高中物理人教版本冊(cè)總復(fù)習(xí)總復(fù)習(xí) 精品獲獎(jiǎng)2

2023學(xué)年湖南省株洲市茶陵三中高二（上）開學(xué)物理試卷一.選擇題（本大題48分含有多選題請(qǐng)考生注意）1．高空作業(yè)須系安全帶，如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對(duì)人剛剛產(chǎn)生作用前人下落的距離為h（可視為自由落體運(yùn)動(dòng)）．此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為（）A．+mg B．﹣mg C．+mg D．﹣mg2．如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與一質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈簧水平且處于原長，圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達(dá)C處的速度為零，AC=h，圓環(huán)在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則圓環(huán)（）A．下滑過程中，加速度一直減小B．下滑過程中，克服摩擦力做的功為mv2C．在C處，彈簧的彈性勢(shì)能為mv2﹣mghD．上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度3．“蹦極”運(yùn)動(dòng)中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下．將蹦極過程簡(jiǎn)化為人沿豎直方向的運(yùn)動(dòng)．從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點(diǎn)的過程中，下列分析正確的是（）A．繩對(duì)人的沖量始終向上，人的動(dòng)量先增大后減小B．繩對(duì)人的拉力始終做負(fù)功，人的動(dòng)能一直減小C．繩恰好伸直時(shí)，繩的彈性勢(shì)能為零，人的動(dòng)能最大D．人在最低點(diǎn)時(shí)，繩對(duì)人的拉力等于人所受的重力4．在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列已用掛鉤連接好的車廂．當(dāng)機(jī)車在東邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向東行駛時(shí)，連接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當(dāng)機(jī)車在西邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向西行駛時(shí)，P和Q間的拉力大小仍為F．不計(jì)車廂與鐵軌間的摩擦，每節(jié)車廂質(zhì)量相同，則這列車廂的節(jié)數(shù)可能為（）A．8 B．10 C．15 D．185．如圖，物塊a、b和c的質(zhì)量相同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細(xì)線懸掛于固定點(diǎn)O．整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將細(xì)線剪斷．將物塊a的加速度的大小記為a1，S1和S2相對(duì)于原長的伸長分別記為△l1和△l2，重力加速度大小為g．在剪斷的瞬間，（）A．a(chǎn)1=3g B．a(chǎn)1=0 C．△l1=2△l2 D．△l1=△l26．如圖（a），一物塊在t=0時(shí)刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖線如圖（b）所示，若重力加速度及圖中的v0，v1，t1均為已知量，則可求出（）A．斜面的傾角B．物塊的質(zhì)量C．物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)D．物塊沿斜面向上滑行的最大高度7．如圖所示，一質(zhì)量為M、傾角為θ的斜面體置于水平地面上，質(zhì)量為m的小木塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在斜面上．現(xiàn)用一平行于斜面、大小恒定的拉力F作用于小木塊上，拉力在以斜面所在的平面內(nèi)繞小木塊旋轉(zhuǎn)一周的過程中，斜面體和小木塊始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法中正確的是（）A．小木塊受到斜面的最大摩擦力為+（mgsinθ）2B．小木塊受到斜面的最大摩擦力為F﹣mgsinθC．斜面體受到水平地面的最大摩擦力為FD．斜面體受到水平地面的最大摩擦力為Fcosθ8．如圖所示，氣墊導(dǎo)軌上滑塊經(jīng)過光電門時(shí)，其上的遮光條將光遮住，電子計(jì)時(shí)器可自動(dòng)記錄遮光時(shí)間△t，測(cè)得遮光條的寬度為△x，用近似代表滑塊通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度，為使更接近瞬時(shí)速度，正確的措施是（）A．換用寬度更窄的遮光條B．提高測(cè)量遮光條寬度的精確度C．使滑片的釋放點(diǎn)更靠近光電門D．增大氣墊導(dǎo)軌與水平面的夾角9．如圖所示，為甲乙兩物體在同一直線上運(yùn)動(dòng)的位置坐標(biāo)x隨時(shí)間t變化的圖象，已知甲做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則0～t2時(shí)間內(nèi)下列說法正確的是（）A．