算過(guò)程．本大題中第22題為分叉題，分A、B兩類(lèi)，考生可任選一類(lèi)答題．若兩類(lèi)試題均做，一律按A類(lèi)題計(jì)分．）21．1905年愛(ài)因斯坦建立，使人們認(rèn)識(shí)到牛頓力學(xué)只能適用領(lǐng)域中的力學(xué)現(xiàn)象．22、23選做一題22．質(zhì)量均為m的小物塊A和木板B，B靜止于光滑水平面上，A在B上左端以v0初速度滑動(dòng)，從B右端以v1速度滑出．則木板B最后的速度為，系統(tǒng)機(jī)械能減少量為．23．“嫦娥一號(hào)”先在“24小時(shí)軌道”上繞地球運(yùn)行（即繞地球一圈需要24小時(shí)），再經(jīng)過(guò)變軌依次到達(dá)“48小時(shí)軌道”和“72小時(shí)軌道”，最后奔向月球．設(shè)衛(wèi)星繞行軌道為圓，忽略衛(wèi)星質(zhì)量的變化，則衛(wèi)星在每次變軌完成后的機(jī)械能比變軌前（填“變大”、“不變”或“變小”）．衛(wèi)星在72小時(shí)軌道運(yùn)行的角速度和24小時(shí)軌道上的角速度之比為．24．如圖所示，在直角三角形區(qū)域ABC內(nèi)（包括邊界）存在著平行于AC方向的豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，AC邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，一質(zhì)量為m，電荷量+q的帶電小球以初速度v0從A點(diǎn)沿AB方向進(jìn)入電場(chǎng)，以2v0的速度從BC邊中點(diǎn)出來(lái)，則小球從BC出來(lái)時(shí)的水平分速度vx=，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E=．（重力加速度為g）25．如圖所示，輕細(xì)桿AB、BC處在同一豎直平面內(nèi)，B處用鉸接連接，A、C處用鉸鏈鉸于同一水平面上，BC桿與水平面夾角為37°．一質(zhì)量為2kg的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）穿在BC桿上，對(duì)小球施加一個(gè)水平向左的恒力使其靜止在BC桿中點(diǎn)處，長(zhǎng)為的AB桿恰好豎直．不計(jì)一切摩擦．（重力加速度g=10m/s2，取，），則BC桿對(duì)AB桿的作用力方向?yàn)椋笮镹．26．如圖所示，光滑水平面上方存在兩個(gè)足夠大的磁感應(yīng)強(qiáng)度均為、方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，PQ為兩個(gè)磁場(chǎng)的邊界．一個(gè)邊長(zhǎng)為，質(zhì)量為，電阻為的正方形金屬線框沿垂直磁場(chǎng)方向，以某一速度從圖示位置向右直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框中心線AB運(yùn)動(dòng)到與PQ重合時(shí)，線框的速度為1m/s，此過(guò)程中通過(guò)線框截面的電荷量為C，若此時(shí)在紙面內(nèi)加上一個(gè)水平外力使該時(shí)刻線框的加速度大小為2，則所加外力的大小為N．五、實(shí)驗(yàn)題（第26題4分，第27題6，第28題6分，第28題8分）27．如圖是研究氣體的壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系、體積與溫度的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置，A、B管下端由軟管相連，注入一定量的水銀，燒瓶中封有一定量的理想氣體，開(kāi)始時(shí)A、B兩管中水銀面一樣高，然后將燒瓶浸入熱水或冰水中，則（）A．浸入熱水時(shí)，若研究壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系應(yīng)將A管向上移動(dòng)B．浸入熱水時(shí)，若研究壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系應(yīng)將A管向下移動(dòng)C．浸入冰水時(shí)，若研究體積與溫度的關(guān)系應(yīng)將A管向上移動(dòng)D．浸入冰水時(shí)，若研究體積與溫度的關(guān)系應(yīng)將A管向下移動(dòng)28．下圖為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置，部分導(dǎo)線已連接．（1）請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線將圖中未完成的電路連接好．（2）如果在閉合電鍵時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向左偏了一下，然后將原線圈A迅速拔出副線圈B，那么此過(guò)程中，電流計(jì)的指針將向偏；若原線圈插入副線圈不動(dòng)，然后將滑動(dòng)變阻器滑片迅速向右移動(dòng)，那么此時(shí)電流計(jì)的指針將向偏．29．某同學(xué)對(duì)實(shí)驗(yàn)室的一個(gè)多用電表中的電池進(jìn)行更換時(shí)發(fā)現(xiàn)，表內(nèi)除了一節(jié)的干電池外，還有一個(gè)方形的電池（層疊電池）．為了測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，實(shí)驗(yàn)室中提供如下器材：電流表A1（滿(mǎn)偏電流10mA，內(nèi)阻很?。?、電流表A2（0～～3A，內(nèi)阻很?。?、滑動(dòng)變阻器R0（0～100Ω，1A）、定值電阻R（阻值1000Ω）、開(kāi)關(guān)與導(dǎo)線若干．（1）根據(jù)現(xiàn)有的實(shí)驗(yàn)器材，為測(cè)出多組數(shù)據(jù)得到如圖2的I1﹣I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)），請(qǐng)將相應(yīng)的電路圖畫(huà)在圖1的方框內(nèi)，并標(biāo)出器材相應(yīng)的符號(hào)；（2）根據(jù)電路圖及圖線可以得到被測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r=Ω．30．如圖是某小組對(duì)滑塊驗(yàn)證動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)裝置，在滑塊上安裝一遮光條與拉力傳感器，把滑塊放在水平氣墊導(dǎo)軌上，通過(guò)定滑輪的細(xì)繩與鉤碼相連，光電門(mén)安裝在B處．測(cè)得滑塊（含遮光條和拉力傳感器）質(zhì)量為M、鉤碼的總質(zhì)量為m、遮光條的寬度為d，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間．當(dāng)氣墊導(dǎo)軌充氣后，將滑塊在圖示A位置由靜止釋放后，拉力傳感器記錄的讀數(shù)為F，光電門(mén)記錄的時(shí)間為△t．（1）實(shí)驗(yàn)中是否要求鉤碼總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量M？（填“是”或“否”）；（2）實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的物理量是（用文字及相應(yīng)的符號(hào)表示）；（3）本實(shí)驗(yàn)中對(duì)滑塊驗(yàn)證動(dòng)能定理的表達(dá)式為（用以上對(duì)應(yīng)物理量的符號(hào)表示）；（4）（多選）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，可采取的方法是（A）增大AB之間的距離（B）減少鉤碼的總質(zhì)量（C）增大滑塊的質(zhì)量（D）減少遮光條的寬度．六、計(jì)算題31．如圖所示，兩個(gè)壁厚可忽略的圓柱形金屬筒A和B套在一起，底部到頂部的高度為18cm，兩者橫截面積相等，光滑接觸且不漏氣．將A用繩系于天花板上，用一塊絕熱板托住B，使它們內(nèi)部密封的氣體壓強(qiáng)與外界大氣壓相同，均為1.0×105Pa，然后緩慢松開(kāi)絕熱板，讓B下沉，當(dāng)B下沉了2cm時(shí)，停止下沉并處于靜止?fàn)顟B(tài)．求：（1）此時(shí)金屬筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)．（2）若當(dāng)時(shí)的溫度為27℃，欲使下沉后的套筒恢復(fù)到原來(lái)位置，應(yīng)將氣體的溫度變?yōu)槎嗌佟妫?2．如圖所示，用同種材料制成的粗糙程度相同的斜面和長(zhǎng)水平面，斜面傾角為θ=37°，斜面長(zhǎng)L=20m且固定，當(dāng)一小物塊從斜面頂端以初速度v0=2m/s沿斜面下滑，則經(jīng)過(guò)t0=5s后小物塊停在斜面上，不考慮小物塊到達(dá)斜面底端時(shí)因碰撞損失的能量，求：（，，重力加速度g=10m/s2）（1）小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（2）當(dāng)小物塊以初速度v沿斜面下滑，寫(xiě)出物塊從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終停下的時(shí)間t與初速度v的函數(shù)關(guān)系式．33．如圖，光滑平行的豎直金屬導(dǎo)軌MN、QP相距l(xiāng)，在M點(diǎn)和Q點(diǎn)間接一個(gè)阻值為R的電阻，在兩導(dǎo)軌間OO1O1′O′矩形區(qū)域內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面水平向里、高為h的磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)量為m，電阻也為R的導(dǎo)體棒ab，垂直擱在導(dǎo)軌上，與磁場(chǎng)下邊界相距h0．現(xiàn)用一豎直向上的大小為F=2mg恒力拉ab棒，使它由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)后開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)，在離開(kāi)磁場(chǎng)前已經(jīng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)（棒ab與導(dǎo)軌始終保持良好的接觸，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，空氣阻力不計(jì)，g為重力加速度）．