2023物理江蘇專用優(yōu)編題型增分練基礎(chǔ)回扣練2

物理江蘇專用優(yōu)編題型增分練基礎(chǔ)回扣練2學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2.受力分析和物體平衡1．（2023·江蘇六校聯(lián)考）磁性黑板擦吸附在豎直的黑板平面上靜止不動時，關(guān)于黑板擦的受力狀況，下列敘述中正確的是()A．黑板擦受到的磁力與它受到的重力是一對平衡力B．黑板擦受到的磁力與它受到的彈力是一對作用力與反作用力C．黑板擦受到的磁力與它受到的摩擦力性質(zhì)相同D．黑板擦受到的摩擦力與它受到的重力是一對平衡力答案D2.如圖1所示，水平面上A、B兩物塊的接觸面水平，二者疊放在一起，在作用于B上的恒定水平拉力F的作用下沿地面對右做勻速直線運(yùn)動，某時刻撤去力F后，二者仍不發(fā)生相對滑動，關(guān)于撤去F前后下列說法正確的是()圖1A．撤去F之前A受到3個力作用B．撤去F之前B受到4個力作用C．撤去F前后，A的受力狀況不變D．A、B間的動摩擦因數(shù)μ1不小于B與地面間的動摩擦因數(shù)μ2答案D解析撤去F前A受重力、B對A的支持力2個力作用;B受重力、地面支持力、A對B的壓力、地面對B的摩擦力、外力F共5個力作用；撤去F后,AB一起勻減速運(yùn)動，A除受重力、支持力外,還受靜摩擦力作用，對AB整體：μ2（mA＋mB)g＝(mA＋mB)a，對A:μ1mAg≥mAa，即μ1≥μ2.3．(2023·淮安中學(xué)期中）如圖2所示，一名登山運(yùn)動員攀登陡峭雪壁時，假如認(rèn)為峭壁的平面是豎直的平面,峭壁平面是光滑的，腿與峭壁面是垂直的,若輕繩與峭壁面的夾角為30°,運(yùn)動員質(zhì)量為60kg，g取10m/s2。人處于靜止?fàn)顟B(tài)，則細(xì)繩張力的大小FT為（）圖2A．200eq\r（3)NB．600NC．400eq\r(3）ND．1200N答案C4．(2023·高考押題猜測卷)如圖3所示，A、B、C三個物體的質(zhì)量是mA＝eq\f(1，2)mB＝eq\f(1，2）mC＝m,A、B兩物體通過繩子繞過定滑輪相連，B、C用勁度系數(shù)為k2的彈簧相連，彈簧k1一端固定在天花板上,另一端與滑輪相連．開頭時，A、B兩物體在同一水平面上，不計滑輪、繩子、彈簧的重力和一切摩擦．現(xiàn)用豎直向下的力緩慢拉動A物體,在拉動過程中，彈簧及與A、B相連的繩子始終豎直，到C物體剛要離開地面（A沒落地，B沒有與滑輪相碰，A、B、C可視為質(zhì)點(diǎn)），重力加速度為g，此時A、B兩物體的高度差（)圖3A。eq\f（3mg,k2）＋eq\f(6mg，k1）B.eq\f（3mg，k2)＋eq\f(12mg,k1）C。eq\f(6mg,k2)＋eq\f(6mg，k1）D。eq\f(6mg，k2）＋eq\f(12mg,k1）答案D解析開頭時,彈簧k1的拉力是A物體重力的兩倍，所以它的伸長量x1＝eq\f（2mg,k1)；彈簧k2的彈力是B、A兩物體的重力差，所以它的壓縮量x2＝eq\f(mg，k2）。