高中高考化學(xué)模擬試卷

223A﹣AAA﹣﹣332321223A﹣AAA﹣﹣33232121132﹣332232高考化學(xué)模試卷一選題．下列有關(guān)描述正確的是（）A采靜電除”“燃煤固”汽車尾氣催化凈可提高空氣質(zhì)量B酸性氧化物均能與水反應(yīng)生成對(duì)應(yīng)的酸，如、、C．電能固氮屬于自然固氮，而工業(yè)合成氨及氨的催化氧化均屬于人工固氮D．醇過(guò)氧化氫、次氯酸鈉等均通過(guò)氧化作用達(dá)到殺菌消毒的目的．設(shè)表示阿伏加德羅常數(shù)，下列敘述正確的是（）A．1L0.1mol

1

的氨水含有N個(gè)﹣B常溫常壓下的33.6L氯與鋁分反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為3NC．80℃時(shí)，1L的酸溶液中，含有0.2N個(gè)H

+D．電精煉粗銅的過(guò)程中，當(dāng)陰極析出32g銅轉(zhuǎn)移電子數(shù)為N．下述實(shí)驗(yàn)?zāi)苓_(dá)到預(yù)期實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖牵ǎ?/p>

AA室溫下，通過(guò)用pH試測(cè)定濃度為0.1mol?L

1

液和0.1mol

1

CH溶液的來(lái)較HClO和的性強(qiáng)弱B用容量瓶配制溶液，定容時(shí)俯視刻度線，所配溶液濃度偏小C．高錳酸鉀溶液滴定Na溶至終點(diǎn)：滴入最后一滴高錳酸鉀溶液，溶液恰好由紫色變?yōu)闊o(wú)色，半分鐘不變色D．定和反應(yīng)的反應(yīng)熱時(shí)，將堿緩慢倒入酸中，所測(cè)溫度值偏?。欢l件下，在2L密容器中加入等物質(zhì)的的和CO，發(fā)生下反應(yīng)FeO）+（）═（）CO（T、溫下，物質(zhì)的量隨間化的曲線如圖所示，下列敘述正確的是（）A平衡前，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，容器內(nèi)氣體的相對(duì)分子質(zhì)量始終不變B平衡時(shí)，其他條件不變，取出適當(dāng)鐵可提高的化率C．反應(yīng)的eq\o\ac(△,H)eq\o\ac(△,)＜，K＜K=1.5D．反進(jìn)行到

時(shí)刻僅改變一個(gè)條件，可能是通入了氮?dú)猓阎叵?，醋酸和NH?H的離平衡常數(shù)均為1.74×

mol?L

1

，將醋酸與碳酸氫鈉溶液混合后會(huì)發(fā)生反應(yīng)+NaHCO=CHCOONaCO+，列說(shuō)法確的是（）A．NH?HO加稀釋的過(guò)程中，

減小

1﹣+3343433422232331﹣+3343433422232332323323B10mL度均為0.1mol的CH和NH?HO混后NH（COO﹣

）C．HCO溶中離子大小關(guān)系（

﹣

）＞c（

）c（

+

）＞c（）D．醋中滴加氨水至過(guò)量的過(guò)程中，水的電離度一直在增大．金屬鋰燃料電池是一種新型電池，比鋰離子電池具有更高的能量密度．它無(wú)電時(shí)無(wú)需充電，只需更換其中的某些材料即可，其工作示意圖如下，下列說(shuō)法正確的是（）A放電時(shí)，空氣極為負(fù)極B放電時(shí)，電池反應(yīng)為4Li+OC．機(jī)電解液可以是乙醇等無(wú)水有機(jī)物D．更鋰電極的同時(shí)，要更換水性電解液．有CO、、CaO和NaOH組的混合物，它們?nèi)茏懔康乃?，充分反?yīng)后，溶液中+﹣HCO均轉(zhuǎn)化為沉淀，將反應(yīng)容器內(nèi)水分蒸干，最后得白色固體物質(zhì)共，則原混合物中含CO的量是（）A．B5.3gC．15.9gD．法確定二解題共3小，滿42分）．某化學(xué)探究小組擬用廢銅屑制取Cu（NO），并究其化學(xué)性質(zhì)．I如圖，用濃HNO，過(guò)量的廢銅屑充分反應(yīng)制硝酸銅溶液．（1寫出銅與濃硝酸反應(yīng)的離子方程式．（2）①裝置中NaOH溶的用是．②從反應(yīng)后的溶液中得到硝酸銅晶體，實(shí)驗(yàn)操作步驟是蒸發(fā)濃縮、、濾．③認(rèn)為此裝置是否合理，并說(shuō)明原因．如果不合理，同時(shí)在原裝置上改進(jìn)；如果合理，只需說(shuō)明原因．Ⅱ?yàn)榱颂骄浚∟O）的穩(wěn)定性探究小組按圖2裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)中架臺(tái)、鐵夾和加熱儀器均略去）【實(shí)驗(yàn)裝置】【實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象】往試管中放入研細(xì)的無(wú)水CuNO）晶體加熱，觀察到試管中有紅棕色氣體生成，最終殘留黑色粉末；用U型管除去紅棕色氣體，在集氣瓶中收集到無(wú)色氣體．

33232﹣2323243222323232332223222242233233232﹣232324322232323233222322224223322【解釋與結(jié)論】（3）①紅棕色氣體是．②據(jù)現(xiàn)象判斷Cu（）在加熱條件下可以分解，其化學(xué)反應(yīng)方程式為．Ⅲ利用CuNO）制淺綠色的堿式碳酸銅[CuCO?CuOH）]．向大試管中加入一定量的碳酸鈉溶液和硝酸銅溶液，水浴加熱，用液調(diào)節(jié)至8.5振蕩、靜置、過(guò)濾、洗滌、干燥，得到樣品．【實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)】反應(yīng)溫度對(duì)樣品的影響