求：（1）導(dǎo)體棒ab在離開(kāi)磁場(chǎng)上邊界時(shí)的速度；（2）棒ab在剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加速度的大??；（3）棒ab通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)的過(guò)程中棒消耗的電能．34．如圖（a），O、N、P為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，∠NOP=37°，OP中點(diǎn)處固定一電量為q1=2.0×10﹣8C的正點(diǎn)電荷，M點(diǎn)固定一輕質(zhì)彈簧．MN是一光滑絕緣桿，其中ON長(zhǎng)為a=1m，桿上穿有一帶正電的小球（可視為點(diǎn)電荷），將彈簧壓縮到O點(diǎn)由靜止釋放，小球離開(kāi)彈簧后到達(dá)N點(diǎn)的速度為零．沿ON方向建立坐標(biāo)軸（取O點(diǎn)處x=0），圖（b）中Ⅰ和Ⅱ圖線分別為小球的重力勢(shì)能和電勢(shì)能隨位置坐標(biāo)x變化的圖象，其中E0=1.24×10﹣3J，E1=1.92×10﹣3J，E2=6.2×10﹣4J．（靜電力恒量k=9.0×109N?m2/C2，取，，重力加速度g=10m/s2）（1）求電勢(shì)能為E1時(shí)小球的位置坐標(biāo)x1和小球的質(zhì)量m；（2）已知在x1處時(shí)小球與桿間的彈力恰好為零，求小球的電量q2；（3）求小球釋放瞬間彈簧的彈性勢(shì)能Ep．

2016年上海市奉賢區(qū)高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（共16分，每小題2分．每小題只有一個(gè)正確選項(xiàng)．）1．下列研究采用理想模型方法的是（）A．奧斯特研究電流磁效應(yīng)B．研究實(shí)際帶電體時(shí)用點(diǎn)電荷代替C．研究合力和兩個(gè)分力的關(guān)系D．布朗研究花粉顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】物理學(xué)史．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題．【分析】對(duì)于物理中的重要規(guī)律、原理，要明確其提出者，了解所涉及偉大科學(xué)家的重要成就，點(diǎn)電荷是物體在一定條件下的科學(xué)抽象，是建立理想化物理模型的方法．【解答】解：A、奧斯特研究電流磁效應(yīng)使用了實(shí)驗(yàn)法，故A正確；B、點(diǎn)電荷是理想化的模型，采用的是建立理想化物理模型的方法，故B正確；C、研究合力和兩個(gè)分力的關(guān)系是等效替代法，故C錯(cuò)誤．D、布朗研究花粉顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是放大法．故D錯(cuò)誤．故選：B．【點(diǎn)評(píng)】在學(xué)習(xí)物理知識(shí)的同時(shí)，我們也要加強(qiáng)物理研究方法和物理思想的學(xué)習(xí)，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．2．如圖為一水平彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖象，則末最大值是（）A．振動(dòng)能量 B．振子的加速度 C．彈力的功率 D．振子的動(dòng)能【考點(diǎn)】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題．【分析】x﹣t圖象上某個(gè)點(diǎn)的切線的斜率表示對(duì)應(yīng)時(shí)刻的速度，振子經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度最大，根據(jù)切線斜率進(jìn)行分析．【解答】解：A、彈簧振子振動(dòng)的過(guò)程中的能量包括振子的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能，在振動(dòng)的過(guò)程中，系統(tǒng)的能量不變．故A錯(cuò)誤．B、由圖可知，在時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置處，位移為0，所以振子的加速度為0．故B錯(cuò)誤；C、在時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置處，位移為0，彈簧的彈力為0，所以彈力的功率為0．故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)振動(dòng)圖象切線的斜率等于速度，可知對(duì)應(yīng)的速度為最大，則振子的動(dòng)能最大．故D正確．故選：D．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵明確x﹣t圖象上某個(gè)點(diǎn)的切線的斜率表示對(duì)應(yīng)時(shí)刻的速度，并要知道速度與位移的關(guān)系．3．理想氣體在容積固定的密閉容器中，當(dāng)溫度升高時(shí)，則增大的是（）A．分子間的距離 B．分子的平均動(dòng)能C．分子的勢(shì)能 D．分子的速率【考點(diǎn)】溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；物體的內(nèi)能．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；內(nèi)能及其變化專(zhuān)題．【分析】由題意可知，氣體體積不變，由等容變化規(guī)律可分析壓強(qiáng)的變化．【解答】解：A、氣體的體積不變，所以分子之間的距離不變．故A錯(cuò)誤；B、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體的溫度升高時(shí)，分子的平均動(dòng)能增大．故B正確；C、氣體的分子之間的距離不變，所以分子動(dòng)能不變．故C錯(cuò)誤；D、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，是大量分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，不是每一個(gè)分子的動(dòng)能都增大，所以分子的速率不一定增大．故D錯(cuò)誤．故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要知道隱含的條件：體積不變，并能掌握查理定律，即可正確分析．4．下列機(jī)械能一定減少的情況是（）A．雨點(diǎn)在空中下落 B．汽車(chē)沿斜坡向上減速行駛C．小鐵球做單擺簡(jiǎn)諧振動(dòng) D．熱氣球勻速向上運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】功能關(guān)系．【專(zhuān)題】定性思想；尋找守恒量法；動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題．【分析】只有重力或者是彈力做功時(shí)物體機(jī)械能守恒．除了重力或彈力以外的力做功時(shí)，物體機(jī)械能會(huì)變化，通過(guò)分析物體的受力情況，判斷做功情況，從而得出結(jié)論．【解答】解：A、雨點(diǎn)在空中下落時(shí)，空氣阻力對(duì)其做負(fù)功，其機(jī)械能一定不斷減少，故A正確．B、汽車(chē)沿斜坡向上減速行駛，動(dòng)能減少，重力勢(shì)能增加，則機(jī)械能不一定減少，故B錯(cuò)誤．C、小鐵球做單擺簡(jiǎn)諧振動(dòng)時(shí)，只有重力做功，機(jī)械能守恒，故C錯(cuò)誤．D、熱氣球勻速向上運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增加，則其機(jī)械能一定增加，故D錯(cuò)誤．故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵要掌握功能原理和機(jī)械能守恒條件，對(duì)于機(jī)械能是否守恒，還可以根據(jù)機(jī)械能的概念判斷．5．A和B兩物體在同一直線上運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖線如圖，已知在第3s末兩個(gè)物體相遇，則此過(guò)程中兩物相同的是（）A．加速度 B．出發(fā)地 C．速度方向 D．合外力【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像．【專(zhuān)題】定性思想；幾何法；運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專(zhuān)題．【分析】加速度根據(jù)圖象的斜率分析，由牛頓第二定律分析合外力的關(guān)系．由圖象的“面積”讀出兩物體在3s內(nèi)的位移不等，而在第3s末兩個(gè)物體相遇，可判斷出兩物體出發(fā)點(diǎn)不同，相距的距離等于它們位移之差．【解答】解：A、速度圖象的斜率等于加速度，斜率越大，加速度越大，則知A、B的加速度不同，故A錯(cuò)誤．B、由圖象的“面積”可知兩物體在3s內(nèi)的位移不等，而在第3s末兩個(gè)物體相遇，可知兩物體出發(fā)地不同，故B錯(cuò)誤．C、速度的正負(fù)表示速度方向，則知兩物體的速度方向相同，故C正確．D、兩個(gè)物體的加速度不同，由于兩個(gè)物體的質(zhì)量關(guān)系未知，由牛頓第二定律知不能確定合外力的關(guān)系，故D錯(cuò)誤．故選：C【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于速度﹣時(shí)間圖象要注意：不能讀出物體運(yùn)動(dòng)的初始位置．抓住“面積”表示位移、斜率等于加速度進(jìn)行分析．6．如圖，某時(shí)刻振幅、頻率均相同的兩列波相遇，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷．則再過(guò)半個(gè)周期，在波谷的質(zhì)點(diǎn)是（）A．O質(zhì)點(diǎn) B．P質(zhì)點(diǎn) C．N質(zhì)點(diǎn) D．M質(zhì)點(diǎn)【考點(diǎn)】波的疊加．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；波的多解性．【分析】由圖知M、O都處于振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，P點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，半個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)的路程為2倍的振幅．【解答】解：再過(guò)半個(gè)周期，在波谷的質(zhì)點(diǎn)在該時(shí)刻處于波峰，應(yīng)該是波峰與波峰相遇點(diǎn)，故應(yīng)該是M點(diǎn)；故選：D【點(diǎn)評(píng)】介質(zhì)中同時(shí)存在幾列波時(shí)，每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾．在波的重疊區(qū)域里各點(diǎn)的振動(dòng)的物理量等于各列波在該點(diǎn)引起的物理量的矢量和．7．一物體自空中的A點(diǎn)以一定的初速度豎直向上拋出，1s后物體的速率變?yōu)?0m/s，此時(shí)物體的位置和速度方向是（不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2）（）A．在A點(diǎn)上方，向上 B．在A點(diǎn)下方，向下C．在A點(diǎn)上方，向下 D．在A點(diǎn)下方，向上【考點(diǎn)】豎直上拋運(yùn)動(dòng)．【專(zhuān)題】定量思想；模型法；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題．【分析】物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，取豎直向上為正，豎直上拋運(yùn)動(dòng)可以看成一種勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移時(shí)間公式和速度時(shí)間公式求出位移和速度，再分析．【解答】解：取豎直向上為正，豎直上拋運(yùn)動(dòng)可以看成一種勻減速直線運(yùn)動(dòng)．A、若物體此時(shí)的位置在A點(diǎn)上方，速度方向向上，由v=v0﹣gt得，初速度v0=v+gt=20m/s，是可能的，故A正確．BD、若物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，1s后物體的速率v=gt=10m/s，而題中物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，物體先向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，1s后物體的速率變?yōu)?0m/s，此時(shí)物體的位置不可能在A點(diǎn)的下方，否則速率必小于10m/s．故B、D錯(cuò)誤．C、若物體此時(shí)的位置在A點(diǎn)上方，速度方向向下，v=﹣10m/s，由公式v=v0﹣gt得，v0=0，與物體以一定的初速度豎直向上拋出不符．故C錯(cuò)誤．故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題一要掌握豎直上拋運(yùn)動(dòng)的處理方法：整體法，二要有邏輯推理能力，采用假設(shè)法研究．8．如圖所示，斜面小車(chē)M靜止在光滑水平面上，一邊緊貼墻壁．若再在斜面上加一物體m，且M、m相對(duì)靜止，則此時(shí)小車(chē)受力個(gè)數(shù)為（）A．6 B．5 C．4 D．3【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．【專(zhuān)題】解題思想；定性思想；共點(diǎn)力作用下物體平衡專(zhuān)題．【分析】對(duì)物體受力分析是指分析物體的受力情況同時(shí)畫(huà)出受力的示意圖，本題可以先對(duì)m受力分析，再結(jié)合牛頓第三定律對(duì)M受力分析．【解答】解：先對(duì)物體m受力分析，受到重力、支持力和靜摩擦力；再對(duì)M受力分析，受重力、m對(duì)它的垂直向下的壓力和沿斜面向下的靜摩擦力，同時(shí)地面對(duì)M有向上的支持力，共受到4個(gè)力；故選：C．【點(diǎn)評(píng)】對(duì)物體受力分析可以按照先已知力，再重力，最后彈力和摩擦力，要結(jié)合彈力和摩擦力的產(chǎn)生條件判斷，本題中墻壁雖與小車(chē)接觸，但無(wú)彈力．二、單項(xiàng)選擇題Ⅱ（共24分，每小題3分．每小題只有一個(gè)正確選項(xiàng)．）9．如圖所示，為自行車(chē)的傳動(dòng)機(jī)構(gòu)，行駛時(shí)與地面不打滑．a(chǎn)、c為與車(chē)軸等高的輪胎上的兩點(diǎn)，d為輪胎與地面的接觸點(diǎn)，b為輪胎上的最高點(diǎn)．行駛過(guò)程中（）A．c處角速度最大 B．a(chǎn)處速度方向豎直向下C．b處向心加速度指向d D．a(chǎn)、b、c、d四處速度大小相等【考點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速．【專(zhuān)題】勻速圓周運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題．【分析】共軸轉(zhuǎn)動(dòng)角速度相等，以圓心為轉(zhuǎn)軸，a、b、c、d四點(diǎn)繞圓心轉(zhuǎn)動(dòng)的同時(shí)還要一起向前運(yùn)動(dòng)；也可以以d點(diǎn)為轉(zhuǎn)軸分析．【解答】解：A、共軸轉(zhuǎn)動(dòng)角速度相等，以任意一點(diǎn)為轉(zhuǎn)軸，都是共軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度一定相等，故A錯(cuò)誤；B、以圓心為轉(zhuǎn)軸，a處速度方向豎直向下運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，隨著車(chē)一起向前運(yùn)動(dòng)，故合速度不是豎直向下；故B錯(cuò)誤；C、以圓心為轉(zhuǎn)軸，b點(diǎn)繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)的同時(shí)水平勻速前進(jìn)，而b處向心加速度指向一定指向圓心，故也指向d；故C正確；D、以圓心為轉(zhuǎn)軸，a、b、c、d四點(diǎn)繞圓心轉(zhuǎn)動(dòng)的同時(shí)還要一起向前運(yùn)動(dòng)，由于繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)的分速度方向不同，故各個(gè)點(diǎn)的線速度方向不同，大小也不同；故D錯(cuò)誤；故選：C．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確后輪上各個(gè)點(diǎn)都是共軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，各個(gè)點(diǎn)繞轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)的同時(shí)還要隨著轉(zhuǎn)軸一起前進(jìn)．10．如圖甲，一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)變化過(guò)程的V﹣T圖象．則與之相對(duì)應(yīng)的變化過(guò)程p﹣T圖象應(yīng)為圖乙中（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程．【專(zhuān)題】定量思想；推理法；理想氣體狀態(tài)方程專(zhuān)題．【分析】a→b過(guò)程中，V﹣T圖象是經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的直線，故是等壓變化；b→c過(guò)程是等容變化；c→a過(guò)程是等溫變化．【解答】解：a→b過(guò)程中，V﹣T圖象是經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的直線，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，壓強(qiáng)P一定，故是等壓變化，P﹣T圖象與T軸平行的直線；b→c過(guò)程是等容變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，P﹣T圖象是經(jīng)過(guò)坐標(biāo)遠(yuǎn)點(diǎn)的直線；c→a過(guò)程是等溫變化，P﹣T圖象與P軸平行的直線；故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確各個(gè)過(guò)程中不變的量與變化的量，結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程列式分析，注意正比例曲線是經(jīng)過(guò)坐標(biāo)遠(yuǎn)點(diǎn)的直線．11．下列關(guān)于超重、失重現(xiàn)象的描述正確的是（）A．電梯在減速上升，電梯中的人處于超重狀態(tài)B．列車(chē)在水平軌道上加速行駛，車(chē)上的人處于超重狀態(tài)C．秋千擺到最低位置時(shí)，秋千上的人處于失重狀態(tài)D．在國(guó)際空間站內(nèi)的宇航員處于失重狀態(tài)【考點(diǎn)】超重和失重．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題．【分析】根據(jù)加速度的方向判斷物體處于超重還是失重狀態(tài)．當(dāng)物體的加速度方向豎直向上時(shí)，處于超重狀態(tài)；當(dāng)物體的加速度方向豎直向下時(shí)，處于失重狀態(tài)．【解答】解：A、電梯正在減速上升，加速度方向豎直向下，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律可知，人對(duì)電梯的壓力小于人的重力，則人在電梯中處于失重狀態(tài)．