兩物體在t1時(shí)刻速度大小相等B．t1時(shí)刻乙的速度大于甲的速度C．兩物體平均速度大小相等D．甲的平均速度小于乙的平均速度10．如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，現(xiàn)對(duì)A施加一水平拉力F，則（）A．當(dāng)F＜2μmg時(shí)，A、B都相對(duì)地面靜止B．當(dāng)F=μmg時(shí)，A的加速度為μgC．當(dāng)F＞3μmg時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)D．無論F為何值，B的加速度不會(huì)超過μg11．如圖所示，水平傳送帶以速度v1勻速運(yùn)動(dòng)，小物體P、Q由通過定滑輪且不可伸長的輕繩相連，t=0時(shí)刻P在傳送帶左端具有速度v2，P與定滑輪間的繩水平，t=t0時(shí)刻P離開傳送帶．不計(jì)定滑輪質(zhì)量和摩擦，繩足夠長．正確描述小物體P速度隨時(shí)間變化的圖象可能是（）A． B． C． D．12．下列說法中正確的是（）A．用點(diǎn)電荷來代替實(shí)際帶電體是采用了理想模型的方法B．牛頓在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中，首次采用以實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)猜想和假設(shè)的科學(xué)方法C．法拉第最早引入了電場(chǎng)概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)D．哥白尼大膽反駁地心說，提出了日心說，并發(fā)現(xiàn)行星沿橢圓軌道運(yùn)行的規(guī)律二.填空題（本大題20分）13．甲同學(xué)準(zhǔn)備做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，乙同學(xué)準(zhǔn)備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)．（1）圖1中A、B、C、D、E表示部分實(shí)驗(yàn)器材，甲同學(xué)需在圖中選用的器材______；乙同學(xué)需在圖中選用的器材______（用字母表示）（2）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室選齊所需要器材后，經(jīng)正確操作獲得如圖2所示的兩條紙帶①和②，紙帶______的加速度大（填“①”或“②”），其加速度大小為______．14．小明通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證力的平行四邊形定則．（1）實(shí)驗(yàn)記錄紙如圖1所示，O點(diǎn)為橡皮筋被拉伸后伸長到的位置，兩彈簧測(cè)力計(jì)共同作用時(shí)，拉力F1和F2的方向分別過P1和P2點(diǎn)；一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉橡皮筋時(shí)，拉力F3的方向過P3點(diǎn)．三個(gè)力的大小分別為：F1=、F2=和F3=．請(qǐng)根據(jù)圖中給出的標(biāo)度作圖求出F1和F2的合力．（2）仔細(xì)分析實(shí)驗(yàn)，小明懷疑實(shí)驗(yàn)中的橡皮筋被多次拉伸后彈性發(fā)生了變化，影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果．他用彈簧測(cè)力計(jì)先后兩次將橡皮筋拉伸到相同長度，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)不相同，于是進(jìn)一步探究了拉伸過程對(duì)橡皮筋彈性的影響．實(shí)驗(yàn)裝置如圖2所示，將一張白紙固定在豎直放置的木板上，橡皮筋的上端固定于O點(diǎn)，下端N掛一重物．用與白紙平行的水平力緩慢地移動(dòng)N，在白紙上記錄下N的軌跡．重復(fù)上述過程，再次記錄下N的軌跡．兩次實(shí)驗(yàn)記錄的軌跡如3圖所示．過O點(diǎn)作一條直線與軌跡交于a、b兩點(diǎn)，則實(shí)驗(yàn)中橡皮筋分別被拉伸到a和b時(shí)所受拉力Fa、Fb的大小關(guān)系為______．（3）根據(jù)（2）中的實(shí)驗(yàn)，可以得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)果有哪些？______（填寫選項(xiàng)前的字母）A．橡皮筋的長度與受到的拉力成正比B．兩次受到的拉力相同時(shí)，橡皮筋第2次的長度較長C．兩次被拉伸到相同長度時(shí)，橡皮筋第2次受到的拉力較大D．兩次受到的拉力相同時(shí)，拉力越大，橡皮筋兩次的長度之差越大（4）根據(jù)小明的上述實(shí)驗(yàn)探究，請(qǐng)對(duì)驗(yàn)證力的平行四邊形定則實(shí)驗(yàn)提出兩點(diǎn)注意事項(xiàng)．三.解答題（本大題38分）15．如圖所示，一條帶有圓軌道的長軌道水平固定，圓軌道豎直，底端分別與兩側(cè)的直軌道相切，半徑R=，物塊A以V0=6m/s的速度滑入圓軌道，滑過最高點(diǎn)Q，再沿圓軌道滑出后，與直軌上P處靜止的物塊B碰撞，碰后粘在一起運(yùn)動(dòng)．P點(diǎn)左側(cè)軌道光滑，右側(cè)軌道呈粗糙段，光滑段交替排列，每段長度都為L=．物塊與各粗糙段間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ=，A、B的質(zhì)量均為m=1kg（重力加速度g取10m/s2；A、B視為質(zhì)點(diǎn)，碰撞時(shí)間極短）．