2020屆四川省成都市高考物理二診試卷

??????2020屆四川省成都市高考物理二診試卷一、單選題（本大題共5小題，30.0分

下列敘述中錯(cuò)誤的是B.

碘的半衰期大約為天，天，就剩下約為原來(lái)的光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入地揭示了光的粒子性的一面者表明光子具有能量者表明光子除具有能量之外還具有動(dòng)量C.

鈾裂變的方程可能?

13737D.

處于基態(tài)的氫原子吸收一個(gè)光子躍遷到激發(fā)態(tài)低能級(jí)躍遷時(shí)輻射光子的頻率一定不大

于入射光子的頻率如圖所示，兩根相互平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線分別通有方向相反的電，????

兩對(duì)稱分布在兩導(dǎo)線兩側(cè)，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別和，和分電和受的安培力，則

B.

C.

D.

“空間站”是科學(xué)家進(jìn)行天文探測(cè)和科學(xué)試驗(yàn)的特殊而又重要的場(chǎng)所．假設(shè)“空間站”正在地球赤道平面內(nèi)的圓周軌道上運(yùn)行離球表面的高度為同步衛(wèi)星離地球表面高度的十分之一，且運(yùn)行方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致．下列說(shuō)法正確的)B.C.D.

“空間站”運(yùn)行的加速度等于其所在高度處的重力加速度“空間站”運(yùn)行的速度等于同步衛(wèi)星運(yùn)行速度倍站在地球赤道上的人觀察到它向西運(yùn)動(dòng)在“空間站”工作的宇航員因受到平衡力而在艙中懸浮或靜止

如圖所示塊靜止在光滑水平桌面上子水平射入木塊的深度為時(shí)，子彈與木塊相對(duì)靜止，在子彈入射的過(guò)程中，木塊沿桌面移動(dòng)的距離為，木塊對(duì)子的平均阻力

，那么在這一過(guò)程中不正確的

木塊的動(dòng)能增加量為

B.

子彈的動(dòng)能減少量為??C.

系統(tǒng)的機(jī)械能減少量

D.

系統(tǒng)的機(jī)械能減少量??

????????????

如圖，光滑絕緣圓環(huán)豎直放置、、為個(gè)套在圓環(huán)上可自由滑動(dòng)的空心帶電小球。已知帶正電荷的小位圓環(huán)最高點(diǎn)連與豎直方向成角連線與豎直方向成角三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是C.

、兩球均帶正電荷、小電量之比√

B.D.

小球帶正電荷，小帶電荷、小電量之比二、多選題（本大題共5小題，27.0分

在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一不計(jì)電阻的單匝矩形線圈，繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生如圖甲所示的正弦交流電，把該交流電輸入到圖乙中理想變壓器、兩。圖中的電壓表和電流表均為理想交流電表為熱敏電阻溫度升高時(shí)其電減小，為值電阻。下列說(shuō)法正確的B.C.D.

變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式????100??????在圖甲的????時(shí)，矩形線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直處溫度升高時(shí)，電壓示與示的比值不變處溫度升高時(shí)，電壓表示與流示的乘積可能不變

關(guān)于汽車在水平路面上的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是B.C.D.

汽車啟動(dòng)后以額定功率行駛，在速率未達(dá)到最大值之前，加速度不斷增大汽車啟動(dòng)后以額定功率行駛，在速度未達(dá)到最大值之前，牽引力不斷減小汽車以最大速度行駛后，若要減小速度，可減小牽引功率行駛汽車以最大速度行駛后，若要減小牽引力，速率一定減小

如圖所示水面內(nèi)兩光滑的平金屬導(dǎo)軌端與電阻相連接勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向下分布在導(dǎo)軌所在的空間內(nèi)一定的金屬棒垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌接觸良好今對(duì)金棒施加一個(gè)水平向右的外使屬棒從置開(kāi)始向右做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，依次通過(guò)位和若軌與金屬棒的電阻不計(jì)的距相等，關(guān)于金屬棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的有關(guān)說(shuō)法正確的是

金屬棒通過(guò)、兩置時(shí)，外的小之比：

B.C.D.