故A錯(cuò)誤．B、列車(chē)在水平軌道上加速行駛，沒(méi)有豎直方向的加速度，車(chē)上的人既不處于超重狀態(tài)，也不處于失重狀態(tài)．故B錯(cuò)誤．C、蕩秋千時(shí)當(dāng)秋千擺到最低位置時(shí)，加速度方向豎直向上，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律可知，人對(duì)秋千的壓力大于人的重力，人處于超重狀態(tài)．故C錯(cuò)誤．D、在國(guó)際空間站內(nèi)的宇航員的加速度等于重力加速度，處于完全失重狀態(tài)．故D正確．故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵分析加速度的方向，從而判斷物體的狀態(tài)，應(yīng)掌握：物體的加速度方向豎直向上時(shí)，處于超重狀態(tài)；加速度方向豎直向下時(shí)，處于失重狀態(tài)．12．某物體以一定的初速度沿足夠長(zhǎng)的斜面從底端向上滑去，此后該物體的運(yùn)動(dòng)圖象不可能的是（圖中x是位移、v是速度、t是時(shí)間）（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像．【專(zhuān)題】運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專(zhuān)題．【分析】物體以一定的初速度沿足夠長(zhǎng)的斜面，可能先向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度小于勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度，物體返回時(shí)速度減?。豢赡芟认蛏献鰟驕p速直線運(yùn)動(dòng)，后停在最高點(diǎn)．【解答】解：A、物體可能先向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)x=v0t+得知，位移是時(shí)間的二次函數(shù)，圖線是曲線，A是可能的．故A正確．B、可能先向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后停在最高點(diǎn)．故B正確．C、由圖知道：物體返回時(shí)大于出發(fā)時(shí)速度，不符合物體的運(yùn)動(dòng)情況，違反了能量守恒定律，不可能．故C錯(cuò)誤．D、可能先向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后停在最高點(diǎn)．故D正確．本題選不可能的，故選C【點(diǎn)評(píng)】本題考查把握物體的運(yùn)動(dòng)情況和物理圖象之間聯(lián)系的能力，要考慮各種可能的情況，不能遺漏．13．如圖所示，水平地面上O點(diǎn)正上方的A、B兩點(diǎn)分別水平拋出兩個(gè)小球，C在水平面上O點(diǎn)右邊，則兩球（）A．不可能同時(shí)落在C點(diǎn)B．落在C點(diǎn)的速度方向可能相同C．落在C點(diǎn)的速度大小可能相同D．落在C點(diǎn)時(shí)重力的功率不可能相同【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)；功率、平均功率和瞬時(shí)功率．【專(zhuān)題】比較思想；合成分解法；平拋運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題．【分析】平拋運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線，速度方向?yàn)樵擖c(diǎn)的切線方向，平拋運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動(dòng)，設(shè)出水平方向和豎直方向的位移，運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律表示出落地的速度，再結(jié)合重力瞬時(shí)的功率公式P=mgvy即可分析．【解答】解：A、平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=，水平位移x=v0t=v0，h不同，但可能相同，所以?xún)汕蚩赡芏悸湓贑點(diǎn)，但由于高度不同，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定不同，不可能同時(shí)落在C點(diǎn)．故A正確．B、平拋運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線，速度方向?yàn)樵擖c(diǎn)的切線方向，分別從AB兩點(diǎn)拋出的小球軌跡不同，在C點(diǎn)的切線方向也不同，所以落地時(shí)方向不可能相同，故B錯(cuò)誤．C、根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mgh+=，則落地速度v=，則知落在C點(diǎn)的速度大小可能相同，故C正確．D、落在C點(diǎn)時(shí)重力的功率P=mgvy=mg，當(dāng)m相同時(shí)P相同，故D錯(cuò)誤．故選：AC【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律，知道平拋運(yùn)動(dòng)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律進(jìn)行分析這類(lèi)問(wèn)題．要注意重力的瞬時(shí)功率與豎直分速度有關(guān)．14．如圖所示，滑塊A和B疊放在固定的斜面體上，從靜止開(kāi)始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑．已知B與斜面體間光滑接觸，則在AB下滑的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．B對(duì)A的支持力不做功 B．B對(duì)A的作用力不做功C．B對(duì)A的摩擦力做正功 D．B對(duì)A的摩擦力做負(fù)功【考點(diǎn)】功的計(jì)算．【分析】對(duì)AB受力分析，A受到三個(gè)力：重力，B對(duì)A的支持力和摩擦力；B受到重力、斜面給它的支持力、A對(duì)B的壓力和摩擦力的作用．在根據(jù)力與運(yùn)動(dòng)方向夾角之間的關(guān)系，可以判斷各力的做功的情況．【解答】解：A、B對(duì)A的支持力豎直向上，A和B是一起沿著斜面下滑的，所以B對(duì)A的支持力與運(yùn)動(dòng)方向之間的夾角大于90°，所以B對(duì)A的支持力做負(fù)功，所以A錯(cuò)誤．B、以A、B整體為研究對(duì)象，應(yīng)用牛頓第二定律得a=gsinθ；隔離A分析，如圖所示，有mgsinθ+fcosθ﹣Nsinθ=ma，得fcosθ=Nsinθ，f與N的合力沿+y方向，B對(duì)A的合力不做功，故B正確．C、B對(duì)A的摩擦力是沿著水平面向左的，與運(yùn)動(dòng)方向之間的夾角小于90°，所以B對(duì)A的摩擦力做正功，故C正確．D、由C的分析，可知D錯(cuò)誤．故選：BC【點(diǎn)評(píng)】當(dāng)力的方向與運(yùn)動(dòng)方向的夾角大于90°時(shí)，力對(duì)物體做負(fù)功，當(dāng)小于90°時(shí)，力對(duì)物體做正功，當(dāng)?shù)扔?0°時(shí)，力對(duì)物體不做功．15．如圖，由不同材料拼接成的長(zhǎng)直桿CPD，P為兩材料分界點(diǎn)，DP＞CP，現(xiàn)讓直桿以下面兩種情況與水平面成45°．一個(gè)套在長(zhǎng)直桿上的圓環(huán)靜止開(kāi)始從頂端滑到底端，兩種情況下圓環(huán)經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間滑到P點(diǎn)．則圓環(huán)（）A．與桿CP段的動(dòng)摩擦因數(shù)較小B．兩次滑到P點(diǎn)的速度可能相同C．兩次滑到P點(diǎn)摩擦力做功一定相同D．到達(dá)底端D所用時(shí)間較長(zhǎng)【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；滑動(dòng)摩擦力．【專(zhuān)題】壓軸題；定性思想；推理法；動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題．【分析】對(duì)兩個(gè)過(guò)程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式結(jié)合牛頓第二定律判斷動(dòng)摩擦因數(shù)的關(guān)系，小物塊兩次滑動(dòng)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的時(shí)間相同，且DP＞CP，根據(jù)平均速度公式判斷兩次滑到P點(diǎn)的速度關(guān)系，從C到D和從D到C分別利用動(dòng)能定理可以比較物塊滑到低端時(shí)的速度大小，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式判斷那種情況所用時(shí)間長(zhǎng)．【解答】解：A、第一種情況：從C到P過(guò)程，a1t2=g（sin45°﹣μ1cos45°）t2，第二種情況：從D到P過(guò)程，a2t2=g（sin45°﹣μ2cos45°）t2，因?yàn)?，所以?＞μ2，即圓環(huán)與直桿CP段的動(dòng)摩擦因數(shù)大于圓環(huán)與直桿DP段之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，故A錯(cuò)誤；B、由題意可知，小物塊兩次滑動(dòng)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的時(shí)間相同，且DP＞CP，因此從D到P的平均速度大于從C到P的平均速度，設(shè)從C到P點(diǎn)時(shí)速度為v1，從D到P時(shí)速度為v2，則根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)有：，即從D到P點(diǎn)速度大于從C到P點(diǎn)的速度，則得v1＜v2，故B錯(cuò)誤；C、由于不知道動(dòng)摩擦因數(shù)以及DP和CP的具體關(guān)系，所以不能判斷兩次滑到P點(diǎn)摩擦力做功是否相等，故C錯(cuò)誤；D、從C到D和從D到C過(guò)程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根據(jù)動(dòng)能定理可知，兩次滑動(dòng)中物塊到達(dá)底端速度相等，設(shè)圓環(huán)滑到底端的速度大小為v．