（1）求A滑過Q點(diǎn)時(shí)的速度大小V和受到的彈力大小F；（2）若碰后AB最終停止在第k個(gè)粗糙段上，求k的數(shù)值；（3）求碰后AB滑至第n個(gè)（n＜k）光滑段上的速度VAB與n的關(guān)系式．16．一質(zhì)量為的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn)，距離A點(diǎn)5m的位置B處是一面墻，如圖所示，物塊以v0=9m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動(dòng)，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7m/s，碰后以6m/s的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止．g取10m/s2．（1）求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（2）若碰撞時(shí)間為，求碰撞過程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F；（3）求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功W．17．一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊；在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為，如圖（a）所示．t=0時(shí)刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動(dòng)，直至t=1s時(shí)木板與墻壁碰撞（碰撞時(shí)間極短）．碰撞前后木板速度大小不變，方向相反；運(yùn)動(dòng)過程中小物塊始終未離開木板．已知碰撞后1s時(shí)間內(nèi)小物塊的v﹣t圖線如圖（b）所示．木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2．求（1）木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1及小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2；（2）木板的最小長度；（3）木板右端離墻壁的最終距離．

2023學(xué)年湖南省株洲市茶陵三中高二（上）開學(xué)物理試卷參考答案與試題解析一.選擇題（本大題48分含有多選題請(qǐng)考生注意）1．高空作業(yè)須系安全帶，如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對(duì)人剛剛產(chǎn)生作用前人下落的距離為h（可視為自由落體運(yùn)動(dòng)）．此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為（）A．+mg B．﹣mg C．+mg D．﹣mg【考點(diǎn)】動(dòng)量定理．【分析】先根據(jù)h=求解自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；然后對(duì)運(yùn)動(dòng)全程根據(jù)動(dòng)量定理列式求解平均拉力．【解答】解：對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)，有：h=解得：規(guī)定向下為正方向，對(duì)運(yùn)動(dòng)的全程，根據(jù)動(dòng)量定理，有：mg（t1+t）﹣Ft=0解得：F=+mg故選：A2．如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與一質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈簧水平且處于原長，圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達(dá)C處的速度為零，AC=h，圓環(huán)在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則圓環(huán)（）A．下滑過程中，加速度一直減小B．下滑過程中，克服摩擦力做的功為mv2C．在C處，彈簧的彈性勢(shì)能為mv2﹣mghD．上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度【考點(diǎn)】功能關(guān)系．【分析】根據(jù)圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況分析下滑過程中，加速度的變化；研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到C和在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A兩個(gè)過程，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式求解；研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到B過程和圓環(huán)從B處上滑到A的過程，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式．