1

的NaOH溶實(shí)驗(yàn)序號(hào)溫度/℃

347095樣品顏色深色深色淺綠色暗色樣品中堿式碳酸銅的質(zhì)量分?jǐn)?shù)/%

x92.0（4濾液中可能含有

﹣

，寫出檢驗(yàn)CO

的法．（5℃，樣品顏色發(fā)暗的原：．（6℃，實(shí)驗(yàn)得到2.38g品，取此樣品加熱至分解完全（雜質(zhì)不分解1.76g固體，此樣品中堿式碳酸銅的質(zhì)量分?jǐn)?shù)是．．鐵的發(fā)現(xiàn)和大規(guī)模使用，是人類發(fā)展史上的一個(gè)光輝里程碑，它把人類從石器時(shí)、青銅器時(shí)代帶到了鐵器時(shí)代，推動(dòng)了人類文明的發(fā)展．（1高鐵酸鈉Na）水處理過(guò)程中的一種新型凈水劑，它的氧化性比高錳酸鉀更強(qiáng)，本身在反應(yīng)中被還原成三價(jià)鐵離子達(dá)到凈水的目的．按要求回答下列問(wèn)題：高鐵酸鈉主要通過(guò)如下反應(yīng)制取2Fe（）3NaClO4NaOH=2Na+3X5H則X的化學(xué)式為，應(yīng)中被氧化物質(zhì)是（寫化學(xué)式（2鐵紅顏料跟某些油料混合，可以制成防銹油漆．以黃鐵礦為原料制硫酸產(chǎn)生的硫酸渣中含、SiO、O、等用硫酸渣制備鐵紅FeO）的過(guò)程如下：①溶過(guò)程中與稀硫酸反應(yīng)的化學(xué)方程式為；“濾渣A主要成份的化學(xué)式為．②原過(guò)程中加入的目的是將溶液中的

+

還原為Fe

+

，而本身被氧化為H，請(qǐng)完成該反應(yīng)的離子方程式：FeS+Fe

+

+H

+

+SO

﹣

+．③化過(guò)程中，O、與

+

反應(yīng)的離子方程式為．④了確保鐵紅的質(zhì)量和純度，氧化過(guò)程需要調(diào)節(jié)溶液的pH的圍是3.8沉淀物開(kāi)始沉淀

Fe（）AlOH（OH）Mg（OH）2.73.8完全沉淀3.2

5.212.4如果pH過(guò)大，可能引起的后果是（種離子沉淀見(jiàn)上表液B可回收的物質(zhì)有（寫化學(xué)式）．10煤是一種重要的化工原料們利用煤制取的水氣焦炭、甲醚等廣泛用于工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中．（1已知：

﹣22﹣222221222222﹣24321﹣﹣22﹣222221222222﹣24321﹣①C）+O（g）═（g）H）eq\o\ac(△,H=)eq\o\ac(△,)+131.3kJ?mol

1②（gH（）═（gHO（geq\o\ac(△,H=)eq\o\ac(△,)+41.3kJ?mol

1則碳與水蒸氣反應(yīng)生成二氧化碳和氫氣的熱化學(xué)方程式為．該反應(yīng)在

（填高溫、“低溫或任何溫）有利于正向自發(fā)進(jìn)行．（）有人利用炭還原法理氮氧化物，發(fā)生反應(yīng)C（）+（）N（g+CO某密閉容器中加入一定量的活性炭和NO℃不同時(shí)間測(cè)得各物質(zhì)的濃度如下表所示：204050NO0.680.500.50N

2

0.160.250.25CO

0.160.250.25①～內(nèi)，N的平均反應(yīng)速率v（=．②30min后，只改變某一條件，反應(yīng)重新達(dá)到平衡，根據(jù)上表中的數(shù)據(jù)判改變的條件可能是（字母序號(hào)A通入一定量的NOB加入一定量的活性炭C．入合適的催化劑D．當(dāng)小容器的體積（3研究表明：反應(yīng)（）H（）H（g+（）平衡常數(shù)隨溫度的變化如下表所示：溫度/℃800平衡常數(shù)K1若反應(yīng)在500℃進(jìn)行設(shè)始時(shí)和的度均為0.020mol?L

1

在條件下達(dá)到平衡時(shí)，的轉(zhuǎn)化率為．（4用CO做料電池電解溶液FeCl和FeCl混合液的示意圖如圖示其中ABD均石j

墨電極為電極．工作一段時(shí)間后，斷開(kāi)K此時(shí)AB兩上產(chǎn)生的氣體體積相同．①中A極生的氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為．②裝置溶液中金屬陽(yáng)離子的物質(zhì)的量與轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量變化關(guān)系如圖2所中③表示的是（離子符號(hào)）的變化；反應(yīng)結(jié)束后使丙裝置中金屬陽(yáng)離子恰好完全沉淀，需要mL5.0mol溶．【學(xué)-選修5有化基】12苯酚是一種重要的化工原料．以苯酚為主要起始原料，經(jīng)下列反應(yīng)可制得香料M和高分子化合物N分產(chǎn)物及反應(yīng)條件已去）

512223512223（1苯酚的俗名是．的能團(tuán)名稱．（）已知C的分子式為CHOC能金屬Na應(yīng)C的氯代物有2種B與C反的化學(xué)方程是．（3生成N的應(yīng)方程式．（4以苯酚為基礎(chǔ)原料也可以合成有機(jī)物．已知的相對(duì)分子質(zhì)量為122其中氧元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為，E完燃燒只生成CO和O．則E的子式是．（）已知具如下結(jié)構(gòu)特征：①于香族化合物，不能發(fā)生水解反應(yīng)，但能產(chǎn)生銀鏡現(xiàn)象；的核磁共振氫譜顯示其分子中含有不同的氫原子E結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式是．（6物質(zhì)如，符下列條件F的同分異構(gòu)體有①發(fā)生銀鏡反應(yīng)②能與NaHCO溶液反③子中有苯環(huán)，無(wú)