金屬棒通過(guò)兩置時(shí)，電的電功率之比：從到和到的個(gè)過(guò)程中，通過(guò)金屬棒橫截面的電荷量之比：從到和到的個(gè)過(guò)程中，電上生熱量之比：

關(guān)于氣體性質(zhì)和規(guī)律的下列說(shuō)法正確的)B.C.

一定質(zhì)量的理想氣體從外界吸收熱量，并對(duì)外做功，其內(nèi)能可能減小宏觀世界中的物理過(guò)程都必然滿足能量守恒定律，所以都會(huì)自發(fā)進(jìn)行用固定容器封閉一定質(zhì)量的理想氣體，若升高溫度，氣體分子的平均動(dòng)能會(huì)增大，壓強(qiáng)也會(huì)增加D.E.

某氣體的摩爾體積為，伏加德羅常數(shù)，則每個(gè)氣體分子的體積0溫度相同的不同種氣體，它們的分子平均動(dòng)能一定相同

??一簡(jiǎn)諧橫波沿軸傳播，在處質(zhì)點(diǎn)甲的振動(dòng)圖線如圖甲示，處質(zhì)點(diǎn)乙的振動(dòng)圖線如圖乙所示，下列判斷正確的)B.C.D.

質(zhì)點(diǎn)甲在波谷時(shí)，質(zhì)點(diǎn)乙在平衡位置軸正方向振動(dòng)若波沿方傳播，這列波的最大傳播速度為若波沿方傳播，這列波的最大波長(zhǎng)若波的傳播速度??，這列波沿方傳播三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，15.0分圖甲所示是測(cè)量木塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)實(shí)驗(yàn)裝置圖中一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板水平固定。圖乙為木塊在水平木板上帶動(dòng)紙帶運(yùn)動(dòng)時(shí)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的一條紙帶、、、計(jì)數(shù)點(diǎn)點(diǎn)計(jì)時(shí)的電源0交流電木加速度大小_____結(jié)果保留兩位有效數(shù))

.

00若得木塊的質(zhì)量，碼盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量，塊的加速度，重力加速度，木塊與長(zhǎng)木板間動(dòng)摩擦因數(shù)______用中所給字母表示。如滑輪略向下傾斜，使細(xì)線沒(méi)有完全調(diào)節(jié)水平，由此得值______選填“偏大”或“偏小”。在電流表和電壓表測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，所用電流表和電壓表內(nèi)阻分別為??和，如圖為驗(yàn)原理圖及所需器件圖．一位同學(xué)錄組據(jù)見(jiàn)表：

試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在圖坐標(biāo)圖中畫(huà)出圖，根據(jù)圖象讀出電池的電動(dòng)，求出電池內(nèi)四、簡(jiǎn)答題（本大題共1小題，20.0分如所示，質(zhì)量的車上質(zhì)量不計(jì)的細(xì)繩懸掛一質(zhì)量為的小球，和一靜止在光滑水平面上量的車

的度在光滑水平軌道上勻速向左運(yùn)動(dòng)

碰后粘合在一。已相的時(shí)間極短。求：碰撞后小能升的最大高度。取

2

五、計(jì)算題（本大題共3小題，32.0分一質(zhì)的小滑塊，帶|

的荷量多少為

，放置在傾角的光滑斜面斜絕，面置??的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。如圖所示，滑塊由靜止開(kāi)始沿斜面滑下其面足夠長(zhǎng)小塊滑至某一位置時(shí)要離開(kāi)斜面求小塊帶何種電荷？小塊離開(kāi)斜面的瞬時(shí)速度多大？該面的長(zhǎng)度至少為多少？把里的由加到，的內(nèi)能增加多少？如所示靜面岸邊的垂釣者的眼睛恰好位于岸點(diǎn)上的度處標(biāo)離點(diǎn)距，餌燈在標(biāo)正前處水深度處，垂釣者發(fā)22現(xiàn)魚(yú)餌燈剛好被浮標(biāo)擋住。求：作點(diǎn)垂釣者眼睛的光圖；求水的折射率；若餌燈緩慢豎直上浮，當(dāng)它離水面多深時(shí)，魚(yú)餌燈發(fā)的光恰好無(wú)法從水間出結(jié)果可以用根號(hào)表示

參考答案解析1.