【解答】解：A、圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達(dá)C處的速度為零，所以圓環(huán)先做加速運(yùn)動(dòng)，再做減速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過B處的速度最大，所以經(jīng)過B處的加速度為零，所以加速度先減小，后增大，故A錯(cuò)誤；B、研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到C過程，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式mgh+Wf+W彈=0﹣0=0在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式﹣mgh+（﹣W彈）+Wf=0﹣mv2解得：Wf=﹣mv2，故B正確；C、W彈=mv2﹣mgh，所以在C處，彈簧的彈性勢(shì)能為mgh﹣mv2，故C錯(cuò)誤；D、研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到B過程，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式mgh′+W′f+W′彈=m﹣0研究圓環(huán)從B處上滑到A的過程，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式﹣mgh′+W′f+（﹣W′彈）=0﹣mmgh′﹣W′f+W′彈=m由于W′f＜0，所以m＞m，所以上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度，故D正確；故選：BD3．“蹦極”運(yùn)動(dòng)中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下．將蹦極過程簡(jiǎn)化為人沿豎直方向的運(yùn)動(dòng)．從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點(diǎn)的過程中，下列分析正確的是（）A．繩對(duì)人的沖量始終向上，人的動(dòng)量先增大后減小B．繩對(duì)人的拉力始終做負(fù)功，人的動(dòng)能一直減小C．繩恰好伸直時(shí)，繩的彈性勢(shì)能為零，人的動(dòng)能最大D．人在最低點(diǎn)時(shí)，繩對(duì)人的拉力等于人所受的重力【考點(diǎn)】動(dòng)量定理；功能關(guān)系．【分析】從繩子繃緊到人下降到最低點(diǎn)的過程中，開始時(shí)人的重力大于彈力，人向下加速；然后再減速，直至速度為零；再反向彈回；根據(jù)動(dòng)量及功的知識(shí)可明確動(dòng)量、動(dòng)能和彈性勢(shì)能的變化．【解答】解：A、由于繩對(duì)人的作用力一直向上，故繩對(duì)人的沖量始終向上，由于人在下降中速度先增大后減?。还蕜?dòng)量先增大后減?。还蔄正確；B、在該過程中，拉力與運(yùn)動(dòng)方向始終相反，繩子的力一直做負(fù)功；但由分析可知，人的動(dòng)能先增大后減?。还蔅錯(cuò)誤；C、繩子恰好伸直時(shí)，繩子的形變量為零，彈性勢(shì)能為零；但此時(shí)人的動(dòng)能不是最大，故C錯(cuò)誤；D、人在最低點(diǎn)時(shí)，繩子對(duì)人的拉力一定大于人受到的重力；故D錯(cuò)誤．故選：A．4．在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列已用掛鉤連接好的車廂．當(dāng)機(jī)車在東邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向東行駛時(shí)，連接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當(dāng)機(jī)車在西邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向西行駛時(shí)，P和Q間的拉力大小仍為F．不計(jì)車廂與鐵軌間的摩擦，每節(jié)車廂質(zhì)量相同，則這列車廂的節(jié)數(shù)可能為（）A．8 B．10 C．15 D．18【考點(diǎn)】牛頓第二定律．【分析】根據(jù)兩次的情況，利用牛頓第二定律得出關(guān)系式，根據(jù)關(guān)系式分析可能的情況即可．【解答】解：設(shè)PQ兩邊的車廂數(shù)為P和Q，當(dāng)機(jī)車在東邊拉時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得，F(xiàn)=Pm?a，當(dāng)機(jī)車在西邊拉時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得，F(xiàn)=Qm?a，根據(jù)以上兩式可得，，即兩邊的車廂的數(shù)目可能是2和3，或4和6，或6和9，或8和12，等等，所以總的車廂的數(shù)目可能是5、10、15、20，所以可能的是BC．故選：BC．5．如圖，物塊a、b和c的質(zhì)量相同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細(xì)線懸掛于固定點(diǎn)O．整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將細(xì)線剪斷．將物塊a的加速度的大小記為a1，S1和S2相對(duì)于原長的伸長分別記為△l1和△l2，重力加速度大小為g．在剪斷的瞬間，（）A．a(chǎn)1=3g B．a(chǎn)1=0 C．△l1=2△l2 D．△l1=△l2【考點(diǎn)】牛頓第二定律；胡克定律．