種．結(jié)構(gòu)．

22322223A﹣22322223A﹣AAA32﹣32A23A﹣A年河南漯高高化模試（）參考答案與試題解析一選題．下列有關(guān)描述正確的是（）A采靜電除”“燃煤固”汽車尾氣催化凈可提高空氣質(zhì)量B酸性氧化物均能與水反應(yīng)生成對(duì)應(yīng)的酸，如、、C．電能固氮屬于自然固氮，而工業(yè)合成氨及氨的催化氧化均屬于人工固氮D．醇過(guò)氧化氫、次氯酸鈉等均通過(guò)氧化作用達(dá)到殺菌消毒的目的【考點(diǎn)】"三廢"處理與環(huán)境保護(hù)．【分析A靜電除塵”減少固體顆粒物排放燃固減二氧化硫的排放“汽車尾氣催化凈化減CO和的放；B．與不反應(yīng)；C．的催化氧化不屬于氮的固定；D．醇具有強(qiáng)氧化性．【解答解A靜電除塵”減少固體顆粒物排放“煤固硫減二氧化硫的排放“車尾氣催化凈減少CO和的放，均可減少污染物的排放，可提高空氣質(zhì)量，故A正確；B．與不反應(yīng)、、均酸氧化物，只有CO、SO與反應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C．的催化氧化是化合態(tài)氮元素之間的轉(zhuǎn)化，氨的催化氧化不屬于氮的固定，而雷電能固氮屬于自然固氮、工業(yè)合成氨均屬于人工固氮，故C錯(cuò)；D．醇具有強(qiáng)氧化性，乙醇?xì)⒕臼鞘沟鞍踪|(zhì)變性，不是氧化作用，而過(guò)氧化氫、次氯酸鈉等均通過(guò)氧化作用達(dá)到殺菌消毒的目的，故D錯(cuò)；故選A．．設(shè)表示阿伏加德羅常數(shù)，下列敘述正確的是（）A．1L0.1mol

1

的氨水含有N個(gè)﹣B常溫常壓下的33.6L氯與鋁分反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為3NC．80℃時(shí)，1L的酸溶液中，含有0.2N個(gè)H

+D．電精煉粗銅的過(guò)程中，當(dāng)陰極析出32g銅轉(zhuǎn)移電子數(shù)為N

A【考點(diǎn)】阿伏加德羅常數(shù)．【分析ANH弱電解質(zhì)，存在電離平衡；B狀下氣體摩爾體積為22.4L/mol常下的33.6L氯的物質(zhì)的量于；pH=1硫酸溶液中nH

）；D．極出32g銅物質(zhì)的量為0.5mol根據(jù)電極反應(yīng)和電子守恒計(jì)算；【解答】解：A．?HO是電解質(zhì)，1L0.1mol?L

1

的氨水含有的OH小0.1N，A錯(cuò)；B狀下氣體摩爾體積為22.4L/mol常下的33.6L氯的物質(zhì)的量于，+，鋁能完全反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)小于3N，故錯(cuò)；pH=1硫酸溶液中c（

+

）

1

，nH

），含有個(gè)H

+

，故C錯(cuò)誤；

2A11﹣﹣33232A11﹣﹣3323221211D．極出32g銅物質(zhì)的量為0.5mol電極反應(yīng)為Cu+2e﹣=Cu，根據(jù)電子守恒，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為N，故正確；故選D．．下述實(shí)驗(yàn)?zāi)苓_(dá)到預(yù)期實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖牵ǎ〢室溫下，通過(guò)用pH試測(cè)定濃度為0.1mol溶和0.1molCH溶液的來(lái)較HClO和的性強(qiáng)弱B用容量瓶配制溶液，定容時(shí)俯視刻度線，所配溶液濃度偏小C．高錳酸鉀溶液滴定Na溶至終點(diǎn)：滴入最后一滴高錳酸鉀溶液，溶液恰好由紫色變?yōu)闊o(wú)色，半分鐘不變色D．定和反應(yīng)的反應(yīng)熱時(shí)，將堿緩慢倒入酸中，所測(cè)溫度值偏小【考點(diǎn)】化學(xué)實(shí)驗(yàn)方案的評(píng)價(jià)．【分析A次氯酸鈉具有強(qiáng)氧化性，能夠使pH紙褪色；B俯視容量瓶刻度線定容，所加水偏少，配制溶液的濃度偏大；C．定結(jié)束前呈無(wú)色，滴定結(jié)束時(shí)呈紫色，據(jù)此判斷滴定終點(diǎn)現(xiàn)象；D．堿液緩慢倒入酸溶液中，導(dǎo)致熱量損失比較多．【解答解：A．氯酸鈉具有強(qiáng)氧化性，所用pH試紙測(cè)定次氯酸鈉的值，則pH試紙先變色后褪色，所以不能測(cè)定其值故A錯(cuò)；B用容量瓶配制溶液定容時(shí)俯視刻度線，所加水偏少，所配溶液濃度偏大，故B錯(cuò)誤；C．被耗完畢時(shí)，再滴加高錳酸鉀溶液則出現(xiàn)紫色，所以終點(diǎn)時(shí)溶液由無(wú)色變?yōu)樽仙?，故錯(cuò)；D．定和反應(yīng)的反應(yīng)熱時(shí)，將堿溶液緩慢倒入酸溶液中，熱量損失比較多，所測(cè)溫度值偏小，故D正確；故選D．．一定條件下，在2L密容器中加入等物質(zhì)的的和CO，發(fā)生下反應(yīng)FeO）+（）═（）CO（T、溫下，物質(zhì)的量隨間示，下列敘述正確的是（）