則第一種情況：從P到D過(guò)程，t1第二種情況：從P到C過(guò)程，t2因?yàn)?，v1＜v2．所以t1＞t2．則得第一次圓環(huán)到達(dá)底端所用時(shí)間長(zhǎng)．故D正確．故選：D．【點(diǎn)評(píng)】本題應(yīng)用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)、動(dòng)能定理是解答這類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵．應(yīng)用動(dòng)能定理時(shí)注意正確選擇兩個(gè)狀態(tài)，弄清運(yùn)動(dòng)過(guò)程中外力做功情況，可以不用關(guān)心具體的運(yùn)動(dòng)細(xì)節(jié)．16．一根中點(diǎn)有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸的輕質(zhì)桿長(zhǎng)為2l，兩端固定完全相同的質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球1和2，裝置放在如圖所示的關(guān)于豎直線對(duì)稱(chēng)的電場(chǎng)中．開(kāi)始時(shí)桿在水平位置靜止，現(xiàn)給小球1一個(gè)豎直向上的速度，讓小球1、2繞轉(zhuǎn)動(dòng)軸各自轉(zhuǎn)動(dòng)到B、A位置，A、B間電勢(shì)差是U，小球1、2構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)能減小量是（）A．一定小于Uq B．一定等于2（Uq+mgl）C．一定大于Uq D．一定大于Uq+mgl【考點(diǎn)】電勢(shì)能；動(dòng)能定理的應(yīng)用．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題．【分析】分析電場(chǎng)力和重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理求解系統(tǒng)動(dòng)能減小量．電場(chǎng)力做功由公式W=qU和U=Ed定性分析．【解答】解：桿由水平位置轉(zhuǎn)到豎直位置的過(guò)程中，重力對(duì)系統(tǒng)做功為0，根據(jù)對(duì)稱(chēng)知開(kāi)始時(shí)兩小球處于等勢(shì)面上，轉(zhuǎn)動(dòng)后，小球1所在位置電勢(shì)較低，電勢(shì)能減少，小球2所在位置電勢(shì)較高，根據(jù)等勢(shì)線與電場(chǎng)線的關(guān)系知道，小球2的電勢(shì)升高量大于小球1的電勢(shì)降低量，所以小球2的電勢(shì)能增加超過(guò)Uq，系統(tǒng)重力勢(shì)能未變，動(dòng)能減少，但不知小球1的電勢(shì)能降低量的具體值，故選項(xiàng)B、C、D皆錯(cuò)，故A正確．故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要能正確分析小球能量如何轉(zhuǎn)化，運(yùn)用W=qU和U=Ed定性分析兩球電勢(shì)能的變化關(guān)系，由能量守恒定律分析即可三、多項(xiàng)選擇題．（本大題共4小題，每小題4分．每小題給出的四個(gè)答案中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上是正確的．每一小題全選對(duì)得4分；選對(duì)但不全，得2分；有選錯(cuò)或不答的，得0分．）17．如圖所示為一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖．經(jīng)過(guò)時(shí)間t1，Q點(diǎn)振動(dòng)狀態(tài)傳到P點(diǎn)，則t1時(shí)刻（）A．Q點(diǎn)正在波谷位置B．Q點(diǎn)加速度沿y軸的正方向C．P質(zhì)點(diǎn)已運(yùn)動(dòng)到x＜0的位置D．位于1cm＜x＜3cm內(nèi)的所有質(zhì)點(diǎn)正在向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．【專(zhuān)題】比較思想；圖析法；波的多解性．【分析】由題意利用波形平移法分析Q點(diǎn)的振動(dòng)狀態(tài)傳到P點(diǎn)時(shí)波形圖，由波形圖可判斷各點(diǎn)的振動(dòng)情況．【解答】解：A、當(dāng)Q點(diǎn)的振動(dòng)狀態(tài)傳到P點(diǎn)時(shí)，根據(jù)波形平移法可知Q點(diǎn)振動(dòng)四分之三周期，t=0時(shí)刻Q點(diǎn)正向上運(yùn)動(dòng)，則經(jīng)過(guò)四分之三周期時(shí)，Q點(diǎn)正在波谷位置，故A正確．B、Q點(diǎn)到達(dá)波谷時(shí)，加速度沿y軸的正方向，故B正確．C、質(zhì)點(diǎn)P正通過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤．D、x=0cm處質(zhì)點(diǎn)在波谷，x=2cm處質(zhì)點(diǎn)在波峰，則1cm＜x＜2cm向y軸的正方向運(yùn)動(dòng)，2cm＜x＜3cm向y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．故選：AB【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是根據(jù)波形平移法確定波傳播的時(shí)間，分析各個(gè)特殊點(diǎn)的位置和狀態(tài)，再分析質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向．18．如圖所示，有一豎直放置、兩端封閉的U形管，兩管內(nèi)水銀面左高右低，兩端封閉的空氣柱溫度相同．要讓水銀柱相對(duì)玻璃管向A端移動(dòng)，可以采取的措施（）A．將U形管向右稍?xún)A斜一些 B．將U形管向左稍?xún)A斜一些C．兩邊空氣柱升高相同溫度 D．使玻璃管豎直向上減速運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)．【專(zhuān)題】定量思想；推理法；理想氣體狀態(tài)方程專(zhuān)題．【分析】要讓水銀柱相對(duì)玻璃管向A端移動(dòng)，則A、B中氣壓差值要增加；將U形管傾斜一些，會(huì)改變兩側(cè)水銀面的高度差，從而改變氣壓差值；如果兩邊空氣柱升高相同溫度，先假設(shè)水銀柱不動(dòng)，根據(jù)列式分析；使玻璃管豎直向上減速運(yùn)動(dòng)，失重，會(huì)減小A、B中氣壓差值．【解答】解：AB、設(shè)水銀柱兩側(cè)的高度差為h，則：PB﹣PA=ρgh；先假設(shè)水銀柱不動(dòng)；將U形管向右稍?xún)A斜一些，水銀柱兩側(cè)的高度差變大，故A側(cè)氣體推動(dòng)水銀柱靠近右端，故A錯(cuò)誤；將U形管向左稍?xún)A斜一些，水銀柱兩側(cè)的高度差變小，故B側(cè)氣體推動(dòng)水銀柱靠近左端，故B正確；C、兩邊空氣柱升高相同溫度，根據(jù)查理定律公式，有：，故，由于PB﹣PA=ρgh，故PB＞PA，故△PA＜△PB，故A側(cè)氣體壓強(qiáng)的增加量小，故水銀柱相對(duì)玻璃管向A端移動(dòng)，故C正確；D、使玻璃管豎直向上減速運(yùn)動(dòng)，加速度向下，失重，故PB＞PA+ρ（g﹣a）h，故水銀柱相對(duì)玻璃管向A端移動(dòng)，故D正確；故選：BCD【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是通過(guò)受力分析知道，要讓水銀柱相對(duì)玻璃管向A端移動(dòng)，則兩側(cè)氣體的壓強(qiáng)差要大于ρgh，不難．19．電阻非線性變化的滑動(dòng)變阻器R2接入圖1的電路中，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭改變接入電路中的長(zhǎng)度x（x為圖中a與觸頭之間的距離），定值電阻R1兩端的電壓U1與x間的關(guān)系如圖2，a、b、c為滑動(dòng)變阻器上等間距的三個(gè)點(diǎn)，當(dāng)觸頭從a移到b和從b移到c的這兩過(guò)程中，則不正確的是（）A．電流表A示數(shù)變化相等 B．電壓表V2的示數(shù)變化不相等C．電阻R1的功率變化相等 D．電源的輸出功率都不斷增大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；電功、電功率．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；恒定電流專(zhuān)題．【分析】對(duì)于電阻R1，根據(jù)歐姆定律得到U1=IR1，電阻R1一定，由圖象讀出電壓變化關(guān)系，分析電流變化關(guān)系．電壓表V2的示數(shù)U2=E﹣Ir，根據(jù)電流變化關(guān)系，分析V2的示數(shù)變化關(guān)系．根據(jù)電阻R1的功率分析R1的功率變化關(guān)系；由圖讀出電壓的變化，分析電流的變化情況，根據(jù)外電阻與電源內(nèi)阻的關(guān)系，分析電源輸出功率如何變化．【解答】解：A、根據(jù)歐姆定律得到電阻R1兩端的電壓U1=IR1，由圖看出，電壓U1變化相等，R1一定，則知電流的變化相等，即得電流表示數(shù)變化相等．故A正確；B、電壓表V2的示數(shù)U2=E﹣Ir，電流I的變化相等，E、r一定，則△U2相等．故B不正確；C、電阻R1的功率，其功率的變化量為△P1=2IR1?△I，由上知△I相等，而I減小，則知，從a移到b功率變化量較大．故C不正確；D、由圖2知，U1減小，電路中電流減小，總電阻增大，由于外電路總與電源內(nèi)阻的關(guān)系未知，無(wú)法確定電源的輸出功率如何變化．故D不正確．