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文檔簡介
【2023年】江蘇省淮安市全國計算機等級考試網(wǎng)絡(luò)技術(shù)預(yù)測試題(含答案)學(xué)校:________班級:________姓名:________考號:________
一、單選題(10題)1.
2.電子政務(wù)的應(yīng)用模式主要包括3種,它們是()。A.GtoG、GtoB和GtoC
B.GtoG、GtoB和BtoB
C.GtoC、GtoB和BtoB
D.GtoG、GtoC和BtoB
3.Kerberos協(xié)議一般采用哪種加密算法()。
A.RSAB.DESC.ElgamalD.背包加密算法
4.Linux的版本很多,以下不屬于Linux版本的是()。
A.RedHatLinuxB.DebianLinuxC.S.U.S.ELinuxD.AIX5L
5.下列對IPv6地址表示中,錯誤的是()。
A.45BC::0:0:1/48
B.EF60:0:0:0:0:2A:F:FE08:3A
C.::601:BC:0:05D7
D.51DA::2A90:FE:0:4CA2:9C5A
6.被稱為交互式電視點播系統(tǒng)的是()。A.CVDB.IPTVC.VODD.VOIP
7.
8.下列關(guān)于寬帶城域網(wǎng)技術(shù)的描述中,錯誤的是()
A.寬帶城域網(wǎng)保證QoS的主要技術(shù)有RSVP、DiffServ和MPLS
B.寬帶城域網(wǎng)帶內(nèi)網(wǎng)絡(luò)管理是指利用網(wǎng)絡(luò)管理協(xié)議SNMP建立網(wǎng)絡(luò)管理系統(tǒng)
C.寬帶城域網(wǎng)能夠為用戶提供帶寬保證,實現(xiàn)流量工程
D.寬帶城域網(wǎng)可以利用NAT技術(shù)解決IP地址資源不足的問題
9.下列關(guān)于RPR技術(shù)的描述中,錯誤的是()
A.RPR與FDDI一樣使用雙環(huán)結(jié)構(gòu)
B.在RPR環(huán)中,源節(jié)點向目的節(jié)點成功發(fā)出的數(shù)據(jù)幀要由源節(jié)點從環(huán)中收回
C.RPR環(huán)中每一個節(jié)點都執(zhí)行SRP公平算法
D.RPR能夠在50ms內(nèi)隔離出現(xiàn)故障的節(jié)點和光纖段
10.如果一臺CiscoPIX525防火墻有如下配置:
那么對應(yīng)的端口連接方案是()。
A.p1連接外部網(wǎng)絡(luò),p2連接DMZ,p3連接內(nèi)部網(wǎng)絡(luò)
B.p1連接內(nèi)部網(wǎng)絡(luò),p2連接DMZ,p3連接外部網(wǎng)絡(luò)
C.p1連接外部網(wǎng)絡(luò),p2連接內(nèi)部網(wǎng)絡(luò),p3連接DMZ
D.p1連接內(nèi)部網(wǎng)絡(luò),p2連接外部網(wǎng)絡(luò),p3連接DMZ
二、填空題(10題)11.開放系統(tǒng)互連參考模型(OSI/RM)的結(jié)構(gòu)分為7層,由下往上依次為:物理層、數(shù)據(jù)鏈路層、網(wǎng)絡(luò)層、傳輸層、、表示層和應(yīng)用層。
12.TCP/IP參考模型可以分為4個層次,它們是應(yīng)用層、傳輸層、【】和主機-網(wǎng)絡(luò)層。
13.按網(wǎng)絡(luò)覆蓋范圍分類,______用于實現(xiàn)幾十公里范圍內(nèi)大量局域網(wǎng)的互聯(lián)。
14.
15.
16.