答：解：：、的半衰期大約天天，經(jīng)次衰變，剩約為原來(lái)的，故A正；B光效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入地揭示了光的粒子性的一面前者表明光子具有能量者表明光子具有能量之外還具有動(dòng)量，故正確；C、裂的程需要中子撞擊，故C錯(cuò)誤；D、于態(tài)的氫原子吸收一個(gè)光子躍遷到激發(fā)態(tài)，再向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射光子的頻率一定不大于入射光子的頻率，故D正。本題選錯(cuò)誤的，故選：。半衰期具有統(tǒng)計(jì)規(guī)律，半數(shù)發(fā)生衰變是針對(duì)大量的原子核；根據(jù)躍遷時(shí)，能量的變化，確定光是釋放還是吸收。本題考查了光電效應(yīng)方程、半衰期、能級(jí)等知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵掌握這些知識(shí)點(diǎn)的基本概念和基本規(guī)，難度不大。2.

答：解：：、和是對(duì)作用力與反作用力，根據(jù)牛頓第三定律知

，故錯(cuò)。、據(jù)安培定則可判出兩導(dǎo)線點(diǎn)點(diǎn)磁場(chǎng)方向都是相反的，遠(yuǎn)離導(dǎo)線，磁場(chǎng)較弱，靠近導(dǎo)線，磁場(chǎng)較強(qiáng)，??

，所以兩導(dǎo)線在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度，故C錯(cuò)，D正。故選：對(duì)的作用力和對(duì)的作用力是一對(duì)作用力與反作用力；由安培定則可判出兩導(dǎo)線在各點(diǎn)磁感線的方向，再由矢量的合成方法可得出各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。本題考查了牛頓第三定律、安培定則及矢量的合成方法，特別應(yīng)注意磁場(chǎng)的空間性。3.答：解：根據(jù)故確。

??2

????“間站”運(yùn)行的加速度等于其所在高度處的重力加速度。

2：????????????2：????????????B、根據(jù)

??2

??得：√，離地球表面的高度不是運(yùn)動(dòng)半徑，所以線速度之比不是????，錯(cuò)誤；C軌半徑越大角度越小，同步衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)的角速度相同以空間站的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，所以站在地球赤道上的人觀察到空間站向東運(yùn)動(dòng)。故C誤；D、“間站”工作的宇航員處于完全失重狀態(tài)，靠萬(wàn)有引力提供向心力，做圓周運(yùn)動(dòng)。故D錯(cuò)誤。故選：。A據(jù)空間站在一位置受到的重力提供它做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力知行加速度和所在高度處的重力加速度的關(guān)系．B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力分析．C同衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)的角速度相同較空間站和同步衛(wèi)星的角速度大小可以判斷出空間站相對(duì)于地球的運(yùn)行方向．D、“間站”工作的宇航員處于完全失重狀態(tài)．解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力等于重力，以及處于空間站中的人、物體處于完全失重狀態(tài)，靠球的萬(wàn)有引力提供向心力，做圓周運(yùn)動(dòng)．4.

答：解：：??、彈對(duì)木塊的作用力大小為??

，木塊相對(duì)于地的位移為，則子彈對(duì)木塊做功為??，根據(jù)動(dòng)能定理得知，木塊動(dòng)能的增加量，即機(jī)械能的增量等于子彈對(duì)木塊做的功，即確．

L故B、木塊對(duì)子彈的阻力做功

，根據(jù)動(dòng)能定理得知：子彈動(dòng)能的減少量等于子彈克服阻力做功，大小

故B確．、彈相對(duì)于木塊的位移大小，系統(tǒng)克服阻力做功，據(jù)功能關(guān)系可知，系統(tǒng)機(jī)械能的減少量為

故C正，D錯(cuò)誤．本題選錯(cuò)誤的故選：子彈受到摩擦阻力，而木塊所受到摩擦動(dòng)力，兩者摩擦大相等，可認(rèn)為是恒力．運(yùn)用動(dòng)能定分別研究子彈和木塊，求出各自的動(dòng)能變化．本題考查子彈打木塊模型，同時(shí)功是能量轉(zhuǎn)化的量度，能量轉(zhuǎn)化的多少可以用功來(lái)量度，掌握功和能的關(guān)系就可以分析得出結(jié)論．

??232????221122222??232????2211222225.