變化的曲線如圖所A平衡前，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，容器內(nèi)氣體的相對(duì)分子質(zhì)量始終不變B平衡時(shí)，其他條件不變，取出適當(dāng)鐵可提高的化率C．反應(yīng)的eq\o\ac(△,H)eq\o\ac(△,)＜，K＜K=1.5D．反進(jìn)行到

時(shí)刻僅改變一個(gè)條件，可能是通入了氮?dú)狻究键c(diǎn)】化學(xué)平衡建立的過(guò)程；學(xué)平衡的影響因素．

11121122151﹣﹣32332211121122151﹣﹣323322321﹣+334343341﹣33【分析圖知為T先到達(dá)平衡＞T時(shí)消耗為2.0﹣1.0=1.0mol，所以生成二氧化碳為，又T時(shí)成二氧化碳為，以升溫平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)；A平衡前，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，氣體又變二氧化碳，所以容器內(nèi)氣體的相對(duì)分子質(zhì)量一直增大；B改變純固體平衡不移動(dòng)；根以上分析升溫平衡向反應(yīng)方向移動(dòng)反應(yīng)為放熱反應(yīng)溫高平衡常數(shù)越??；D．2L密容器中加入不反應(yīng)的氣體，平衡不移動(dòng)；【解答】解：結(jié)合圖可知，溫度T先達(dá)平衡，所以T＞，時(shí)耗FeO為2.0﹣，以生成二氧化碳為，又T時(shí)生成二氧化碳為1.2mol，以升溫平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)；A平衡前，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，氣體又變二氧化碳，所以容器內(nèi)氣體的相對(duì)分子質(zhì)量一直增大，故A錯(cuò)；B因?yàn)殍F為純固體，所以取出適當(dāng)鐵，平衡不移動(dòng)CO的化率不變，故B錯(cuò)；根以上分析升溫平衡向反應(yīng)方向移動(dòng)反應(yīng)為放熱反應(yīng)溫高平衡常數(shù)越小，即eq\o\ac(△,H)eq\o\ac(△,)＜0，K＜K==1.5故C正確；D．2L密容器中加入不反應(yīng)的氮?dú)鈿怏w，平衡不移動(dòng)，故錯(cuò)；故選．．已知常溫下，醋酸和NH?H的離平衡常數(shù)均為1.74×mol?L，將醋酸與碳酸氫鈉溶液混合后會(huì)發(fā)生反應(yīng)+NaHCO=CHCOONaCO+，列說(shuō)法確的是（）A．NH?HO加稀釋的過(guò)程中，

減小B10mL度均為0.1mol的CH和NH?HO混后NH（COO﹣

）C．HCO溶中離子大小關(guān)系（﹣）c（NH）＞（）＞（OH）D．醋中滴加氨水至過(guò)量的過(guò)程中，水的電離度一直在增大【考點(diǎn)】弱電解質(zhì)在水溶液中的離平衡．【分析A．一水合氨為弱電解質(zhì)存在電離平，加水稀釋促進(jìn)電離，銨根離子物質(zhì)的量增大；B將10mL濃均為?L的CH和NH混后生成醋酸銨，醋酸和一水合氨電離平衡常數(shù)相同銨根離子和醋酸根離子水解程度相同液呈中性結(jié)電話守恒分析；C．性越強(qiáng)對(duì)應(yīng)酸根離子水解程度弱；D．酸制水的電離，隨滴加氨水發(fā)生反應(yīng)抑制程度減弱，水的電離程度增大，當(dāng)氨水過(guò)量會(huì)抑制水的電離．【解答解A一合為弱電解質(zhì)存在電離平衡加水稀釋促進(jìn)電離銨根物質(zhì)的量增大一水合氨物質(zhì)的量減小，溶液體積相同，則

比值增大，故A錯(cuò)；

5﹣﹣31﹣332434333324334325﹣﹣31﹣332434333324334322+222322332223333B常溫下，醋酸和NH?HO的離平衡常數(shù)均為×10mol?L，醋酸根離子和銨根離子水解程度相同，將濃度均為?L的COOH和?HO混后溶液呈中性（

（

﹣

液電荷守恒（

+

+（NH

（COO

+（OH

得到c（NH

）（CHCOO

B正；C．醋酸與碳酸氫鈉溶液混合后會(huì)發(fā)生反應(yīng)：COOHNaHCO=CH++，性醋酸大于碳酸NHHCO溶中HCO﹣

水解程度大于銨根離子水解程度NHHCO溶顯堿性（H）OHC錯(cuò)誤；D．酸水電離有抑制作用，滴加氨水后抑制作用減弱，水的電離程度增大，當(dāng)氨水過(guò)量后，氨水對(duì)水的電離期待抑制作用，水的電離程度又減小，故D誤；故選．金屬鋰燃料電池是一種新型電池，比鋰離子電池具有更高的能量密度．它無(wú)電時(shí)無(wú)需充電，只需更換其中的某些材料即可，其工作示意圖如下，下列說(shuō)法正確的是（）A放電時(shí)，空氣極為負(fù)極B放電時(shí)，電池反應(yīng)為4Li+OC．機(jī)電解液可以是乙醇等無(wú)水有機(jī)物D．更鋰電極的同時(shí)，要更換水性電解液【考點(diǎn)】原電池和電解池的工作理．【分析在空氣電池中，鋰作負(fù)極，以空氣中的氧氣作為正極反應(yīng)物，水性電解液，氧氣得電子生成氫氧根離子，據(jù)此解答．【解答解A金屬鋰為負(fù)極，氧氣為正極，電池經(jīng)外電路從負(fù)極流向正極，在電池內(nèi)部沒(méi)有電子流動(dòng)，故A誤；B負(fù)極是﹣4e﹣