17.在NetWare網(wǎng)絡(luò)中,負(fù)責(zé)網(wǎng)絡(luò)文件目錄結(jié)構(gòu)的創(chuàng)建與維護,建立用戶與用戶組,以及設(shè)置用戶權(quán)限、目錄文件權(quán)限與目錄文件屬性等任務(wù)。
18.攻擊密碼體制一般有兩種方法:密碼分析學(xué)和______。
19.P2P網(wǎng)絡(luò)有4種主要的結(jié)構(gòu)類型,Napster是目錄式結(jié)構(gòu)的代表。
20.電子商務(wù)的系統(tǒng)結(jié)構(gòu)可分為網(wǎng)絡(luò)基礎(chǔ)平臺、安全基礎(chǔ)結(jié)構(gòu)、和業(yè)務(wù)系統(tǒng)4個層次。
三、2.填空題(8題)21.在操作系統(tǒng)中引入緩沖技術(shù)的目的是緩解______和設(shè)備之間速度不匹配的矛盾。
22.虛擬網(wǎng)絡(luò)是建立在局域網(wǎng)交換機或ATM交換機之上的,它以______方式實現(xiàn)邏輯工作組的劃分與管理。
23.7,IEEE802委員會為局域網(wǎng)制定了一系列標(biāo)準(zhǔn),統(tǒng)稱為IEEE802標(biāo)準(zhǔn)。其中IEEE802.3定義了______總線介質(zhì)訪問控制子層與物理層規(guī)范。
24.TCP/IP參考模型中最底層是______。
25.堆棧是一種執(zhí)行______算法的數(shù)據(jù)結(jié)構(gòu)。
26.任何語言源程序都必須轉(zhuǎn)換成______,計算機才能識別和執(zhí)行。
27.電子商務(wù)的體系結(jié)構(gòu)可以分為網(wǎng)絡(luò)基礎(chǔ)平臺、安全基礎(chǔ)結(jié)構(gòu)、支付體系和【】。
28.世界上第一個網(wǎng)絡(luò)體系結(jié)構(gòu)是IBM公司于1974年提出的,命名為______。
四、C語言程序設(shè)計題(2題)29.在文件in.dat中存有若干個(個數(shù)<200)四位數(shù)字的正整數(shù),函數(shù)ReadDat讀取這若干個正整數(shù)并存入數(shù)組xx中。請編制函數(shù)CalValue,其功能要求:1.求出該文件中共有多少個正整數(shù)totNum;2.求出這些正整數(shù)中的各位數(shù)字之和是偶數(shù)的數(shù)的個數(shù)totCnt,以及滿足此條件的這些正整數(shù)的算術(shù)平均值totPjz。最后main函數(shù)調(diào)用函數(shù)WriteDat把所求的結(jié)果輸出到out.dat文件中。
注意:部分源程序存放在test.c文件中。
請勿改動數(shù)據(jù)文件in.dat中的任何數(shù)據(jù),主函數(shù)main、讀函數(shù)ReadDat和輸出函數(shù)WriteDat的內(nèi)容。
30.已知在文件in.dat中存有100個產(chǎn)品銷售記錄,每個產(chǎn)品銷售記錄由產(chǎn)品代碼dm(字符型4位),產(chǎn)品名稱mc(字符型10位),單價dj(整型),數(shù)量sl(整型),金額je(長整型)五部分組成。其中:金額=單價*數(shù)量。函數(shù)ReadDat讀取這100個銷售記錄并存入結(jié)構(gòu)數(shù)組sell中。請編制函數(shù)SortDat,其功能要求:按金額從大到小進行排列,若金額相等,則按產(chǎn)品代碼從大到小進行排列,最終排列結(jié)果仍存入結(jié)構(gòu)數(shù)組sell中。最后main函數(shù)調(diào)用函數(shù)WriteDat把結(jié)果輸出到文件out.dat中。
提示:若中間變量為PRtemp,則可以直接使用結(jié)構(gòu)賦值語句進行解題。
例如:sell[i]=temp.