本題不正確的，故選：BCD【點(diǎn)評(píng)】分析電路圖，得出滑動(dòng)變阻器和定值電阻串聯(lián)，利用好串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律是基礎(chǔ)，關(guān)鍵要利用好從U1﹣x圖象得出的信息．20．如圖，在豎直向下的y軸兩側(cè)分布有垂直紙面向外和向里的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度均隨位置坐標(biāo)按B=B0+ky（k為正常數(shù)）的規(guī)律變化．兩個(gè)完全相同的正方形線框甲和乙的上邊均與y軸垂直，甲的初始位置高于乙的初始位置，兩線框平面均與磁場(chǎng)垂直．現(xiàn)同時(shí)分別給兩個(gè)線框一個(gè)豎直向下的初速度vl和v2，設(shè)磁場(chǎng)的范圍足夠大，當(dāng)線框完全在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)，正確的是（）A．運(yùn)動(dòng)中兩線框所受磁場(chǎng)的作用力方向一定相同B．若v1=v2，則開(kāi)始時(shí)甲所受磁場(chǎng)力小于乙所受磁場(chǎng)力C．若v1＞v2，則開(kāi)始時(shí)甲的感應(yīng)電流一定大于乙的感應(yīng)電流D．若v1＜v2，則最終穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)甲的速度可能大于乙的速度【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．【專(zhuān)題】電磁感應(yīng)——功能問(wèn)題．【分析】磁感應(yīng)強(qiáng)度均隨位置坐標(biāo)按B=Bo+ky（k為正常數(shù)）的規(guī)律變化，知線框上邊所受的安培力小于下邊所受的安培力，根據(jù)左手定則判斷安培力的方向．根據(jù)E=B2Lv﹣B1Lv求出線框切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，比較出產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，從而比較出感應(yīng)電流的大?。?dāng)線框所受的安培力和重力平衡時(shí)，線框處于穩(wěn)定狀態(tài)，求出穩(wěn)定時(shí)的速度，看與什么因素有關(guān)．【解答】解：A、根據(jù)楞次定律，甲線框中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏?，乙線框中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎驗(yàn)榫€框下邊產(chǎn)生的磁場(chǎng)比上邊的磁場(chǎng)強(qiáng)，下邊所受的安培力大于上邊所受的安培力，則安培力的方向與下邊所受的安培力方向相同，根據(jù)左手定則，甲線框所受的安培力方向向上，乙線框所受的安培力方向向上．故A正確．B、線框產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=B2Lv﹣B1Lv=kL2v，開(kāi)始時(shí)，兩線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小相等．線框所受的安培力F=B2IL﹣B1IL=kIL2，知兩線框所受的安培力相等．故B錯(cuò)誤．C、線框產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=B2Lv﹣B1Lv=kL2v，與速度有關(guān)，若v1＞v2，則開(kāi)始時(shí)甲線框產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大于乙線框產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，則開(kāi)始時(shí)甲線框的感應(yīng)電流一定大于乙線框的感應(yīng)電流．故C正確．D、線框達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，重力與安培力平衡，有：mg=kIL2，又I=，所以mg=，v=，知穩(wěn)定時(shí)，兩線框的速度相等．故D錯(cuò)誤．故選：AC．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了楞次定律、左手定則、以及切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式和安培力公式等，綜合性較強(qiáng)，對(duì)學(xué)生能力的要求較高，是一道好題．四、填空題．（本大題共1小題，每空格2分．不要求寫(xiě)出演算過(guò)程．本大題中第22題為分叉題，分A、B兩類(lèi)，考生可任選一類(lèi)答題．若兩類(lèi)試題均做，一律按A類(lèi)題計(jì)分．）21．1905年愛(ài)因斯坦建立相對(duì)論，使人們認(rèn)識(shí)到牛頓力學(xué)只能適用低速宏觀領(lǐng)域中的力學(xué)現(xiàn)象．【考點(diǎn)】經(jīng)典時(shí)空觀與相對(duì)論時(shí)空觀的主要區(qū)別；物理學(xué)史．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題．【分析】了解牛頓在力學(xué)中的偉大成就和愛(ài)因斯坦的相對(duì)論的，根據(jù)相對(duì)論的意義以及牛頓定律的適用范圍即可正確解答．【解答】解：牛頓在前人基礎(chǔ)上創(chuàng)立了牛頓三定律并發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，20世紀(jì)相對(duì)論和量子力學(xué)的建立，使人們認(rèn)識(shí)到牛頓力學(xué)只能適用于宏觀、低速領(lǐng)域中的力學(xué)現(xiàn)象．故答案為：相對(duì)論，低速宏觀【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于著名科學(xué)家要了解其主要貢獻(xiàn)，培養(yǎng)科學(xué)素養(yǎng)和科學(xué)精神．22、23選做一題22．質(zhì)量均為m的小物塊A和木板B，B靜止于光滑水平面上，A在B上左端以v0初速度滑動(dòng)，從B右端以v1速度滑出．則木板B最后的速度為v0﹣v1，系統(tǒng)機(jī)械能減少量為mv1（v0﹣v1）．【考點(diǎn)】功能關(guān)系．【專(zhuān)題】整體思想；尋找守恒量法；動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題．【分析】物塊A與木板B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出木板B最后的速度，由能量守恒定律可以求出系統(tǒng)的機(jī)械能減少量．【解答】解：物塊A與木板B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0=mv1+mv2，解得木板B最后的速度為：v2=v0﹣v1．系統(tǒng)機(jī)械能減少量為△E=﹣代入解得△E=mv1（v0﹣v1）故答案為：v0﹣v1，mv1（v0﹣v1）．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律與能量守恒問(wèn)題，這一類(lèi)的題目要分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律即可正確解題．23．“嫦娥一號(hào)”先在“24小時(shí)軌道”上繞地球運(yùn)行（即繞地球一圈需要24小時(shí)），再經(jīng)過(guò)變軌依次到達(dá)“48小時(shí)軌道”和“72小時(shí)軌道”，最后奔向月球．設(shè)衛(wèi)星繞行軌道為圓，忽略衛(wèi)星質(zhì)量的變化，則衛(wèi)星在每次變軌完成后的機(jī)械能比變軌前變大（填“變大”、“不變”或“變小”）．衛(wèi)星在72小時(shí)軌道運(yùn)行的角速度和24小時(shí)軌道上的角速度之比為1：3．【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．【專(zhuān)題】定性思想；推理法；人造衛(wèi)星問(wèn)題．【分析】根據(jù)變軌的原理確定機(jī)械能的變化，根據(jù)周期的關(guān)系，結(jié)合求出角速度之比．【解答】解：從“24小時(shí)軌道”經(jīng)過(guò)變軌依次到達(dá)“48小時(shí)軌道”和“72小時(shí)軌道”，每次變軌時(shí)先加速，做離心運(yùn)動(dòng)，到遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)再加速進(jìn)入高軌道，可知機(jī)械能增加，所以衛(wèi)星在每次變軌完成后的機(jī)械能比變軌前變大．根據(jù)知，在兩個(gè)軌道上的周期之比為3：1，則角速度之比為1：3．故答案為：變大，1：3【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道衛(wèi)星變軌的原理，知道周期與角速度的關(guān)系，基礎(chǔ)題．24．如圖所示，在直角三角形區(qū)域ABC內(nèi)（包括邊界）存在著平行于AC方向的豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，AC邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，一質(zhì)量為m，電荷量+q的帶電小球以初速度v0從A點(diǎn)沿AB方向進(jìn)入電場(chǎng)，以2v0的速度從BC邊中點(diǎn)出來(lái)，則小球從BC出來(lái)時(shí)的水平分速度vx=v0，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E=．（重力加速度為g）【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【專(zhuān)題】定量思想；推理法；帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題．