，正極反應(yīng)為O++4e﹣=4OH

，總反應(yīng)為4Li+O+2HO=4LiOH，B錯(cuò)；C、能是乙醇，因?yàn)橐掖寂c金屬鋰要發(fā)生置換反應(yīng)，故錯(cuò)；D、極料Li不損耗，需要補(bǔ)充，故正；故選D．．有CO、、CaO和NaOH組的混合物，它們?nèi)茏懔康乃?，充分反?yīng)后，溶液中

+

、CO

﹣

、HCO

均化為沉淀，將反應(yīng)容器內(nèi)分蒸干，最后得白色固體物質(zhì)共，則原混合物中含CO的量是（）A．B5.3gC．15.9gD．法確定【考點(diǎn)】有關(guān)混合物反應(yīng)的計(jì)算【分析充反應(yīng)后，溶液中

+

、

﹣

HCO

均化為沉淀，即為CaCO，溶液中溶質(zhì)為，溶液蒸干，所得固體為、NaOH混物，發(fā)生反應(yīng)為：

2223323223332232233332223323223322233232233322322333322233232233322322323232232①CaOH（OH

2②CO+（OH+2NaOH③NaHCO+（OH++O將+②得：CaO+HONaCO+2NaOH④將+③得：CaO+NaHCO=CaCO+⑤可以看做發(fā)生反④⑤反應(yīng)④即CaO與CO反，由于H參加反應(yīng)，會(huì)引起固體質(zhì)量增加反⑤即與反，不會(huì)引起固體質(zhì)量增加，即：固體增加的質(zhì)量等于參加反應(yīng)的水的質(zhì)量，結(jié)合反④行計(jì)算．【解答解：充分反應(yīng)后，溶液中Ca﹣均轉(zhuǎn)化為沉淀，即為，溶液中溶質(zhì)為，將溶液蒸干，所得固體為CaCO、合物，發(fā)生反應(yīng)為：①CaOH（OH

2②CO+（OH+2NaOH③NaHCO+（OH++O將+②得：CaO+HONaCO+2NaOH④將+③得：CaO+NaHCO=CaCO+⑤可以看做發(fā)生反④⑤反應(yīng)④即CaO與CO反，由于H參加反應(yīng)，會(huì)引起固體質(zhì)量增加反⑤即與反，不會(huì)引起固體質(zhì)量增加，即：固體增加的質(zhì)量等于參加反應(yīng)的水的質(zhì)量，參加反應(yīng)水的質(zhì)﹣27.2g=1.8g，其物質(zhì)的==0.1mol，由+OCO+，可知碳酸鈉的物質(zhì)的量為0.1mol故碳酸鈉的質(zhì)量為0.1mol106g/mol=10.6g，故選A．二解題共3小，滿42分）．某化學(xué)探究小組擬用廢銅屑制取Cu（NO），并究其化學(xué)性質(zhì)．I如圖，用濃HNO，過(guò)量的廢銅屑充分反應(yīng)制硝酸銅溶液．（1寫出銅與濃硝酸反應(yīng)的離子方程式Cu++=Cu++2H．（2）①裝置中NaOH溶的用是吸收氮氧化物，防止污染空氣．②從反應(yīng)后的溶液中得到硝酸銅晶體，實(shí)驗(yàn)操作步驟是蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、濾．③認(rèn)為此裝置是否合理并說(shuō)明原因不理密體系中立即產(chǎn)生大量氣體有安全隱患；或者合理，慢慢擠壓，膠頭滴管控制反應(yīng)速率，使NaOH液及時(shí)吸收．如果不合理，同時(shí)在原裝置上改進(jìn)；如果合理，只需說(shuō)明原因．Ⅱ?yàn)榱颂骄浚∟O）的穩(wěn)定性探究小組按圖2裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)中架臺(tái)、鐵夾和加熱儀器均略去）【實(shí)驗(yàn)裝置】

3233223232﹣232323232﹣23233223232﹣232323232﹣2232﹣22【實(shí)驗(yàn)操作及現(xiàn)象】往試管中放入研細(xì)的無(wú)水CuNO）晶體加熱，觀察到試管中有紅棕色氣體生成，最終殘留黑色粉末；用U型管除去紅棕色氣體，在集氣瓶中收集到無(wú)色氣體．【解釋與結(jié)論】（3）①紅棕色氣體是NO．②據(jù)現(xiàn)象判斷Cu（）在加熱條件下可以分解，其化學(xué)反應(yīng)方程式為2CuNO）2CuO+4NO+O↑．2Ⅲ利用CuNO）制淺綠色的堿式碳酸銅[CuCO?CuOH）]．向大試管中加入一定量的碳酸鈉溶液和硝酸銅溶液，水浴加熱，用液調(diào)節(jié)至8.5振蕩、靜置、過(guò)濾、洗滌、干燥，得到樣品．【實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)】反應(yīng)溫度對(duì)樣品的影響