注意:部分源程序存放在test.c文件中。
請勿改動主函數(shù)main、讀函數(shù)ReadDat和輸出函數(shù)WriteDat的內(nèi)容。
五、1.選擇題(3題)31.在接入網(wǎng)技術(shù)中,非對稱數(shù)字用戶專線是指()。
A.ADSLB.CABLEC.ISDND.DDN
32.超文本(Hypertext)是一種信息管理技術(shù),也是一種電子文獻形式,下面關(guān)于超文本的論述中不正確的是______。
1、超文本采用一種非線性的網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)來組織信息
2、超文本就是超大規(guī)格(通常大于64KB)的文本文件
3、超文本以結(jié)點作為基本單位,比傳統(tǒng)的以字符為基本單位高一個層次
4、超文本的每個結(jié)點就是一個文本文件
A.1B.3C.2、4D.1、3
33.下列操作系統(tǒng)中從()開始是32位的操作系統(tǒng)。
A.Windows2.0B.Windows3.0C.Windows2.1D.DOS4.0
六、1.程序設(shè)計題(3題)34.請編寫函數(shù)voidcountValue(int*a,int*n),它的功能是:求出1到1000之內(nèi)能被7或11整除但不能同時被7和11整除的所有整數(shù)并存放在數(shù)組a中,并通過n返回這些數(shù)的個數(shù)。
注意:部分源程序已給出。
請勿改動主函數(shù)main()和寫函數(shù)writeDAT()的內(nèi)容。
試題程序;
#include<conio.h>
#include<stdio.h>
voidcountValue(int*a,int*n)
{
}
main()
{
intaa[1000],n,k;
clrscr();
countValue(aa,&n);
for(k=0;k<n;k++)
if((k+l)%10==0)
{
printf("%5d",aa[k]);
printf("\n");
}
elseprintf("%5d",aa[k]);
writeDAT();
}
writeDAT()
{
intaa[1000],n,k;
FILE*fp;
fp=fopen("out79.dat","w");
countValue(aa,&n);
for(k=0;k<n;k++)
if((k+l)%10==0)
{
fprintf(fp,"%5d",aa[k]);
fprintf(fp,"\n");
}
elsefprintf(fp,"%5d",aa[k]);
fclose(fp);
}
35.已知數(shù)據(jù)文件1N69.DAT中存有200個4位數(shù),并已調(diào)用讀函數(shù)readDat()把這些數(shù)存入數(shù)組a中,請編制一函數(shù)jsVal(),其功能是:把一個4位數(shù)的千位數(shù)上的值減百位數(shù)上的值再減十位數(shù)上的值最后減個位數(shù)上的值,如果得出的值大于等于零且此4位數(shù)是奇數(shù),則統(tǒng)計出滿足此條件的數(shù)的個數(shù)cnt并把這些4位數(shù)存入數(shù)組b中,然后對數(shù)組b的4位數(shù)按從小到大的順序進行排序,最后調(diào)用函數(shù)writeDat()把結(jié)果cnt及數(shù)組b中的符合條件的4位數(shù)輸出到out69.dat文件中。
注意:部分源程序已給出。
程序中已定義數(shù)組:a[200],b[200],已定義變量:cnt。
請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)readDat()和寫函數(shù)writeDat()的內(nèi)容。
試題程序:
#include<stdio.h>
#defineMAX200
inta[MAX],b[MAX],cnt=0;
voidjsVal()
{
}
voidreadDat()
{
inti;
FILE*fp;
fp=fopen("IN69.DAT","r");
for(i=0;i<MAX;i++)
fscanf(fp,"%d",&a[i]);
fclose(fp);
}
voidmain()
{
inti;
readDat();
jsVal();
printf("滿足條件的數(shù)=%d\n",cnt);
for(i=0;i.printf("%d",b[i]);
printf("\n");
wrfteDat();
}
writeDat()
{
FILE*fp;
ihti;
fp=fopen("out69.dat","w");
fprintf(fp,"%d\n",cnt);
for(i=0;i<cnt;i++)
fprintf(fp,"%d\n",b[i]);
fclose(fp);
}
36.已知在文件in70.dat中存有若干個(個數(shù)<200)4位數(shù)字的正整數(shù),函數(shù)ReadDat()是讀取這若干個正整數(shù)并存入數(shù)組xx中。請編制函數(shù)CalValue(),其功能要求是:(1)求出這個文件中共有多少個正整數(shù)totNum。(2)求這些數(shù)右移一位后,產(chǎn)生的新數(shù)是奇數(shù)的數(shù)的個數(shù)totCnt,以及滿足此條件的這些數(shù)(右移前的值)的算術(shù)平均值totPjz。最后調(diào)用函數(shù)WriteDat()把所有結(jié)果輸出到文件out70.dat中。