【分析】小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受重力和電場(chǎng)力作用，做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，水平分速度不變，根據(jù)動(dòng)能定理求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。窘獯稹拷猓盒∏蛑亓碗妶?chǎng)力均豎直向下，做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，水平分速度不變，所以小球從BC出來(lái)的水平分速度vx=v0．小球從BC邊的中點(diǎn)出來(lái)，下降的高度為，根據(jù)動(dòng)能定理得：，解得：E=．故答案為：v0，．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了帶電小球在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，掌握處理曲線運(yùn)動(dòng)的方法，知道小球在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．25．如圖所示，輕細(xì)桿AB、BC處在同一豎直平面內(nèi)，B處用鉸接連接，A、C處用鉸鏈鉸于同一水平面上，BC桿與水平面夾角為37°．一質(zhì)量為2kg的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）穿在BC桿上，對(duì)小球施加一個(gè)水平向左的恒力使其靜止在BC桿中點(diǎn)處，長(zhǎng)為的AB桿恰好豎直．不計(jì)一切摩擦．（重力加速度g=10m/s2，取，），則BC桿對(duì)AB桿的作用力方向?yàn)樨Q直向下，大小為N．【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用；力矩的平衡條件．【專(zhuān)題】定量思想；推理法；共點(diǎn)力作用下物體平衡專(zhuān)題．【分析】桿AB、BC都是輕桿，不計(jì)重力，BC桿對(duì)AB桿的力豎直向下，否則AB會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)；以C點(diǎn)為支點(diǎn)，對(duì)BC桿和球整體，根據(jù)力矩平衡條件列式求解AB桿對(duì)BC桿的彈力，然后根據(jù)牛頓第三定律，得到BC桿對(duì)AB桿的作用力大?。窘獯稹拷猓簵UAB是輕桿，不計(jì)重力，以A點(diǎn)為支點(diǎn)，根據(jù)力矩平衡條件，BC桿對(duì)AB桿的力豎直向下，否則合力矩不為零，不難平衡；根據(jù)牛頓第三定律，AB桿對(duì)BC桿的彈力豎直向上，設(shè)為N，對(duì)BC桿和球整體，以C點(diǎn)為支點(diǎn)，有：其中：，m解得：FN故答案為：豎直向下，．【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是靈活選擇研究對(duì)象，受力分析后結(jié)合力矩平衡條件列式，要先分析桿AB，再對(duì)桿BC和球整體分析，不難．26．如圖所示，光滑水平面上方存在兩個(gè)足夠大的磁感應(yīng)強(qiáng)度均為、方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，PQ為兩個(gè)磁場(chǎng)的邊界．一個(gè)邊長(zhǎng)為，質(zhì)量為，電阻為的正方形金屬線框沿垂直磁場(chǎng)方向，以某一速度從圖示位置向右直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框中心線AB運(yùn)動(dòng)到與PQ重合時(shí)，線框的速度為1m/s，此過(guò)程中通過(guò)線框截面的電荷量為C，若此時(shí)在紙面內(nèi)加上一個(gè)水平外力使該時(shí)刻線框的加速度大小為2，則所加外力的大小為或N．【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．【專(zhuān)題】定量思想；平均思想法；電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題．【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和電量q=I△t相結(jié)合求解電量．加速度方向未知，可能向左，也可能向右，根據(jù)牛頓第二定律求外力的大?。窘獯稹拷猓焊袘?yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=，感應(yīng)電流為：I=，通過(guò)線框截面的電荷量為：q=I△t，解得：q===．此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=2BLv，感應(yīng)電流為：I=，線框所受的安培力FA=2BIL=若加速度向右，由牛頓第二定律得F﹣FA=ma，得若加速度向左，由牛頓第二定律得F+FA=ma，得故答案為：，或．【點(diǎn)評(píng)】本題考查電磁感應(yīng)規(guī)律、閉合電路歐姆定律、安培力公式、牛頓第二定律，要搞清楚磁通量的變化情況，要注意線框經(jīng)過(guò)中線時(shí)左右兩邊都切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，兩個(gè)電動(dòng)勢(shì)是串聯(lián)關(guān)系．五、實(shí)驗(yàn)題（第26題4分，第27題6，第28題6分，第28題8分）27．如圖是研究氣體的壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系、體積與溫度的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置，A、B管下端由軟管相連，注入一定量的水銀，燒瓶中封有一定量的理想氣體，開(kāi)始時(shí)A、B兩管中水銀面一樣高，然后將燒瓶浸入熱水或冰水中，則（）A．浸入熱水時(shí)，若研究壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系應(yīng)將A管向上移動(dòng)B．浸入熱水時(shí)，若研究壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系應(yīng)將A管向下移動(dòng)C．浸入冰水時(shí)，若研究體積與溫度的關(guān)系應(yīng)將A管向上移動(dòng)D．浸入冰水時(shí)，若研究體積與溫度的關(guān)系應(yīng)將A管向下移動(dòng)【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)．【專(zhuān)題】定量思想；推理法；理想氣體狀態(tài)方程專(zhuān)題．【分析】研究壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系時(shí)要保證瓶中氣體體積不變，即氣體做的是等容變化，根據(jù)氣體的溫度的變化，由查理定律分析壓強(qiáng)的變化即可．研究體積與溫度的關(guān)系時(shí)，要保證壓強(qiáng)一定，即氣體經(jīng)歷等壓變化，根據(jù)蓋﹣呂薩克定律分析體積的變化即可判斷．【解答】解：AB、將燒瓶浸入熱水中時(shí)，氣體的溫度升高，若研究壓強(qiáng)與溫度的關(guān)系，則保證氣體的體積不變，所以氣體的壓強(qiáng)要變大，應(yīng)將A管向上移動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；CD、將燒瓶浸入冰水中時(shí)，氣體的溫度降低，若研究體積與溫度的關(guān)系，則保證氣體的壓強(qiáng)一定，故體積減小，應(yīng)將A管向上移動(dòng)，保持U型管中兩側(cè)的水銀面等高，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：AC．【點(diǎn)評(píng)】研究P﹣T關(guān)系時(shí)要保證氣體做的是等容變化，研究V﹣T關(guān)系要保證氣體做等壓變化，直接根據(jù)氣體實(shí)驗(yàn)定律分析即可，不難．28．下圖為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置，部分導(dǎo)線已連接．（1）請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線將圖中未完成的電路連接好．（2）如果在閉合電鍵時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向左偏了一下，然后將原線圈A迅速拔出副線圈B，那么此過(guò)程中，電流計(jì)的指針將向右偏；若原線圈插入副線圈不動(dòng)，然后將滑動(dòng)變阻器滑片迅速向右移動(dòng)，那么此時(shí)電流計(jì)的指針將向右偏．【考點(diǎn)】研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象．【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題．【分析】（1）注意該實(shí)驗(yàn)中有兩個(gè)回路，一是電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯(lián)成的回路，二是電流計(jì)與大螺線管串聯(lián)成的回路，據(jù)此可正確解答．（2）根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．【解答】解：（1）將電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯(lián)成一個(gè)回路，再將電流計(jì)與大螺線管串聯(lián)成另一個(gè)回路，注意滑動(dòng)變阻器接一上一下兩個(gè)接線柱，電路圖如圖所示．（2）如果在閉合電鍵時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向左偏了一下，知磁通量增大產(chǎn)生感應(yīng)電流，若將原線圈A迅速拔出副線圈，則磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流與開(kāi)始相反，所以電流計(jì)指針向右偏．