1

的NaOH溶實(shí)驗(yàn)序號(hào)溫度/℃

347095樣品顏色深色深色淺綠色暗色樣品中堿式碳酸銅的質(zhì)量分?jǐn)?shù)/%90.9

x92.0（4濾液中可能含有

﹣

，寫出檢驗(yàn)CO

的法取量濾液置于試管，加入足量稀鹽酸，將產(chǎn)生的氣體通入澄清石灰水，溶液變渾濁，說(shuō)明含碳酸根離子．（5℃，樣品顏色發(fā)暗的原：含有黑色的氧化銅．（6℃，實(shí)驗(yàn)得到2.38g品，取此樣品加熱至分解完全（雜質(zhì)不分解1.76g固體，此樣品中堿式碳酸銅的質(zhì)量分?jǐn)?shù)是．【考點(diǎn)】性質(zhì)實(shí)驗(yàn)方案的設(shè)計(jì)．【分析】I）銅與濃硝酸反應(yīng)生成硝酸銅、二氧化氮與水；（2）①反應(yīng)生成的氮的氧化物是大氣污染氣體，被氫氧化鈉溶液吸收，防止污染；②離子存在水解平衡所不直接加熱蒸發(fā)獲得硫酸銅晶體一般采取蒸發(fā)濃縮冷結(jié)晶的方法，晶體表面附著的雜質(zhì)離子，需要洗滌除去；③裝置為密閉體系該體系若立即產(chǎn)生大量氣體有全隱患果慢產(chǎn)生氣體，則不會(huì)產(chǎn)生安全隱患；Ⅱ紅色氣體為NO最終殘留黑色粉末為Cu（NO）受熱解生成氧化銅、二氧化氮和氧氣；Ⅲ據(jù)酸根離子和鹽酸反應(yīng)生成使澄清石灰水變渾濁的氣體二氧化碳此計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證；（5℃，制得的樣品顏色發(fā)的可能原因是含有黑色的氧化銅；（6堿式碳酸銅完全分解得到CuO設(shè)樣品中堿式碳酸銅的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為，據(jù)堿式碳酸銅的方程式，利差量法計(jì)得到所求量．【解答】解：Ⅰ）與濃硝酸反應(yīng)生成硝酸銅、二氧化氮與水，反應(yīng)離子方程式為：Cu+

+

=Cu

+

++，故答案為：+4H

+2NO

=Cu

+

+2NO+O；（2）①反應(yīng)生成的氮的氧化物是大氣污染氣體，被氫氧化鈉溶液吸收，防止污染，所以裝置中NaOH的作用是吸收氮氧化，故答案為：吸收氮氧化物，防止污染空氣；②于銅離子在溶液中存在水解平衡以從硝酸銅溶液中獲得硝酸銅晶體能接蒸發(fā)結(jié)晶，需要通過(guò)蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶，然后過(guò)濾洗滌的操作方法完成，故答案為：冷卻結(jié)晶；

22223232232222﹣﹣33322232224322323232323222223232232222﹣﹣3332223222432232323232323443223222322224222222223③裝置為密閉體系，在該體系中若立即產(chǎn)生大量氣體強(qiáng)驟然增大，會(huì)有安全隱患，所以不合理，但如果慢慢擠壓，膠頭滴管控制反應(yīng)速率，使NaOH液及時(shí)吸收，裝置是合理，故答案為：不合理，密閉體系中立即產(chǎn)生大量氣體，會(huì)有安全隱患；或者合理，慢慢擠壓，膠頭滴管控制反應(yīng)速率，使NaOH溶及時(shí)吸收；II）紅棕色氣體為NO，故答案為：NO；②終殘留黑色粉末為，（）受熱解成氧化銅、二氧化氮和氧氣，方程式為（NO）

2CuO++O，故答案為：2Cu（）

++O；III）濾液中可能含有，驗(yàn)CO的法為：取少量濾液置于試管中，加入足量稀鹽酸，將產(chǎn)生的氣體通入澄清石灰水，溶液變渾濁，說(shuō)明含碳酸根離子，故答案為取量濾液置于試管加入足量稀鹽酸，將產(chǎn)生的氣體通入澄清石灰水液變渾濁，說(shuō)明含碳酸根離子；（5CuCO分生成氧化銅（OH）分生成氧化銅，溫度較高時(shí)℃時(shí)，制得的樣品顏色發(fā)暗的可能原因是：含有分解生成的黑色的氧化銅，故答案為：含有黑色的氧化銅；（6堿式碳酸銅完全分解得到CuO設(shè)樣品中堿式碳酸銅的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為，據(jù)堿式碳酸銅的方程式Cu（OHCO

2CuO+O利用差量法計(jì)可得：222﹣1.76得；故答案為：．．鐵的發(fā)現(xiàn)和大規(guī)模使用，是人類發(fā)展史上的一個(gè)光輝里程碑，它把人類從石器時(shí)、青銅器時(shí)代帶到了鐵器時(shí)代，推動(dòng)了人類文明的發(fā)展．（1高鐵酸鈉Na）水處理過(guò)程中的一種新型凈水劑，它的氧化性比高錳酸鉀更強(qiáng)，本身在反應(yīng)中被還原成三價(jià)鐵離子達(dá)到凈水的目的．按要求回答下列問(wèn)題：高鐵酸鈉主要通過(guò)如下反應(yīng)制取2Fe（）3NaClO4NaOH=2Na+3X5H則X的化學(xué)式為，應(yīng)中被氧化的物質(zhì)是FeOH（化學(xué)式（2鐵紅顏料跟某些油料混合，可以制成防銹油漆．以黃鐵礦為原料制硫酸產(chǎn)生的硫酸渣中含、SiO、O、等用硫酸渣制備鐵紅FeO）的過(guò)程如下：①溶過(guò)程中與稀硫酸反應(yīng)的化學(xué)方程式為O（SO）+3HO；“濾渣A主要成份的化學(xué)式為

．②原過(guò)程中加入的目的是將溶液中的+還為+，本身被氧化為HSO，請(qǐng)完成該反應(yīng)的離子方程式：FeS+++HO=15Fe++SO﹣H．③化過(guò)程中，O、與

+

反應(yīng)的離子方程式為4Fe

+

++2HO8OH

（OH3

或

++﹣（）↓、（）+O+2HO=4FeOH）．

3322322424342322322232324233232232223332232242434232232223232423323223222343222322232242322224222322232222322223223323244343224④了確保鐵紅的質(zhì)量和純度，氧化過(guò)程需要調(diào)節(jié)溶液的pH的圍是3.8沉淀物開(kāi)始沉淀完全沉淀