注意:部分源程序己給出。
請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)ReadDat()和寫函數(shù)WriteDat()的內(nèi)容。
試題程序:
#include<stdio.h>
#include<conio.h>
#defineMAXNUM200
ihtxx[MAXNUM];
inttotNum=0;
inttotCnt=0;
doubletotPjz=0.0;
intReadDat(void);
voidWriteDat(void);
voidCalValue(void)
{
}
voidmain()
{
inti;
clrscr();
for(i=0;ixx[i]=0;
if(ReadDat())
{
printf("數(shù)據(jù)文件IN70.DAT不能打開!\007\n");
return;
}
CalValue();
printf("文件IN70.DAT中共有正整數(shù)=%d個\n",totNum);
printf("符合條件的正整數(shù)的個數(shù)=%d個\n",totCnt);
printf("平均值=%.21f\n",totPjz);
WriteDat();
intReadDat(void)
{
FILE*fp;
ihti=0;
if((fp=fopen("IN70.DAT","r"))==NULL)return1;
while(!feof(fp))
{
fscanf(fp,"%d",&xx[i++]);
}
fclose(fp);
return0;
}
voidWriteDat(void)
{
FILE*fp;
fp=fopen("OUT70.DAT","w");
fprintf(fp,"%d\n%d\n%.21f\n",totNum,totCnt,totPjz);
fclose(fp);
}
參考答案
1.A
2.A解析:電子政務(wù)的應(yīng)用模式主要包括3種,它們是政府與政府間(GtoG)的應(yīng)用模式、政府與企業(yè)間的應(yīng)用模式(GtoB)和政府與公民間(GtoC)的應(yīng)用模式。
3.B
4.D
5.BB【解析】IPv6地址為128位共分為8個位段,表示中需要注意的問題有:使用零壓縮法時不能把一個位段的有效0壓縮掉;雙冒號在一個地址中只能出現(xiàn)一次;不支持子網(wǎng)掩碼,支持前綴長度表示法。選項B已經(jīng)超過8個位段,故選擇B選項。
6.CVOD(VideoOnDemand)即視頻點播技術(shù)的簡稱,也稱為交互式電視點播系統(tǒng)。
7.A
8.B
9.BRPR環(huán)限制數(shù)據(jù)幀只在源節(jié)點與目的節(jié)點之間的光纖段上傳輸,當(dāng)源節(jié)點成功的發(fā)送一個數(shù)據(jù)幀之后,這個數(shù)據(jù)幀要由目的節(jié)點從環(huán)中收回,所以B選項描述錯誤。
10.Dpix525在缺省情況下,ethemet0被命名為外部接口(outside),安全級別是0,ethernetl被命名為內(nèi)部接口(inside),安全級別是100。ethemet2被命名為中間接口(dmz),安全級別是50。故選D選項。
11.會話層OSI參考模型各層(由下到上排列)的主要功能如下。
—物理層:利用物理傳輸介質(zhì)為數(shù)據(jù)鏈路層提供物理連接,以便透明地傳送比特流。
—數(shù)據(jù)鏈路層:在通信的實體之間建立數(shù)據(jù)鏈路連接,傳送以幀為單位的數(shù)據(jù)。
—網(wǎng)絡(luò)層:通過路由算法,為分組通過通信子網(wǎng)選擇最適當(dāng)?shù)穆窂?,實現(xiàn)路由選擇、擁塞控制與網(wǎng)絡(luò)互聯(lián)等功能。
—傳輸層:向用戶提供可靠的端到端服務(wù),透明地傳送報文。
—會話層:組織兩個會話進程之間的通信,并管理數(shù)據(jù)的交換。
—表示層:處理在兩個通信系統(tǒng)中交換信息的表示方式,包括數(shù)據(jù)格式的變換、數(shù)據(jù)的加密與解密、數(shù)據(jù)的壓縮與恢復(fù)。
—應(yīng)用層:確定進程之間通信的性質(zhì),以滿足用戶的需要。
12.互聯(lián)層互聯(lián)層解析:TCP/IP參考模型可以分為4個層次:①應(yīng)用層:與OSI的應(yīng)用層相對應(yīng);②傳輸層:與OSI的傳輸層相對應(yīng);⑧互聯(lián)層;與OSI的網(wǎng)絡(luò)層相對應(yīng);④主機-網(wǎng)絡(luò)層:與OSI的數(shù)據(jù)鏈路層和物理層相對應(yīng)。
13.城域網(wǎng)城域網(wǎng)解析:城域網(wǎng)是介于廣域網(wǎng)和局域網(wǎng)之接的種高速網(wǎng)絡(luò)。城域網(wǎng)的設(shè)計目標(biāo)是滿是幾石千米范圍內(nèi)的大量企業(yè)、機關(guān)、公司的多個局域網(wǎng)的互聯(lián)需求,以實現(xiàn)大量用戶之間的數(shù)據(jù)、語音、圖形與視頻等多種信息傳輸。
14.