當(dāng)C物體剛要離開地面時，彈簧k1的拉力是B、C兩物體重力和的兩倍,所以它的伸長量,x1′＝eq\f(8mg,k1）；彈簧k2的拉力等于C的重力，所以它的伸長量x2′＝eq\f（2mg,k2），所以B物體上升的高度是hB＝x2＋x2′＝eq\f（3mg,k2），物體A下降的高度hA＝hB＋2(x1′－x1）＝eq\f（3mg，k2)＋eq\f（12mg,k1），所以A、B高度差Δh＝hA＋hB＝eq\f（6mg,k2)＋eq\f（12mg,k1),故D正確，A、B、C錯誤．5．（2023·淮安市、宿遷市等期中）如圖4所示，質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于豎直墻壁上，今用水平向右的拉力F拉動繩的中點(diǎn)O至圖示位置．用FT表示繩OA段拉力的大小，在拉力F由圖示位置逆時針緩慢轉(zhuǎn)過90°的過程中，始終保持O點(diǎn)位置不動,則(）圖4A．F先漸漸變小后漸漸變大，F(xiàn)T漸漸變小B．F先漸漸變小后漸漸變大，F(xiàn)T漸漸變大C．F先漸漸變大后漸漸變小，F(xiàn)T漸漸變小D．F先漸漸變大后漸漸變小，F(xiàn)T漸漸變大答案A解析保持O點(diǎn)位置不變，將F由水平位置繞O點(diǎn)逆時針緩慢轉(zhuǎn)動90°的過程中,F和AO的拉力的合力始終與mg等大、反向、共線,由平行四邊形定則可知,當(dāng)F豎直向上時,F最大，最大值Fmax＝mg，此時FT最小,FT＝0；當(dāng)F⊥AO時,F最小，則F先漸漸變小后漸漸變大，F(xiàn)T漸漸變小，故A正確．6．(多選)(2023·如皋市期初）如圖5所示，物體B疊放在物體A上，A、B的質(zhì)量均為m，且上、下表面均與斜面平行，它們以共同速度沿傾角為θ的固定斜面C勻速下滑，重力加速度為g，則()圖5A．A、B間的摩擦力大小為mgsinθB．A受到B的靜摩擦力方向沿斜面對上C．A受到斜面的滑動摩擦力大小為2mgsinθD．A與B間的動摩擦因數(shù)μ＝tanθ答案AC解析將B的重力分解可知重力有沿斜面對下的分力,要使B能勻速下滑，受力肯定平衡，故A對B應(yīng)有沿斜面對上的摩擦力，大小等于B的重力沿斜面方向的分力,即mgsinθ,故A正確；由牛頓第三定律可知，A受到B的摩擦力應(yīng)沿斜面對下，故B錯誤;對A、B整體分析，并將整體重力分解,可知沿斜面方向上，重力的分力與摩擦力等大反向,故A受斜面的滑動摩擦力沿斜面對上，大小為2mgsinθ，故C正確；由于A、B間為靜摩擦力，無法確定動摩擦因數(shù)，故D錯誤．7．如圖6甲所示，水平地面上固定一傾角為30°的表面粗糙的斜劈，一質(zhì)量為m的小物塊能沿著斜劈的表面勻速下滑．現(xiàn)對小物塊施加一水平向右的恒力F，使它沿該斜劈表面勻速上滑，如圖乙所示，重力加速度為g，則F的大小應(yīng)為（)圖6A.eq\r（3）mgB.eq\f（\r（3)，3)mgC。eq\f（\r（3)，4）mgD.eq\f(\r（3）,6)mg答案A解析小物塊能沿著斜劈的表面勻速下滑，則有mgsin30°＝μmgcos30°,可得小物塊與斜劈表面間的動摩擦因數(shù)μ＝tan30°.當(dāng)施加F后，由小物塊能沿著斜劈表面勻速上滑，對小物塊受力分析如圖所示：依據(jù)平衡條件有沿斜面方向:Fcos30°－Ff－mgsin30°＝0垂直斜面方向:FN＝mgcos30°＋Fsin30°又Ff＝μFN，聯(lián)立可得：F＝eq\r（3)mg,故A正確，B