人教版高中物理選修1重點(diǎn)題型鞏固練習(xí)靜電場(chǎng)復(fù)習(xí)與鞏固提高

精品文檔用心整理人教版高中物理選修3-1知識(shí)點(diǎn)梳理重點(diǎn)題型（常考知識(shí)占）鞏固練習(xí)

?？贾R(shí)點(diǎn)【鞏固練習(xí)】一、選擇題1.帶負(fù)電的粒子在某電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用，能分別完成以下兩種運(yùn)動(dòng)：①在電場(chǎng)線上運(yùn)動(dòng)；②在等勢(shì)面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng).該電場(chǎng)可能由（ ）A.一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷形成B.一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷形成C.兩個(gè)分立的帶等量負(fù)電荷的點(diǎn)電荷形成D.一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷與帶正電的無(wú)限大平板形成2.如圖所示，帶電小球A、B的電荷量分別為QA、QB,OA=OB,都用長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線懸掛在O點(diǎn)，靜止時(shí)A、B相距為d.為使其平衡時(shí)AB間距離減為d/2,可采用以下哪些方法（ ）A.將小球A、B的質(zhì)量都增加到原來(lái)的2倍B.將小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的8倍C.將小球A、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半D.將小球A、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半，同時(shí)將小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的2倍3.質(zhì)量為m的物塊，帶正電荷為Q,開始時(shí)讓它靜止在傾角a=60°的固定光滑絕緣斜面頂端，整個(gè)裝置放在水平向左、大小為E=*g的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，如圖所示.斜面高為H,釋放物塊后，物塊落地的速度大小為（的速度大小為（A.2VgHB.\；5gH4.如圖6所示，在x軸上關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱的兩點(diǎn)固定放置等量異種點(diǎn)電荷+Q和一Q,x軸上的P點(diǎn)位于一Q的右側(cè).下列判斷正確的是（）資料來(lái)源于網(wǎng)絡(luò)僅供免費(fèi)交流使用

精品文檔用心整理TOC\o"1-5"\h\z+。 ~Q-? 1 ?—?o pxA.在x軸上還有一點(diǎn)與P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同用在x軸上還有兩點(diǎn)與P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同。.若將一試探電荷+q從P點(diǎn)移至O點(diǎn)，則其電勢(shì)能增大。.若將一試探電荷+q從P點(diǎn)移至O點(diǎn)，則其電勢(shì)能減小5.兩帶電小球，電荷量分別為+q和一q,電場(chǎng)中，桿與場(chǎng)強(qiáng)方向平行，其位置如圖所示，固定在一長(zhǎng)度為l的絕緣桿兩端，置于電場(chǎng)強(qiáng)度為5.兩帶電小球，電荷量分別為+q和一q,電場(chǎng)中，桿與場(chǎng)強(qiáng)方向平行，其位置如圖所示，電力做功為（）A.A.0 B.qElC.2qEl D.iqEl6.如圖所示，在等量的異種點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，有A、B、C三點(diǎn)，A點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，B點(diǎn)為連線上距A點(diǎn)距離為d的一點(diǎn)，C點(diǎn)為連線中垂線距A點(diǎn)距離也為d的一點(diǎn)，則下面關(guān)于三點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小、電勢(shì)高低的比較，正確的是（）C+十――方方一QA.Ea=Ec>Eb；￡=%>%b.EB>Ea>Ec；￡—Qc>QbC.Ea』，Ea<Ec；￡>%，￡>%D.因?yàn)榱汶妱?shì)點(diǎn)未規(guī)定，所以無(wú)法判斷電勢(shì)的高低7.如圖所示，實(shí)線為不知方向的三條電場(chǎng)線，從電場(chǎng)中M點(diǎn)以相同速度飛出a、b兩個(gè)帶電粒子，運(yùn)a一定帶正電，b一定帶負(fù)電a的速度將減小，b的速度將增加a的加速度將減小，b的加速度將增加D.兩個(gè)粒子的電勢(shì)能一個(gè)增加一個(gè)減小8.空間有平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng).一電荷量為一q的質(zhì)點(diǎn)（重力不計(jì)）.在恒定拉力F的作用下沿虛線由M勻速運(yùn)動(dòng)到N,如圖所示.已知力F和MN間夾角為仇M、N間距離為4,則（ ）資料來(lái)源于網(wǎng)絡(luò)僅供免費(fèi)交流使用