15.
16.
17.網(wǎng)絡(luò)管理員在NetWare網(wǎng)絡(luò)中,網(wǎng)絡(luò)管理員負(fù)責(zé)網(wǎng)絡(luò)文件目錄結(jié)構(gòu)的創(chuàng)建與維護,建立用戶與用戶組,設(shè)置用戶權(quán)限、目錄文件權(quán)限與目錄文件屬性,完成網(wǎng)絡(luò)安全保密、文件備份、網(wǎng)絡(luò)維護與打印隊列管理等任務(wù)。
18.窮舉攻擊窮舉攻擊解析:攻擊密碼體制般有兩種方法:密碼分析學(xué)和窮舉攻擊。
19.集中P2P網(wǎng)絡(luò)有集中目錄式結(jié)構(gòu)、分布式非結(jié)構(gòu)化結(jié)構(gòu)、分布式結(jié)構(gòu)化結(jié)構(gòu)和混合式結(jié)構(gòu)4種主要結(jié)構(gòu)類型,其中Napster是集中目錄式結(jié)構(gòu)的代表。
20.支付體系電子商務(wù)的系統(tǒng)結(jié)構(gòu)可以分為網(wǎng)絡(luò)基礎(chǔ)平臺、安全基礎(chǔ)結(jié)構(gòu)、支付體系和業(yè)務(wù)系統(tǒng)4個層次。
—網(wǎng)絡(luò)基礎(chǔ)平臺:電子商務(wù)是以計算機網(wǎng)絡(luò)為基礎(chǔ)的。
—安全基礎(chǔ)結(jié)構(gòu):電子商務(wù)的安全基礎(chǔ)結(jié)構(gòu)層建立在網(wǎng)絡(luò)基礎(chǔ)層之上,包括CA安全認(rèn)證體系和基本的安全技術(shù)。
—支付體系:電子商務(wù)分為支付型業(yè)務(wù)和非支付型業(yè)務(wù)。
—業(yè)務(wù)系統(tǒng):電子商務(wù)的業(yè)務(wù)系統(tǒng)包括支付型業(yè)務(wù)和非支付型業(yè)務(wù)兩類,前者架構(gòu)在支付體系之上,后者架構(gòu)在安全基礎(chǔ)結(jié)構(gòu)之上。
21.處理機/CPU處理機/CPU解析:中斷和通道的引入為CPU與外設(shè)之間的并行操作提供了可能性,但CPU與外部設(shè)備之間速度的不匹配的問題由緩沖技術(shù)解決。
22.軟件軟件解析:虛擬網(wǎng)絡(luò)是建立在局域網(wǎng)交換機或ATM交換機之上的,它以軟件方式實現(xiàn)邏輯工作組的劃分與管理,邏輯工作組的結(jié)點組成不受物理位置的限制。
23.CSMA/CDCSMA/CD解析:IEEE802.3定義了載波偵聽多路訪問沖突檢測的介質(zhì)訪問控制方式
24.主機-網(wǎng)絡(luò)層主機-網(wǎng)絡(luò)層解析:TCP/IP參考模型中最底層是主機-網(wǎng)絡(luò)層,負(fù)責(zé)通過網(wǎng)絡(luò)發(fā)送和接收IP數(shù)據(jù)報。
25.先進后出先進后出解析:堆棧是一種先進后出的數(shù)據(jù)結(jié)構(gòu)。即先進棧的元素壓到棧底,出棧時則是彈出棧頂元素。
26.機器語言機器語言解析:計算機只能識別機器語言。
27.電子商務(wù)業(yè)務(wù)系統(tǒng)電子商務(wù)業(yè)務(wù)系統(tǒng)解析:電子商務(wù)的體系結(jié)構(gòu)可以分為以下四個層次:1、電子商務(wù)的網(wǎng)絡(luò)基礎(chǔ)平臺;2、安全基礎(chǔ)結(jié)構(gòu);3、支付體系;4、電子商務(wù)業(yè)務(wù)系統(tǒng)。
28.系統(tǒng)網(wǎng)絡(luò)體系結(jié)構(gòu)(SNA)系統(tǒng)網(wǎng)絡(luò)體系結(jié)構(gòu)(SNA)解析:世界上第一個網(wǎng)絡(luò)體系結(jié)構(gòu)是IBM公司于1974年提出的,命名為“系統(tǒng)網(wǎng)絡(luò)體系結(jié)構(gòu)”。在此之后,許多公司紛紛提出了各自的網(wǎng)絡(luò)體系結(jié)構(gòu)。