【分析】對(duì)細(xì)線剪短前后的a、b、c物體分別受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律求解加速度與彈簧的伸長量．【解答】解：A、B、對(duì)a、b、c分別受力分析如圖，根據(jù)平衡條件，有：對(duì)a：F2=F1+mg對(duì)b：F1=F+mg對(duì)c：F=mg所以：F1=2mg彈簧的彈力不能突變，因形變需要過程，繩的彈力可以突變，繩斷拉力立即為零．當(dāng)繩斷后，b與c受力不變，仍然平衡，故a=0；對(duì)a，繩斷后合力為F合=F1+mg=3mg=maa，aa=3g方向豎直向下；故A正確，B錯(cuò)誤．C、D、當(dāng)繩斷后，b與c受力不變，則F1=k△l1，；同時(shí)：F=k△l2，所以：．聯(lián)立得△l1=2△l2：故C正確，D錯(cuò)誤．故選：AC．6．如圖（a），一物塊在t=0時(shí)刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖線如圖（b）所示，若重力加速度及圖中的v0，v1，t1均為已知量，則可求出（）A．斜面的傾角B．物塊的質(zhì)量C．物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)D．物塊沿斜面向上滑行的最大高度【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像．【分析】由圖b可求得物體運(yùn)動(dòng)過程及加速度，再對(duì)物體受力分析，由牛頓第二定律可明確各物理量是否能夠求出．【解答】解：由圖b可知，物體先向上減速到達(dá)最高時(shí)再向下加速；圖象與時(shí)間軸圍成的面積為物體經(jīng)過的位移，故可出物體在斜面上的位移；圖象的斜率表示加速度，上升過程及下降過程加速度均可求，上升過程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降過程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；兩式聯(lián)立可求得斜面傾角及動(dòng)摩擦因數(shù)；但由于m均消去，故無法求得質(zhì)量；因已知上升位移及夾角，則可求得上升的最大高度；故選：ACD．7．如圖所示，一質(zhì)量為M、傾角為θ的斜面體置于水平地面上，質(zhì)量為m的小木塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在斜面上．現(xiàn)用一平行于斜面、大小恒定的拉力F作用于小木塊上，拉力在以斜面所在的平面內(nèi)繞小木塊旋轉(zhuǎn)一周的過程中，斜面體和小木塊始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法中正確的是（）A．小木塊受到斜面的最大摩擦力為+（mgsinθ）2B．小木塊受到斜面的最大摩擦力為F﹣mgsinθC．斜面體受到水平地面的最大摩擦力為FD．斜面體受到水平地面的最大摩擦力為Fcosθ【考點(diǎn)】向心力；摩擦力的判斷與計(jì)算．【分析】將木塊的重力分解到沿斜面向下和垂直于斜面向下兩個(gè)方向，確定出下滑力mgsinθ，然后再討論．在討論斜面受地面的摩擦力時(shí)，要靈活把小木塊和斜面看做一個(gè)整體分析，才能順利求出答案【解答】解：A、對(duì)小木塊分析可知，當(dāng)力F繞小木塊旋轉(zhuǎn)一周的過程中，F(xiàn)沿斜面向下時(shí)小木塊受到的靜摩擦力最大，小木塊受到的最大靜摩擦力fm=mgsinθ+F，故A、B錯(cuò)誤．C、對(duì)M、m整體受力分析可知，水平地面對(duì)斜面體的摩擦力與F的水平分力大小相等，所以最大靜摩擦力為F，此時(shí)F與水平地面平行，所以C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤．故選：C8．如圖所示，氣墊導(dǎo)軌上滑塊經(jīng)過光電門時(shí)，其上的遮光條將光遮住，電子計(jì)時(shí)器可自動(dòng)記錄遮光時(shí)間△t，測(cè)得遮光條的寬度為△x，用近似代表滑塊通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度，為使更接近瞬時(shí)速度，正確的措施是（）A．換用寬度更窄的遮光條B．提高測(cè)量遮光條寬度的精確度C．使滑片的釋放點(diǎn)更靠近光電門D．增大氣墊導(dǎo)軌與水平面的夾角【考點(diǎn)】探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律．【分析】明確平均速度代替瞬時(shí)速度的方法，應(yīng)明確我們是利用△x趨向于0時(shí)的平均速度可近似等于瞬時(shí)速度．【解答】解：本題中利用平均速度等效替代瞬時(shí)速度；故只能盡量減小計(jì)算平均速度的位移，即換用寬度更窄的遮光條；故A正確；BCD錯(cuò)誤；故選：A．9．如圖所示，為甲乙兩物體在同一直線上運(yùn)動(dòng)的位置坐標(biāo)x隨時(shí)間t變化的圖象，已知甲做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則0～t2時(shí)間內(nèi)下列說法正確的是（）A．兩物體在t1時(shí)刻速度大小相等B．t1時(shí)刻乙的速度大于甲的速度C．兩物體平均速度大小相等D．甲的平均速度小于乙的平均速度【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；平均速度．【分析】根據(jù)位移圖象的斜率等于速度，坐標(biāo)的變化量等于位移，平均速度等于位移除以時(shí)間．