rN精品文檔用心整理rN精品文檔用心整理Fdcos0A.M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)差為——qFdcos0用勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 qC帶電質(zhì)點(diǎn)由M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程中，電勢(shì)能減少了Fdcos6。.若要使帶電質(zhì)點(diǎn)由N向M做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則F必須反向二、填空題.如圖所示，A、B兩板間加速電壓為U1,C、D兩板間偏轉(zhuǎn)電壓為U2.一個(gè)靜止的a粒子(/e)自A板起相繼被加速、偏轉(zhuǎn)，飛離偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的最大側(cè)移為C、D板間距離一半，則它的出射速度的大小為.(8分)如圖8所示，A、B、C三點(diǎn)為一直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，NB=30°,現(xiàn)在A、B兩點(diǎn)放置兩點(diǎn)電荷qA、qB，測(cè)得C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向與BA方向平行，則qA帶電，qA：qB=.三、解答題.如圖所示，ab是半徑為R的圓的一條直徑，該圓處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)大小為E,方向一定，在圓周平面內(nèi)，將一帶正電q的小球從。點(diǎn)以相同的動(dòng)能拋出，拋出方向不同時(shí)，小球會(huì)經(jīng)過(guò)圓周上不同的點(diǎn)，在所有的這些點(diǎn)中，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)小球的動(dòng)能最大.已知/。26=30°,若不計(jì)重力和空氣阻力，試求：(1)電場(chǎng)方向與ac間的夾角0為多大？(2)若小球在a點(diǎn)時(shí)初速度方向與電場(chǎng)方向垂直，則小球恰好能落在c點(diǎn)，那么初動(dòng)能為多大?資料來(lái)源于網(wǎng)絡(luò)僅供免費(fèi)交流使用精品文檔用心整理.如圖所示，已知平行板電容器兩極板間距離d=4mm，充電后兩極板電勢(shì)差為120V.A板帶正電，若它的電容為3“F且P到A板距離為1mm.求：A (1)每一板的帶電荷量；(2)一個(gè)電子從B板出發(fā)到A板獲得的動(dòng)能；(3)兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度..如圖所示，在一勻強(qiáng)電場(chǎng)中的A點(diǎn)有一小球，并用細(xì)線與固定的O點(diǎn)相連，然后把細(xì)線水平拉直，但沒(méi)有伸長(zhǎng).現(xiàn)讓小球從A點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng).小球經(jīng)過(guò)O點(diǎn)正下方時(shí)的速度多大？(已知小球的質(zhì)量m=1.0X10-4kg,所帶電荷量q=+1.0X10-7C,細(xì)線長(zhǎng)度L=10cm,電場(chǎng)強(qiáng)度E=1.73X104N/C,g=i0m/s2)O-LAQm.如圖所示，a、b分別為x、y軸上兩點(diǎn)，它們與原點(diǎn)O的距離相等，一束電子以初速度v0垂直于x軸從a點(diǎn)射入，由于勻強(qiáng)電場(chǎng)的作用，電子束恰好從b點(diǎn)射出，求電子從b點(diǎn)射出時(shí)的速度大小..如圖所示，兩平行金屬板水平放置，間距為d,板間存在勻強(qiáng)電場(chǎng).一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電小球，以豎直向下的初速度從上板的小孔射入，當(dāng)它從下板的小孔穿出時(shí)所用的時(shí)間為t,若小球以同樣大小的初速度從下板的小孔豎直向上射入，則從上板小孔穿出時(shí)所用的時(shí)間為t/2.不計(jì)空氣阻力(1)指出兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度的方向.(2)求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小.⑶求小球穿出下板小孔時(shí)速度v1與穿出上板小孔時(shí)速度v2之比4:v2.【答案與解析】一、選擇題.【答案】A【解析】負(fù)電荷在電場(chǎng)線上運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明電場(chǎng)是直線；負(fù)電荷在等勢(shì)面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明等勢(shì)線是圓形曲線，能滿足以上兩種情況的場(chǎng)源電荷可以是一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷，不可能是帶負(fù)電的點(diǎn)電荷，所以A正確、B錯(cuò)誤.兩個(gè)分立的帶等量正電荷的點(diǎn)電荷可以滿足以上條件，而兩個(gè)分立的帶等量負(fù)電荷的資料來(lái)源于網(wǎng)絡(luò)僅供免費(fèi)交流使用精品文檔用心整理點(diǎn)電荷不能使負(fù)電荷完成題中運(yùn)動(dòng)，所以C錯(cuò)誤.D中情況的等勢(shì)線不能使負(fù)電荷做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤..【答案】BDFdkkQQ i、kQQL【解析】由B的共點(diǎn)力平衡圖可知——二不，而F=號(hào)、，可知d=3%%，選B、D.m^L d2 mmg.【答案】C【解析】想要弄清物體的運(yùn)動(dòng)情況，必須先分析清楚物體的受力情況，否則就容易因思維定式而出錯(cuò).此題易錯(cuò)的原因就是沒(méi)有仔細(xì)分析物體的受力情況，而直接認(rèn)為物體是沿斜面下滑.不少同學(xué)在做這道題時(shí)，一看到“固定光滑絕緣斜面”就想物塊沿光滑斜面下滑不受摩擦力作用，由H1一一.——?jiǎng)幽芏ɡ淼胢gH+QE「3=飛mv2,得v=2%gH，而錯(cuò)選A.其實(shí)“固定光滑絕緣斜面”是干擾因素，只要分析物塊的受力就不難發(fā)現(xiàn)，物塊根本不會(huì)沿斜面下滑，而是沿著重力和電場(chǎng)力合力的方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，弄清了這一點(diǎn)，就很容易求得本題正確答案，故正確答案為C..【答案】AC【解析】根據(jù)等量正負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布可知，在x軸上還有一點(diǎn)與P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同，即與P點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的點(diǎn)，A正確.若將一試探電荷+q從P點(diǎn)移至O點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，所以電勢(shì)能先減小后增大.一般規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，過(guò)O點(diǎn)的中垂線電勢(shì)也為零，所以試探電荷+q在P點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為負(fù)值，移至O點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為零，所以電勢(shì)能增大，C正確..【答案】C【解析】桿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)180°的過(guò)程中，靜電力對(duì)兩電荷做正功，WrW]+W2=2qU=2qEL,故選項(xiàng)C正確. 心.【答案】B解析根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布疏密可知eb>ea>ec；根據(jù)電場(chǎng)線的方向可知qa=Qc>Qb.故選項(xiàng)B正確..【答案】C【解析】由于不知道電場(chǎng)線方向，故無(wú)法確定a、b帶電正負(fù)；由電場(chǎng)線疏密判斷a的加速度減小，b的加速度增加；由電場(chǎng)線和軌跡形狀判斷靜電力對(duì)a、b都做正功，故a、b速度都增加，電勢(shì)能都減小..【答案】A【解析】由于帶電質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故靜電力與拉力F大小相等，方向相反，故場(chǎng)強(qiáng)大小E=F,qB錯(cuò)誤；帶電小球由M到N,靜電力做功WMN=-Fcos0-d=-Fdcos0，電勢(shì)能增加，電勢(shì)差W Fdcos0U〃m=i*= ，故A正確，C錯(cuò)誤；若要使帶電小球由N向M做勻速直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)和靜電力MN -q q仍平衡，故D錯(cuò)誤.二、填空題.【答案】資料來(lái)源于網(wǎng)絡(luò)僅供免費(fèi)交流使用