29.【審題關(guān)鍵句】讀取正數(shù),統(tǒng)計個數(shù),各位數(shù)字之和為偶數(shù)的數(shù)的個數(shù)及平均值。
\n【解題思路】
\n①定義整型循環(huán)變量i、j,表示各位數(shù)字之和的長整型變量he以及存儲一個四位數(shù)的字符數(shù)組num[5]。
\n②循環(huán)變量i從0開始,依次遞增到4,對字符數(shù)組hum[5]的每個元素賦初值0。
\n③循環(huán)變量i從0開始,依次遞增到MAXNUM.1,對每個數(shù)組元素xx[i]進行判斷,如果xx[i]的值非零,則變量totNum加1,退出循環(huán)時,totNum的值就是文件in.dat中存有的四位正整數(shù)的個數(shù)。
\n④循環(huán)變量i從0開始,依次遞增到totNum-1,對于每個數(shù)組元素xx[i]調(diào)用庫函數(shù)sprintf以4個字符寬度形式輸出到字符數(shù)組num中,用字符數(shù)組num中的每個元素減去0的ASCII碼48,就分別得到xx[i]這個四位數(shù)每位上的數(shù)字,并把這四個數(shù)字相加賦給變量j。再對變量j對2求余數(shù)進行判斷其值是否等于0,如果等于0,則說明j是偶數(shù),變量totCnt加1,并把xx[i]的值累加到變量he。
\n⑤退出循環(huán)后,把變量he的類型轉(zhuǎn)換成雙精度型再除以totCnt得到符合條件的數(shù)的算術(shù)平均值totPjz。
\n【參考答案】
\n
30.【審題關(guān)鍵句】計算金額,按金額從大到小進行排列,相同的則按產(chǎn)品代碼從大到小排列,結(jié)果存入結(jié)構(gòu)數(shù)組。
\n【解題思路】
\n本題類似第57套試題,通過審題可以發(fā)現(xiàn)主要是排序條件的設(shè)置要求有所不同,參考答案的第8行進行修改即可。
\n【參考答案】
\n
\n
31.A解析:ADSL,非對稱數(shù)字用戶專線;CABLE,光纜;ISDN,綜合業(yè)務(wù)數(shù)字網(wǎng):DDN,數(shù)字?jǐn)?shù)據(jù)網(wǎng)。
32.C解析:超文本采用一種非線性的網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)來組織信息,它以結(jié)點為基本單位,用鏈把結(jié)點互聯(lián)成網(wǎng),形成一個非線性文本結(jié)構(gòu)。結(jié)點中的數(shù)據(jù)不僅僅可以是文字,而且可以是圖形、圖像、聲音、動畫、動態(tài)視頻,甚至計算機程序或它們的組合。因此2和4是錯的。
33.B解析:Windows2.0、Windows2.1、DOS4.0都是16位操作系統(tǒng),而從Windows3.0開始以后都是32位的操作系統(tǒng)。
34.voidcountValue(int*aint*n){inti;*n=0;for(i=1l;i<=1000;i++)if(i%7==0&&i%11)/*將能被7整除但不能被11整除的數(shù)存入數(shù)組a中*/{*a=i;*n=*n+l;/*統(tǒng)計個數(shù)*/a++;}elseif(i%7&&i%11==0)/*將能被11整除但不能被7整除的數(shù)存入數(shù)組a中*/{*a=i;*n=*n+1;/*統(tǒng)計個數(shù)*/a++;}}voidcountValue(int*a,int*n)\r\n{\r\ninti;\r\n*n=0;\r\nfor(i=1l;i<=1000;i++)\r\nif(i%7==0&&i%11)/*將能被7整除但不能被11整除的數(shù)存入數(shù)組a中*/\r\n{\r\n*a=i;\r\n*n=*n+l;/*統(tǒng)計個數(shù)*/\r\na++;\r\n}\r\nelseif(i%7&&i%11==0)/*將能被11整除但不能被7整除的數(shù)存入數(shù)組a中*/\r\n{\r\n*a=i;\r\n*n=*n+1;/*統(tǒng)計個數(shù)*/\r\na++;\r\n}\r\n}解析:本題考查的知識點如下:
(1)指針的使用。
(2)“%”運算符。
(3)判斷結(jié)構(gòu)中多個條件的布爾運算。
本題中,函數(shù)countValue()以指針為參數(shù),這里就要涉及到指針的使用。a是指向數(shù)組的指針,初始時,指向數(shù)組的第一個元素。地址每加1時,依次指向后面的元素。一個數(shù)a若能被b整除,則a除以b取余得數(shù)為0。能被7或11整除,但不能被7和11同時整除,則有兩種情況,能被7整除但不能被11整除,能被11整除但不能被7整除。這里就要用到多個條件的布爾運算。
35.voidjsVal(){ihtithouhuntendataj;for(i=0;i<MAX;i++)thou=a[i]/1000;/*求四位數(shù)的千位數(shù)字*/hun=a[i]%1000/100;/*求四位數(shù)的百位數(shù)字*/ten=a[i]%100/10;/*求四位數(shù)的十位數(shù)字*/data=a[i]%10;/*求四位數(shù)的個位數(shù)字*/if((thou-hun-ten-data>=0)&&a[i]%2==1)/*如果千位數(shù)減百位數(shù)再減十位數(shù)最后減個位數(shù)得出的值大于零且此4位數(shù)是奇數(shù)*/{b[cnt]=a[i];/*則將該數(shù)存入數(shù)組b中*/cnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數(shù)的個數(shù)*/}}for(i=0;ifor(j=i+1;j<cnt;j++)if(b[i]>b[j]){data=bIii;b[i]=b[j];b[j]=data;}}voidjsVal()\r\n{\r\nihti,thou,hun,ten,data,j;\r\nfor(i=0;i<MAX;i++)\r\nthou=a[i]/1000;/*求四位數(shù)的千位數(shù)字*/\r\nhun=a[i]%1000/100;/*求四位數(shù)的百位數(shù)字*/\r\nten=a[i]%100/10;/*求四位數(shù)的十位數(shù)字*/\r\ndata=a[i]%10;/*求四位數(shù)的個位數(shù)字*/\r\nif((thou-hun-ten-data>=0)&&a[i]%2==1)\r\n/*如果千位數(shù)減百位數(shù)再減十位數(shù)最后減個位數(shù)得出的值大于零且此4位數(shù)是奇數(shù)*/\r\n{\r\nb[cnt]=a[i];/*則將該數(shù)存入數(shù)組b中*/\r\ncnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數(shù)的個數(shù)*/\r\n}\r\n}\r\nfor(i=0;ifor(j=i+1;j<cnt;j++)\r\nif(b[i]>b[j])\r\n{\r\ndata=bIii;\r\nb[i]=b[j];\r\nb[j]=data;\r\n}\r\n}解析:本題考查的知識點如下:
(1)“%”與“/”的使用。
(2)循環(huán)結(jié)構(gòu)與判斷結(jié)構(gòu)的使用。
(3)數(shù)據(jù)的排序。
本題中,首先借助“%”與“/”將4位數(shù)各位上的數(shù)
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