Fe（）AlOH（OH）Mg（OH）2.73.83.25.2如果pH過(guò)大，可能引起的后果是Al+、

形沉淀，使制得的鐵紅不純（幾種離子沉淀的見(jiàn)表B可以回收的物質(zhì)化學(xué)式）NaAlSO．【考點(diǎn)】制備實(shí)驗(yàn)方案的設(shè)計(jì)．【分析）據(jù)元素守恒判斷X的學(xué)式；反應(yīng)中化合價(jià)升高的元素被氧化；（2硫酸渣中含F(xiàn)eO、AlMgO等稀硫酸溶解主要除去不與酸反應(yīng)的SiO，加入將液中的

+

還原為Fe

+

加氫氧化鈉和空氣溶液的pH的范圍是3.23.8主是使三價(jià)鐵沉淀，而價(jià)鎂，三價(jià)鋁都不沉淀，最后洗滌、烘干、研磨使氫氧化鐵分解生成氧化鐵，從而得到鐵紅；①化鐵屬于堿性氧化物，與酸反應(yīng)生成鹽和水、AlO、MgO都硫酸反應(yīng)，二氧化硅不和酸反應(yīng)；②據(jù)得失電子守恒和原子守恒來(lái)配平；③NaOH與Fe

+

反應(yīng)生成的氫氧化亞鐵易被氧化；④據(jù)幾種離子沉淀的分；因加入的是氫氧化鈉來(lái)調(diào)節(jié)，以濾液B中是未沉淀離子的硫酸鹽和硫酸鈉．【解答】解）（OH）++═+3XO，根元素守恒可知X的學(xué)式為；反應(yīng)中（OH中的元是化合價(jià)升高被氧化；故答案為：NaCl；Fe（OH）；（2硫酸渣中含F(xiàn)eO、AlMgO等稀硫酸溶解主要除去不與酸反應(yīng)的SiO，加入將液中的

+

還原為Fe

+

加氫氧化鈉和空氣溶液的pH的范圍是3.23.8主是使三價(jià)鐵沉淀，而價(jià)鎂，三價(jià)鋁都不沉淀，最后洗滌、烘干、研磨使氫氧化鐵分解生成氧化鐵，從而得到鐵紅；①化鐵與硫酸反應(yīng)生成硫酸鐵和水，方程式為+3HSO═Fe（SO）+；二氧化硅不與硫酸反應(yīng)，“濾渣A主成份的化學(xué)式為SiO．故答案為：Fe+SO═Fe（）+3HOSiO；②中元的化合價(jià)從﹣價(jià)高+價(jià)，個(gè)原子轉(zhuǎn)移14個(gè)子，F(xiàn)e+轉(zhuǎn)1個(gè)電子，則二者的計(jì)量數(shù)之比為1：14，根據(jù)守可知

﹣

前面的化學(xué)計(jì)量數(shù)為，根據(jù)氧守恒可知H前面化學(xué)計(jì)量數(shù)為根據(jù)H守可知H+前化計(jì)量數(shù)為則應(yīng)的離子方程式為1FeS+

+8H═

+

+

﹣

+16H

．故答案為：1、、8、、、+；③Fe+與OH反生成4FeOH，（OH）不定易被氧氣化為（OH，化合價(jià)升價(jià)法配平方程式，方程式為4Fe+++2HO=4Fe（OH或Fe

+

+﹣

=Fe（）、4Fe（OH）+O+2HO=4Fe（OH），故答案為：

+

+O+8OH（）或Fe

+

+﹣

=FeOH↓、（OH+O+O=4Fe（）；④據(jù)幾種離子沉淀的pH，如果pH過(guò)Al、Mg

+

形成沉淀，使制得的鐵紅不純；未沉淀的離子為+Mg+Al+，濾液B可回的物質(zhì)有、Al（SO）、，故答案為：Al+、Mg形沉淀，使制得的鐵紅不純；NaSO、Al（）、MgSO．10煤是一種重要的化工原料們利用煤制取的水氣焦炭、甲醚等廣泛用于工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中．

﹣22﹣222221﹣2221222222﹣2432﹣22﹣222221﹣2221222222﹣2432（1已知：①C）+O（g）═（g）H）eq\o\ac(△,H=)eq\o\ac(△,)+131.3kJ?mol

1②（gH（）═（gHO（geq\o\ac(△,H=)eq\o\ac(△,)+41.3kJ?mol

1則碳與水蒸氣反應(yīng)生成二氧化碳和氫氣的熱化學(xué)方程式為（）2HO）=CO（）+（）eq\o\ac(△,H=)eq\o\ac(△,)90.0kJ?mol．該反應(yīng)在高（填高、低溫或任何溫）下有利于正向自發(fā)進(jìn)行．（）有人利用炭還原法理氮氧化物，發(fā)生反應(yīng)C（）+（）N（g+CO某密閉容器中加入一定量的活性炭和NO℃不同時(shí)間測(cè)得各物質(zhì)的濃度如下表所示：

30NO0.680.500.50N

2

0.160.250.25CO

0.160.250.25①～內(nèi)，N的平均反應(yīng)速率v（=（?min）．②30min后，只改變某一條件，反應(yīng)重新達(dá)到平衡，根據(jù)上表中的數(shù)據(jù)判改變的條件可能是AD（字母序號(hào)A通入一定量的NOB加入一定量的活性炭C．入合適的催化劑D．當(dāng)小容器的體積（3研究表明：反應(yīng)（）H（）H（g+（）平衡常數(shù)隨溫度的變化如下表所示：溫度/℃800平衡常數(shù)K1若反應(yīng)在500℃進(jìn)行設(shè)始時(shí)和的度均為0.020mol?L