答：解：：、，到重力、環(huán)的支持力以的侖力，其中重力與支持力的方向在豎直方向上，水平方向有對(duì)的侖力的分力與對(duì)的侖力的分力，由共點(diǎn)力平衡的條件可知與對(duì)的用力都是吸引力，或都是排斥力，與的性定是相同的；與帶種電荷，它們之間的庫(kù)侖力是斥力；對(duì)，到重力、環(huán)的支持力以、對(duì)的侖力，重力的方向在豎直方向上，水平方向有支持力的向右的分力的庫(kù)侖力向左的分力對(duì)庫(kù)侖力的分力，若要平衡，則對(duì)的侖力沿水平方向的分力必須向右，所對(duì)的作力必須是吸引力，所與電性一定相反。即：、小同帶負(fù)電荷，故AB錯(cuò)；環(huán)半徑個(gè)小球帶電量分別為幾何關(guān)系可得3；與對(duì)的用力都是吸引力，它們對(duì)的用力在水平方向的分力大小相等，則：132

?????30°??2

所以：

12

31

.故C正，錯(cuò)誤。故選：。分別對(duì)三個(gè)小球減小受力分析合平衡的條件判斷應(yīng)受到哪種力的作用對(duì)由點(diǎn)力平衡的條件判斷、電的大小關(guān)系。該題結(jié)合庫(kù)侖定律考查共點(diǎn)力作用下物體的平衡，解答的關(guān)鍵是正確選取研究對(duì)象，依據(jù)題目的條件判出平時(shí)與對(duì)的用力都是吸引力或是排斥力它對(duì)的用在水平方向的分力大小相等。6.

答：解：：據(jù)圖甲可知，，0.02則有：??變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為，錯(cuò)；B.

在圖甲時(shí)，，磁通量大，此時(shí)矩形線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，故B正；C.處溫度升高時(shí)，電阻減小，電壓表測(cè)的壓，則電壓示減小示數(shù)不變，則電壓表示數(shù)與示的比值變大故誤；D

副線圈電壓不變，等效為電源，將電看等效電源的阻，則電阻原來(lái)大于，溫度升高時(shí)，電阻減小，則電阻的功率先增加后減小，即電壓示與電流示的乘積先增大后減小，即電壓表示與流示的乘積可能不變故正確。

2222??2222??故選：。甲圖為正弦曲線，而非余弦曲線；在圖甲??時(shí)，矩形線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直；原線圈的電壓不會(huì)隨著的變化而變化壓示數(shù)與電流表示數(shù)的乘積為的功率相于電源的內(nèi)阻，

時(shí)

的功率有最大值，由和小并不確定，故電壓表示與流??示數(shù)的乘積可能不變。本題考查了正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式等知識(shí)點(diǎn)。注意：正弦式交變電流的函數(shù)表達(dá)圈在中性面位置開(kāi)始計(jì)時(shí)為

。7.