【解答】解：A、根據(jù)位移圖象的斜率等于速度，則在t1時(shí)刻，甲圖象的斜率大于乙圖象的斜率，所以甲的速度大于乙的速度，故AB錯(cuò)誤；C、坐標(biāo)的變化量等于位移，根據(jù)圖象可知，甲乙位移大小相等，方向相反，而時(shí)間相等，則平均速度的大小相等，故C正確，D錯(cuò)誤．故選：C10．如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，現(xiàn)對(duì)A施加一水平拉力F，則（）A．當(dāng)F＜2μmg時(shí)，A、B都相對(duì)地面靜止B．當(dāng)F=μmg時(shí)，A的加速度為μgC．當(dāng)F＞3μmg時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)D．無論F為何值，B的加速度不會(huì)超過μg【考點(diǎn)】牛頓第二定律；摩擦力的判斷與計(jì)算．【分析】根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力，隔離對(duì)B分析求出整體的臨界加速度，通過牛頓第二定律求出A、B不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的最大拉力．然后通過整體法隔離法逐項(xiàng)分析．【解答】解：A、設(shè)B對(duì)A的摩擦力為f1，A對(duì)B的摩擦力為f2，地面對(duì)B的摩擦力為f3，由牛頓第三定律可知f1與f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均為2μmg，f3的最大值為，．故當(dāng)0＜F≤時(shí)，A、B均保持靜止；繼續(xù)增大F，在一定范圍內(nèi)A、B將相對(duì)靜止以共同的加速度開始運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、設(shè)當(dāng)A、B恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的拉力為F′，加速度為a′，則對(duì)A，有F′﹣2μmg=2ma′，對(duì)A、B整體，有F′﹣，解得F′=3μmg，故當(dāng)＜F≤3μmg時(shí)，A相對(duì)于B靜止，二者以共同的加速度開始運(yùn)動(dòng)；當(dāng)F＞3μmg時(shí)，A相對(duì)于B滑動(dòng)．當(dāng)F=時(shí)，A、B以共同的加速度開始運(yùn)動(dòng)，將A、B看作整體，由牛頓第二定律有F﹣=3ma，解得a=，故B、C正確．D、對(duì)B來說，其所受合力的最大值Fm=2μmg﹣，即B的加速度不會(huì)超過，故D正確．故選：BCD．11．如圖所示，水平傳送帶以速度v1勻速運(yùn)動(dòng)，小物體P、Q由通過定滑輪且不可伸長的輕繩相連，t=0時(shí)刻P在傳送帶左端具有速度v2，P與定滑輪間的繩水平，t=t0時(shí)刻P離開傳送帶．不計(jì)定滑輪質(zhì)量和摩擦，繩足夠長．正確描述小物體P速度隨時(shí)間變化的圖象可能是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像．【分析】要分不同的情況進(jìn)行討論：若V2＜V1：分析在f＞Q的重力時(shí)的運(yùn)動(dòng)情況或f＜Q的重力的運(yùn)動(dòng)情況若V2＜V1：分析在f＞Q的重力時(shí)的運(yùn)動(dòng)情況或f＜Q的重力的運(yùn)動(dòng)情況【解答】解：若V2＜V1：f向右，若f＞GQ，則向右勻加速到速度為V1后做勻速運(yùn)動(dòng)到離開，則為B圖若f＜GQ，則向右做勻減速到速度為0后再向左勻加速到離開，無此選項(xiàng)若V2＞V1：f向左，若f＞GQ，則減速到V1后勻速向右運(yùn)動(dòng)離開，無此選項(xiàng)若f＜GQ，則減速到小于V1后f變?yōu)橄蛴?，加速度變小，此后加速度不變，繼續(xù)減速到0后向左加速到離開，則為C圖則AD錯(cuò)誤，BC正確故選：BC．12．下列說法中正確的是（）A．用點(diǎn)電荷來代替實(shí)際帶電體是采用了理想模型的方法B．牛頓在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中，首次采用以實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)猜想和假設(shè)的科學(xué)方法C．法拉第最早引入了電場(chǎng)概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)D．哥白尼大膽反駁地心說，提出了日心說，并發(fā)現(xiàn)行星沿橢圓軌道運(yùn)行的規(guī)律【考點(diǎn)】物理學(xué)史．【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解答】解：A、用點(diǎn)電荷來代替實(shí)際帶電體是采用了理想模型的方法，故A正確；B、伽利略在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中，首次采用以實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)猜想和假設(shè)的科學(xué)方法，故B錯(cuò)誤；C、法拉第最早引入了電場(chǎng)概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)，故C正確；D、哥白尼大膽反駁地心說，提出了日心說，開普勒發(fā)現(xiàn)行星沿橢圓軌道運(yùn)行的規(guī)律，故D錯(cuò)誤；故選：AC．二.填空題（本大題20分）13．