1

在條件下達(dá)到平衡時(shí)，的轉(zhuǎn)化率為75%．（4用CO做料電池電解溶液FeCl和FeCl混合液的示意圖如圖示其中ABD均石j

墨電極為電極．工作一段時(shí)間后，斷開(kāi)K此時(shí)AB兩上產(chǎn)生的氣體體積相同．①中A極生的氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為．

2﹣2﹣22﹣2221﹣222﹣222222222﹣2﹣22﹣2221﹣222﹣22222222②裝置溶液中金屬陽(yáng)離子的物質(zhì)的量與轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量變化關(guān)系如圖2所中③表示的是Cu+（離子符號(hào)）的變化；反應(yīng)結(jié)束后，要使丙裝置中金屬陽(yáng)離子恰好完全沉淀，需要mL5.0mol

1

NaOH溶．【考點(diǎn)】熱化學(xué)方程式；原電池電解池的工作原理；化學(xué)平衡狀態(tài)的判斷．【分析據(jù)蓋斯定律來(lái)寫出碳與水蒸氣反應(yīng)生成一氧化碳和氫氣的熱化方程式據(jù)反應(yīng)能否自發(fā)進(jìn)行的判據(jù)來(lái)回答；（2反應(yīng)前后是氣體體積不變的反應(yīng)，圖表數(shù)據(jù)分析可知一氧化氮，氮?dú)?，二氧化碳濃度都增大明變的條件是縮小積增大濃度加入一氧化氮達(dá)到新平衡后個(gè)物質(zhì)濃度增大；（3到達(dá)平衡時(shí)轉(zhuǎn)化率最大，令平衡時(shí)CO的度變化量為cmol/L根據(jù)三段式法用表示出平衡時(shí)各組分個(gè)濃度，再利用平衡常數(shù)列方程，求出，再利用轉(zhuǎn)化率定義計(jì)算；（①作一段時(shí)間后，斷開(kāi)K，此時(shí)AB兩上產(chǎn)生的氣體體積相同，分析電極反應(yīng)，B為極，溶液中銅離子析出，氫離子得到電子生成氫氣A電為陽(yáng)極，溶液中的氫氧根離子失電子生成氧氣；陽(yáng)極電極反應(yīng)和電子守恒計(jì)算得到；②電為陽(yáng)極D電極為陰極，根據(jù)丙圖可知溶液中有三種金屬陽(yáng)離子根丙的成分可知溶液中只有兩種金屬陽(yáng)離子明在電解過(guò)程中還有Cu

生因電是Cu做極電是石墨做陰極據(jù)轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量和金屬陽(yáng)離子的物質(zhì)的量的變化確定曲線對(duì)應(yīng)的離子，結(jié)合轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量計(jì)算．【解答】解）已知C（）H（）═CO（gH（g）eq\o\ac(△,)+?mol

1②（gH（）═（gHO（geq\o\ac(△,H=)eq\o\ac(△,)+41.3kJ?mol

1根據(jù)蓋斯定律，①②得（）+（g=CO（）（geq\o\ac(△,H=)eq\o\ac(△,)+90kJ，反應(yīng)的焓變eq\o\ac(△,H)eq\o\ac(△,)＞0eq\o\ac(△,S)eq\o\ac(△,)＞0根據(jù)反應(yīng)自發(fā)進(jìn)行的判據(jù)eq\o\ac(△,H)eq\o\ac(△,)﹣＜0，所以需要高溫下發(fā)生，故答案為：C（）（g）=CO（g）（）eq\o\ac(△,H=)eq\o\ac(△,)+90.0kJ?mol

1

；高溫；（2①～內(nèi)N的均應(yīng)速率（N=（L?min=0.009mol/（故答案為：mol/（?min②30min后，只改變某一條件，反應(yīng)重新達(dá)到平衡，圖表數(shù)據(jù)分析可知一化氮，氮?dú)?，二氧化碳濃度都增大；A通入一定量的NO，反應(yīng)正向進(jìn)行，達(dá)到平衡后一氧化氮、氮?dú)舛趸紳舛仍龃?，故符合；B加入一定量的活性炭是固體，對(duì)平衡無(wú)影響，故不符合；C．入合適的催化劑，只能改變化學(xué)反應(yīng)速率，不能改變平衡，濃度不變，故不符合；D適縮小容器的體積應(yīng)后是氣體體積不變的反應(yīng)衡動(dòng)但個(gè)物質(zhì)濃度增大，符合要求，故符合；故答案為：AD（3設(shè)CO的度變化量為，三段式法用c示出平衡時(shí)各組分個(gè)濃度，COg+HO（g）H（g+CO（起始（mol/L0.020.0200轉(zhuǎn)化（mol/Lcc平衡（mol/L0.02﹣﹣c代入500時(shí)反應(yīng)平衡常數(shù)有k===9，得c=0.015，

22﹣223222251222﹣2232222512CO的最大所以轉(zhuǎn)化率為×100%=75%，故答案為：75%（①作一段時(shí)間后，斷開(kāi)K，此時(shí)AB兩上產(chǎn)生的氣體體積相同，分析電極反應(yīng)，B為極，溶液中銅離子析出，氫離子得到電子生成氫氣，設(shè)生成氣體物質(zhì)的量，溶液中銅離子物質(zhì)的量為，電極反應(yīng)為：Cu+，0.1mol++2e

=H，2xxA電為陽(yáng)極，溶液中的氫氧根離子失電子生成氧氣，電反應(yīng)為：

﹣4e

OO，4xx得到0.2+2x=4x乙中A析出的氣體是氧氣物質(zhì)的量為0.1mol，在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為2.24L故答案為：；②據(jù)轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量和金屬陽(yáng)離子的物質(zhì)的量的變化知銅離子從無(wú)增多鐵離子物質(zhì)的量減小，亞鐵離子增加①為Fe

+

，