精品文檔用心整理【解析】在加速電場(chǎng)中由動(dòng)能定理得:qU=—mv212 0在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得：1在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得：1qU=2 21—n2v2-mv2解得：v=i：2e(2U+U).m1 2.【答案】負(fù)1：8【解析】放在A點(diǎn)和B點(diǎn)的點(diǎn)電荷在C處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向在AC和BC的連線上，因C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向與BA方向平行，故放在A點(diǎn)的點(diǎn)電荷和放在B點(diǎn)的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向只能如右圖所示，故qA帶負(fù)電，qB帶正電，且EB=2EA，得k急2=2k-Aq-A-.又由幾何關(guān)系知BC=2AC,所以qA：qB=1：8.三、解答題EqR.【答案】(1)30° (2)8【解析】(1)帶正電小球在c點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大，c點(diǎn)是物理最底點(diǎn)，O為圓心，電場(chǎng)力方向沿Oc方向，如題圖所示，由于Oc=Oa=R,有9=NOca=NcaO=30°.(2)設(shè)初速度v0,垂直于電場(chǎng)方向帶正電小球勻速運(yùn)動(dòng)，Rsin60°=v0t.平行于電場(chǎng)方向帶正電小球勻加運(yùn)動(dòng)，R+Rcos60°=1at2.根據(jù)牛頓第二定律Eq=ma。由以上各式得Eq=ma。由以上各式得E=k0mv2EqR.【答案】(1)3.6x10-4C-2)120eV(3)3x104N/C【解析】(1)由Q=UC得：Q=120x3x10-6C=3.6x10-4C.(2)因?yàn)殡娮訌腂板出發(fā)到A板的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，所以Ek-0=qUAB，Ek=120eV.(3)E=U/d=3x104N/C..【答案】2.1m/s【解析】本題中qE=豆mg，所以電場(chǎng)力與重力的合力的方向與水平方向的夾角為30°,小球從A點(diǎn)開始沿直線經(jīng)O點(diǎn)正下方B處，小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)是做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，而不是一開始就做圓周運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理得：qEL+mgLtan30。=1mv2，代入數(shù)據(jù)解得：v=2.1m/s..【答案】底v0【解析】電子沿y方向做勻速運(yùn)動(dòng)，x方向在電場(chǎng)力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式則有:at2 at2y=vt,x= ；x=y, =vt0 2 2 °得：vx=at=2v0電子從b點(diǎn)射出時(shí)y方向分速度為：vy=v0則電子從b點(diǎn)射出時(shí)的合速度為：v=VvX+v2=式at)2+v2=\；(2v0)2+v2=芯v0.資料來(lái)源于網(wǎng)絡(luò)僅供免費(fèi)交流使用精品文檔用心整理4mdmg 115.【答案】(1)場(chǎng)強(qiáng)萬(wàn)向豎直向下(2) +——(3)3qt2 q 7【解析】(1)假設(shè)電場(chǎng)方向向上，則小球所受合力方向必向下，加速度向下，其向下板運(yùn)動(dòng)的時(shí)間必小于向上極運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，與題給條件不符，所以場(chǎng)強(qiáng)