答：解：本題關(guān)鍵要分析汽車的受力情況頓第二定律判斷加速度的變化汽發(fā)動(dòng)機(jī)的功。汽以額定功率啟動(dòng)過(guò)程，速度增大，牽引力減小，合力減小，加速減小，當(dāng)牽引力與阻力大小相等時(shí)，汽車做勻速運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到最大；汽以恒定加速度啟動(dòng)過(guò)程，牽引力不變，速度增大，發(fā)動(dòng)機(jī)的功率大，當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率達(dá)到額定功率后，牽引力減小，加速度減小，當(dāng)牽引力減小到與阻力大小相等時(shí)，加速度減為零，車勻速運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到最大。對(duì)于汽車兩種啟動(dòng)方式，關(guān)鍵要抓住發(fā)動(dòng)機(jī)的功率等于牽引力大小與速率的乘積，一時(shí)，與成比，一時(shí)與成比，再根據(jù)牛頓第二定律分析汽車的運(yùn)動(dòng)過(guò)程。汽以額定功率啟動(dòng)過(guò)程，速度增大，牽引力減小，合力減小，加速度減小，當(dāng)牽引力與阻力大小相等時(shí)，汽車做勻速運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到最大，故錯(cuò)誤，B正；C

汽車以最大速度行駛后，牽引力和阻力相等，，可知，若要減小速，減小牽引力功，故C正確；D

減小牽引力有兩種情況小率來(lái)減小牽引力度減小小擦力來(lái)減小牽引力，速度會(huì)增加；汽車以最大速度行駛后，牽引力和阻力相等，，可知若再減小牽引，度一定減小，故D正確。

2????22??2????22??故選BCD。8.答：解：：、屬棒位由靜止開(kāi)始向右做勻速運(yùn)動(dòng)，根

2

2知通、兩位置的速度比為，根據(jù)知產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)之比為，據(jù)知電的功率之比為故確．A動(dòng)之比為以流比安培力之比據(jù)頓第二律，，以外力的小之比不等故誤．C、

，

??

，則

，故正確．D、據(jù)量守恒定律，熱

2

．同理

，加速度相等、的移相等，不，所以產(chǎn)生的熱量不等．故錯(cuò)誤．故選：．金屬棒由靜止開(kāi)始向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出金屬棒通的度之比．由電磁感應(yīng)、歐姆定律、安培力等知識(shí)求出功率、安培力、熱量與速度的關(guān)系，進(jìn)而求出相應(yīng)的比值．據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律求出電量之比．本題考查綜合運(yùn)用電磁感應(yīng)、電路知識(shí)、牛頓定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式等知識(shí)的能力．9.

答：解：根據(jù)熱力學(xué)第一定eq\o\ac(△,)??可收量時(shí)體對(duì)外做功，因此，內(nèi)能改變量需要考慮兩者增減的大小比較，因此不確定內(nèi)能增加或減小。故A正；B能守恒的物理過(guò)程不一定都能自發(fā)進(jìn)行力學(xué)第二定律中指出低溫向高溫過(guò)程即使?jié)M足能量守恒也不會(huì)自發(fā)進(jìn)行，故錯(cuò)誤；C、據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

，當(dāng)升高溫度時(shí)，氣體分子的平均動(dòng)能會(huì)增大，體積不變時(shí)，壓強(qiáng)也會(huì)增大，故正確；D、體子間距比較大，不可忽略，因此分子體積不能計(jì)算得到，故D錯(cuò)誤；E、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度改變，分子的平均動(dòng)能就改變，故正。故選：。

甲乙，甲乙，、、、)，得)3?2明確熱力學(xué)第一定律的基本內(nèi)容和應(yīng)用，從而分析內(nèi)能的變化；明確熱力學(xué)第二定律的方向性知道氣體壓強(qiáng)的微觀意義，明確氣體分子體積較小，無(wú)法直接求出氣體分子體積，只能求出分子據(jù)的空間；相同溫度下所有氣體的分子平均動(dòng)能均相同。本題考查熱力學(xué)第一定律、熱力學(xué)第二定律、理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用以及內(nèi)能等內(nèi)容，要注明確熱學(xué)基本知識(shí)的掌握；重點(diǎn)理解熱力學(xué)第一定律以及熱學(xué)現(xiàn)象中的方向性。10.

答：解：由圖知，質(zhì)點(diǎn)甲在波谷時(shí)，時(shí)，根圖象的斜率表示速度，知質(zhì)點(diǎn)乙的速度為正，說(shuō)明質(zhì)點(diǎn)乙在平衡位置軸方向振動(dòng)．故確．B、若波方傳播，時(shí)刻，甲在波谷，乙正通過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，則有34??+3

，波速為4??+3

，當(dāng)時(shí)最，且，誤．??C、波方傳播，則有，C確．為??