若原線圈插入副線圈不動(dòng)，滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)，則電流減小，磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流與開(kāi)始相反，所以電流計(jì)指針向右偏．故答案為：（1）連線見(jiàn)右圖；（2）右，右【點(diǎn)評(píng)】本題考查研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象及驗(yàn)證楞次定律的實(shí)驗(yàn)，對(duì)于該實(shí)驗(yàn)注意兩個(gè)回路的不同．29．某同學(xué)對(duì)實(shí)驗(yàn)室的一個(gè)多用電表中的電池進(jìn)行更換時(shí)發(fā)現(xiàn)，表內(nèi)除了一節(jié)的干電池外，還有一個(gè)方形的電池（層疊電池）．為了測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，實(shí)驗(yàn)室中提供如下器材：電流表A1（滿(mǎn)偏電流10mA，內(nèi)阻很?。?、電流表A2（0～～3A，內(nèi)阻很?。?、滑動(dòng)變阻器R0（0～100Ω，1A）、定值電阻R（阻值1000Ω）、開(kāi)關(guān)與導(dǎo)線若干．（1）根據(jù)現(xiàn)有的實(shí)驗(yàn)器材，為測(cè)出多組數(shù)據(jù)得到如圖2的I1﹣I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)），請(qǐng)將相應(yīng)的電路圖畫(huà)在圖1的方框內(nèi)，并標(biāo)出器材相應(yīng)的符號(hào)；（2）根據(jù)電路圖及圖線可以得到被測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r=10Ω．【考點(diǎn)】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題；定性思想；推理法；恒定電流專(zhuān)題．【分析】（1）由原理圖將電流表A2與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電流表A1與定值電阻R串聯(lián)，注意開(kāi)關(guān)應(yīng)能控制整個(gè)電路；（2）表頭及定值電阻充當(dāng)電壓表使用，則由閉合電路歐姆定律可得出表達(dá)式，由圖象結(jié)合表達(dá)式可得出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻；【解答】解：（1）由題意可知，本實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有電壓表，故將已知內(nèi)阻的電流表A2與定值電阻串聯(lián)充當(dāng)電壓表，電流表A1與定值電阻R串聯(lián)即可．如圖所示：（2）表頭的示數(shù)與定值電阻阻值的乘積可作為路端電壓處理，則由閉合電路歐姆定律可知：I1（R3+RA）=E﹣I2r即：I1=；由圖可知，圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為，則有：9.0mA=解得：；由圖象可知，圖象的斜率為：10×10﹣3，由公式得圖象的斜率等于，故=10×10﹣3；解得r=10Ω．故答案為：（1）原理圖如圖；（2），10．【點(diǎn)評(píng)】本題為測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)的變形，注意由于沒(méi)有電壓表，本實(shí)驗(yàn)中采用改裝的方式將表頭改裝為電壓表，再根據(jù)原實(shí)驗(yàn)的研究方法進(jìn)行分析研究．30．如圖是某小組對(duì)滑塊驗(yàn)證動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)裝置，在滑塊上安裝一遮光條與拉力傳感器，把滑塊放在水平氣墊導(dǎo)軌上，通過(guò)定滑輪的細(xì)繩與鉤碼相連，光電門(mén)安裝在B處．測(cè)得滑塊（含遮光條和拉力傳感器）質(zhì)量為M、鉤碼的總質(zhì)量為m、遮光條的寬度為d，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間．當(dāng)氣墊導(dǎo)軌充氣后，將滑塊在圖示A位置由靜止釋放后，拉力傳感器記錄的讀數(shù)為F，光電門(mén)記錄的時(shí)間為△t．（1）實(shí)驗(yàn)中是否要求鉤碼總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量M？否（填“是”或“否”）；（2）實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的物理量是光電門(mén)A至光電門(mén)B中心之間的距離L（用文字及相應(yīng)的符號(hào)表示）；（3）本實(shí)驗(yàn)中對(duì)滑塊驗(yàn)證動(dòng)能定理的表達(dá)式為FL=（用以上對(duì)應(yīng)物理量的符號(hào)表示）；（4）（多選）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，可采取的方法是AD（A）增大AB之間的距離（B）減少鉤碼的總質(zhì)量（C）增大滑塊的質(zhì)量（D）減少遮光條的寬度．【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系．【專(zhuān)題】實(shí)驗(yàn)題；定性思想；推理法；動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題．【分析】本實(shí)驗(yàn)要測(cè)量拉力做的功，故要用刻度尺測(cè)量光電門(mén)A至光電門(mén)B中心之間的距離L．滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度可近似認(rèn)為是滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)的平均速度．根據(jù)動(dòng)能定理列方程．本實(shí)驗(yàn)用了氣墊導(dǎo)軌，摩擦力幾乎沒(méi)有，不需要平衡摩擦力．【解答】解：（1）拉力是直接通過(guò)傳感器測(cè)量的，故與小車(chē)質(zhì)量和鉤碼質(zhì)量大小關(guān)系無(wú)關(guān)，故不需要鉤碼總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量M；（2）為了測(cè)量拉力的功，故要用刻度尺測(cè)量光電門(mén)A至光電門(mén)B中心之間的距離L．（3）由于遮光條的寬度很小，通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間也很短，故遮光條通過(guò)光電門(mén)的平均速度可以表示瞬時(shí)速度，則通，B點(diǎn)的速度v=，拉力做功W=FL動(dòng)能的增加量為△Ek=，故本實(shí)驗(yàn)中探究動(dòng)能定理的表達(dá)式為FL=．（4）由公式可知，實(shí)驗(yàn)誤差來(lái)自由長(zhǎng)度的測(cè)量和速度的測(cè)量，故可以讓AB之間的距離L增大或減小遮光片的長(zhǎng)度，故AD正確．故選：AD；故答案為：（1）否；（2）光電門(mén)A至光電門(mén)B中心之間的距離L；（3）FL=；（4）AD．【點(diǎn)評(píng)】本題考查驗(yàn)證動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)，在處理實(shí)驗(yàn)時(shí)一定要找出實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理我們可以尋找需要測(cè)量的物理量和需要注意的事項(xiàng)．六、計(jì)算題31．如圖所示，兩個(gè)壁厚可忽略的圓柱形金屬筒A和B套在一起，底部到頂部的高度為18cm，兩者橫截面積相等，光滑接觸且不漏氣．將A用繩系于天花板上，用一塊絕熱板托住B，使它們內(nèi)部密封的氣體壓強(qiáng)與外界大氣壓相同，均為1.0×105Pa，然后緩慢松開(kāi)絕熱板，讓B下沉，當(dāng)B下沉了2cm時(shí)，停止下沉并處于靜止?fàn)顟B(tài)．求：（1）此時(shí)金屬筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)．（2）若當(dāng)時(shí)的溫度為27℃，欲使下沉后的套筒恢復(fù)到原來(lái)位置，應(yīng)將氣體的溫度變?yōu)槎嗌佟妫俊究键c(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)．【專(zhuān)題】定量思想；推理法；理想氣體狀態(tài)方程專(zhuān)題．【分析】（1）缸內(nèi)封閉氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律可求解缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)；（2）根據(jù)蓋?呂薩克定律，即可計(jì)算出套筒恢復(fù)到下沉前的位置的溫度．【解答】解：（1）設(shè)缸體橫截面積為Scm2，缸內(nèi)氣體做等溫變化初態(tài)：p1=1.0×105Pa，V1=18S，中間態(tài)：V2=20Scm3根據(jù)玻意耳定律，p1V1=p2V2，解得：p2===0.9×105Pa（2）中間態(tài)：V2=20Scm3，T2=300K，末態(tài)：V3=18Scm3，根據(jù)蓋呂薩克定律得到：故：，t=270﹣273=﹣3°C答：（1）此時(shí)金屬筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)是0.9×105Pa；（2）若當(dāng)時(shí)的溫度為27°C，欲使下沉后的套筒恢復(fù)到原來(lái)位置，應(yīng)將氣體的溫度變?yōu)椹?°C．【點(diǎn)評(píng)】本題考查玻意耳定律和蓋?呂薩克定律，按照規(guī)范化的解題步驟，列出對(duì)應(yīng)的狀態(tài)，然后代入數(shù)據(jù)即可得出正確的結(jié)果．32．如圖所示，用同種材料制成的粗糙程度相同的斜面和長(zhǎng)水平面，斜面傾角為θ=37°，斜面長(zhǎng)L=20m且固定，當(dāng)一小物塊從斜面頂端以初速度v0=2