甲同學(xué)準(zhǔn)備做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，乙同學(xué)準(zhǔn)備做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)．（1）圖1中A、B、C、D、E表示部分實(shí)驗(yàn)器材，甲同學(xué)需在圖中選用的器材AB；乙同學(xué)需在圖中選用的器材BDE（用字母表示）（2）乙同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室選齊所需要器材后，經(jīng)正確操作獲得如圖2所示的兩條紙帶①和②，紙帶①的加速度大（填“①”或“②”），其加速度大小為s2．【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．【分析】（1）根據(jù)兩種實(shí)驗(yàn)原理及實(shí)驗(yàn)方法選擇所需要的儀器；（2）根據(jù)△x=aT2可知通過比較△x的大小可比較加速度的大小，再利用逐差法可求解加速度．【解答】解：（1）要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和重錘；即AB；而要驗(yàn)證“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”需要打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、小車和鉤碼；故選：BDE；（2）由△x=aT2可知，相臨兩點(diǎn)間的位移之差越大，則加速度越大，故①的加速度大；由逐差法可得：加速度a=；由圖讀得：x3+x4=；x1+x2=；T=；代入數(shù)據(jù)解得：a=s2；故答案為：（1）AB；BDE；（2）①；s214．小明通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證力的平行四邊形定則．（1）實(shí)驗(yàn)記錄紙如圖1所示，O點(diǎn)為橡皮筋被拉伸后伸長到的位置，兩彈簧測(cè)力計(jì)共同作用時(shí)，拉力F1和F2的方向分別過P1和P2點(diǎn)；一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉橡皮筋時(shí)，拉力F3的方向過P3點(diǎn)．三個(gè)力的大小分別為：F1=、F2=和F3=．請(qǐng)根據(jù)圖中給出的標(biāo)度作圖求出F1和F2的合力．（2）仔細(xì)分析實(shí)驗(yàn)，小明懷疑實(shí)驗(yàn)中的橡皮筋被多次拉伸后彈性發(fā)生了變化，影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果．他用彈簧測(cè)力計(jì)先后兩次將橡皮筋拉伸到相同長度，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)不相同，于是進(jìn)一步探究了拉伸過程對(duì)橡皮筋彈性的影響．實(shí)驗(yàn)裝置如圖2所示，將一張白紙固定在豎直放置的木板上，橡皮筋的上端固定于O點(diǎn)，下端N掛一重物．用與白紙平行的水平力緩慢地移動(dòng)N，在白紙上記錄下N的軌跡．重復(fù)上述過程，再次記錄下N的軌跡．兩次實(shí)驗(yàn)記錄的軌跡如3圖所示．過O點(diǎn)作一條直線與軌跡交于a、b兩點(diǎn)，則實(shí)驗(yàn)中橡皮筋分別被拉伸到a和b時(shí)所受拉力Fa、Fb的大小關(guān)系為Fa=Fb．（3）根據(jù)（2）中的實(shí)驗(yàn)，可以得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)果有哪些？BD（填寫選項(xiàng)前的字母）A．橡皮筋的長度與受到的拉力成正比B．兩次受到的拉力相同時(shí)，橡皮筋第2次的長度較長C．兩次被拉伸到相同長度時(shí)，橡皮筋第2次受到的拉力較大D．兩次受到的拉力相同時(shí)，拉力越大，橡皮筋兩次的長度之差越大（4）根據(jù)小明的上述實(shí)驗(yàn)探究，請(qǐng)對(duì)驗(yàn)證力的平行四邊形定則實(shí)驗(yàn)提出兩點(diǎn)注意事項(xiàng)．【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則．【分析】根據(jù)平行四邊形定則先作出F2與F1的合力，根據(jù)圖中給出的標(biāo)度求出合力．根據(jù)平衡條件進(jìn)行分析求解，根據(jù)圖丙中的實(shí)驗(yàn)分析結(jié)果結(jié)合實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)進(jìn)行求解．根據(jù)圖（丙）中的實(shí)驗(yàn)分析結(jié)果結(jié)合實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)進(jìn)行求解．【解答】解：（1）根據(jù)平行四邊形定則求F2與F1的合力，作圖如下，F(xiàn)1和F2的合力F=．（2）過O點(diǎn)作一條直線與軌跡交于a、b兩點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)中橡皮筋分別被拉伸到a和b時(shí)所受拉力Fa、Fb的方向相同，由于緩慢地移動(dòng)N，根據(jù)平衡條件得Fa、Fb的大小關(guān)系為Fa=Fb．（3）A、兩次受到的拉力相同時(shí)，橡皮筋第2次的長度較長，不成正比；故A錯(cuò)誤，B正確；C、兩次被拉伸到相同長度時(shí)，橡皮筋第2次受到的拉力較小，故C錯(cuò)誤；D、從開始緩慢地移動(dòng)N，橡皮筋受到的拉力增大，從圖3中發(fā)現(xiàn)兩次實(shí)驗(yàn)記錄的軌跡間距在增大，所以兩次受到的拉力相同時(shí)，拉力越大，橡皮筋兩次的長度之差越大，故D正確；故選：BD．