甲乙

4

，、、、)，時(shí)長(zhǎng)最長(zhǎng)，D、波的傳播速度為代入??

34??+3

，知??即可成立，所以這列沿方傳播，故正確．故選：根據(jù)圖的斜率分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向．根據(jù)同一時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)分析兩者距離與波長(zhǎng)的關(guān)系，寫(xiě)出波長(zhǎng)的通項(xiàng)，得到波速的通項(xiàng)，再求最大傳播速度和最大波長(zhǎng)．求傳播的離，確定波的傳播方向．本題首先考查讀圖的能力，要求能根據(jù)兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)寫(xiě)出波長(zhǎng)的通項(xiàng)，再得到波長(zhǎng)的特殊值關(guān)鍵．11.

答：

????)????

偏大解：：木的加速大小為：??

0.47

；對(duì)塊、砝碼盤(pán)和砝碼系統(tǒng)，根據(jù)牛頓第二定律有：????????解得：

????)????

，

??eq\o\ac(△,??)eq\o\ac(??eq\o\ac(△,??)eq\o\ac(△,)令子的力大小，果滑輪略向下傾斜，根據(jù)牛頓第二定律有：????解得：

，所以測(cè)量值偏大，故答案為：，

，偏利逐差法可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的加速度。對(duì)塊、砝碼盤(pán)和砝碼進(jìn)行受力分析，運(yùn)用牛頓第二定求出木塊與長(zhǎng)木板間動(dòng)摩擦因數(shù)。在驗(yàn)中紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間存在摩擦力存在空阻力據(jù)頓第二定律列式分析誤差。解決該題的關(guān)鍵是掌握逐差法求解加速度的大小，能用整體法以及根據(jù)牛頓定律列方程并推導(dǎo)動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式；12.

答：解：根表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出應(yīng)點(diǎn)后根據(jù)描出的點(diǎn)作出圖象象圖所示：由圖象圖象可知，電圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值，電源電動(dòng)勢(shì)??，電源內(nèi)

??．故答案為：圖象如圖所示；．應(yīng)用描點(diǎn)法作出圖象，電圖與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻．本題考查了作圖象、求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方，電源圖與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻．13.

答：：、小組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，由于正碰后粘在一起的時(shí)間極短，小暫參與碰撞，選取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有：)

03220322解得：；碰后，、粘一起，小球向擺動(dòng)，細(xì)繩水平方向分力、加，的度與、水平方向的速度相同時(shí)，小擺至最高點(diǎn)，以、、組的系統(tǒng)為研究對(duì)象，由動(dòng)量守恒有：)′0得：′??；設(shè)小球擺最大高度為，機(jī)械能守恒有：(解得：。答：小擺動(dòng)的最大高度。解：滑水平面上兩小車發(fā)生正碰的瞬間由于正碰后粘在起的時(shí)間極短暫未參與碰撞動(dòng)量守恒求出后兩的速度后粘在一起當(dāng)?shù)亩人椒较虻乃俣认嗤瑫r(shí)，小球擺至最高點(diǎn)，以、、組的系統(tǒng)為研究對(duì)象，由動(dòng)守恒求出、的同速度后小擺最大高度由機(jī)械能守恒可解小擺的最大高度。該題屬于多物體多過(guò)程的動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，在水平方向沒(méi)有外力做功的情況下運(yùn)用動(dòng)量守，和只有重力做功情況下的機(jī)械能守恒來(lái)解決實(shí)際問(wèn)題。14.

答：：小塊沿斜下滑過(guò)程中，受重、斜面支持力和洛倫茲.若小滑塊離開(kāi)斜面，洛倫茲方應(yīng)垂直斜面向上，根據(jù)左手定則可知，小滑塊應(yīng)帶負(fù)電荷。小塊沿斜面下滑時(shí)，垂直斜面方向的加速度為零，有