（4）根據(jù)小明的上述實(shí)驗(yàn)探究，對(duì)驗(yàn)證力的平行四邊形定則實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)有橡皮筋拉伸不宜過長；選用新橡皮筋，故答案為：（1）如圖；；（2）Fa=Fb；（3）BD；（4）橡皮筋拉伸不宜過長；選用新橡皮條．三.解答題（本大題38分）15．如圖所示，一條帶有圓軌道的長軌道水平固定，圓軌道豎直，底端分別與兩側(cè)的直軌道相切，半徑R=，物塊A以V0=6m/s的速度滑入圓軌道，滑過最高點(diǎn)Q，再沿圓軌道滑出后，與直軌上P處靜止的物塊B碰撞，碰后粘在一起運(yùn)動(dòng)．P點(diǎn)左側(cè)軌道光滑，右側(cè)軌道呈粗糙段，光滑段交替排列，每段長度都為L=．物塊與各粗糙段間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ=，A、B的質(zhì)量均為m=1kg（重力加速度g取10m/s2；A、B視為質(zhì)點(diǎn)，碰撞時(shí)間極短）．（1）求A滑過Q點(diǎn)時(shí)的速度大小V和受到的彈力大小F；（2）若碰后AB最終停止在第k個(gè)粗糙段上，求k的數(shù)值；（3）求碰后AB滑至第n個(gè)（n＜k）光滑段上的速度VAB與n的關(guān)系式．【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；牛頓第二定律；向心力．【分析】（1）由機(jī)械能守恒定律可求得A滑過Q點(diǎn)的速度，由向心力公式可求得彈力大??；（2）由機(jī)械能守恒定律可求得AB碰撞前A的速度，再對(duì)碰撞過程由動(dòng)量守恒定律可求得碰后的速度；則可求得總動(dòng)能，再由摩擦力做功求出每段上消耗的機(jī)械能；即可求得比值；（3）設(shè)總共經(jīng)歷了n段，根據(jù)每一段上消耗的能量，由能量守恒可求得表達(dá)式．【解答】解：（1）由機(jī)械能守恒定律可得：mv02=mg（2R）+mv2；解得：v=4m/s；由F+mg=m可得：F=22N；（2）AB碰撞前A的速度為vA，由機(jī)械能守恒定律可得：mv02=mvA2得vA=v0=6m/s；AB碰撞后以共同速度vP前進(jìn)，設(shè)向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得：mv0=（m+m）vp解得：vP=3m/s；故總動(dòng)能EK=（m+m）vP2=×2×9=9J；滑塊每經(jīng)過一段粗糙段損失的機(jī)械能△EK=fL=μ（m+m）gL=×20×=；k===45；（3）AB整體滑到第n個(gè)光滑段上損失的能量；E損=nE=從AB碰撞后運(yùn)動(dòng)到第n個(gè)光滑段的過程中，由能量守恒定律可得：（m+m）vP2﹣（m+m）vAB2=n△E，代入解得：vAB=m/s；答：1）A滑過Q點(diǎn)時(shí)的速度大小V為4m/s；受到的彈力大小F為22N；（2）k的數(shù)值為45；（3）碰后AB滑至第n個(gè)（n＜k）光滑段上的速度VAB與n的關(guān)系式為vAB=m/s；16．一質(zhì)量為的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn)，距離A點(diǎn)5m的位置B處是一面墻，如圖所示，物塊以v0=9m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動(dòng)，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7m/s，碰后以6m/s的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止．g取10m/s2．（1）求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（2）若碰撞時(shí)間為，求碰撞過程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F；（3）求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功W．【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；動(dòng)量定理．【分析】（1）對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)．（2）對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)量定理可以求出作用力大?。?）應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出物塊反向運(yùn)動(dòng)過程克服摩擦力做的功．【解答】解：（1）物塊從A到B過程，由動(dòng)能定理得：﹣μmgsAB=mvB2﹣mv02，代入數(shù)據(jù)解得：μ=；（2）以向右為正方向，物塊碰撞墻壁過程，由動(dòng)量定理得：Ft=mv﹣mvB，即：F×=×（﹣6）﹣×7，解得：F=﹣130N，負(fù)號(hào)表示方向向左；（3）物塊向左運(yùn)動(dòng)過程，由動(dòng)能定理得：W=0﹣mv2=﹣××62=﹣9J；所以克服摩擦力做功為9J．答：（1）物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為；（2）若碰撞時(shí)