日照市莒縣第一中學(xué)2019-2020學(xué)年高一下學(xué)期返校調(diào)研考試物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精山東省日照市莒縣第一中學(xué)2019-2020學(xué)年高一下學(xué)期返校調(diào)研考試物理試題含解析物理試題一、選擇題（每小題4分，選不全的2分,1-7為單選,8—12有多個(gè)選項(xiàng)符合題意）1。如圖所示，原來(lái)不帶電的金屬導(dǎo)體MN，在其兩端下面都懸掛著金屬驗(yàn)電箔;若使帶負(fù)電的金屬球A靠近導(dǎo)體的M端，可能看到的現(xiàn)象是A.只有M端驗(yàn)電箔張開(kāi)，且M端帶正電B.只有N端驗(yàn)電箔張開(kāi)，且N端帶正電C.兩端的驗(yàn)電箔都張開(kāi)，且左端帶負(fù)電,右端帶正電D.兩端的驗(yàn)電箔都張開(kāi)，且兩端都帶正電或負(fù)電【答案】C【解析】【詳解】由于電荷間的相互作用，所以M端帶正電,N端帶負(fù)電，MN兩端的金箔都會(huì)張開(kāi)，是感應(yīng)起電現(xiàn)象．故C項(xiàng)正確，ABD三項(xiàng)錯(cuò)誤．2.以下說(shuō)法正確的是（

)A。由可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E與F成正比B.由公式可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)與q成反比C。由可知，勻強(qiáng)電場(chǎng)中任意兩點(diǎn)a、b間距離越大,兩點(diǎn)間的電勢(shì)差也越大D.公式，電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢(shì)差U無(wú)關(guān)【答案】D【解析】【詳解】A.是采用比值定義的,E和F以及檢驗(yàn)電荷q無(wú)關(guān),E是由電場(chǎng)本身決定的，故A錯(cuò)誤．B.電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)φ與檢驗(yàn)電荷q無(wú)關(guān),是由電場(chǎng)本身和零電勢(shì)點(diǎn)決定的．故B錯(cuò)誤．C.Uab=Ed中的d是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的任意兩點(diǎn)a、b沿著電場(chǎng)線方向的距離，故C錯(cuò)誤．D。電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢(shì)差U無(wú)關(guān)，與兩極板間距離d,極板面積S等有關(guān)，故D正確．3。如圖所示，電場(chǎng)中有A、B兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）A。電勢(shì)，場(chǎng)強(qiáng)B.電勢(shì)，場(chǎng)強(qiáng)C。將＋q電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功D.將—q電荷分別放在A、B兩點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能EpA>EpB【答案】B【解析】【詳解】AB．電場(chǎng)線密集的位置場(chǎng)強(qiáng)大,故場(chǎng)強(qiáng);順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故電勢(shì)，故B正確，A錯(cuò)誤;C．將電荷＋q從A點(diǎn)移到B點(diǎn)靜電力做了正功，故C錯(cuò)誤;D．因?yàn)殡妱?shì),則將電荷-q分別放在A、B兩點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能EpA〈EpB,故D錯(cuò)誤。故選B.4.如圖所示，電子在電勢(shì)差為U1的加速電場(chǎng)中由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，然后射入電勢(shì)差為U2的兩塊平行板間的電場(chǎng)中，入射方向跟極板平行，整個(gè)裝置處于真空中，重力可忽略.在滿(mǎn)足電子能射出平行板的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏角φ變大的是：A.U1變大，U2變大 B。U1變小，U2變大C。U1變大，U2變小 D。U1變小,U2變小【答案】B【解析】【詳解】設(shè)電子被加速后獲得初速為v0，則由動(dòng)能定理得：…①又設(shè)極板長(zhǎng)為l，則電子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)所用時(shí)間：…②又設(shè)電子在平行板間受電場(chǎng)力作用產(chǎn)生加速度為a,由牛頓第二定律得：…③電子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，平行于電場(chǎng)方向的速度：vy=at…④由①、②、③、④可得:又有：，故U2變大或U1變小都可能使偏轉(zhuǎn)角φ變大，故選項(xiàng)B正確．5.一個(gè)帶正電的質(zhì)點(diǎn)，電荷量q=2.0×10-9C，在靜電場(chǎng)中由a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn),在這過(guò)程中，除電場(chǎng)力外，其他外力做的功為6。0×10—5J，質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能增加了8。0×10—5J，則a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UabA。1×104VB.-1×104VC.4×104VD.-7×104V【答案】A【解析】【分析】質(zhì)點(diǎn)在靜電場(chǎng)中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力和其他外力對(duì)質(zhì)點(diǎn)做功，引起質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能的增加．電場(chǎng)力做功為Wab=qUab，根據(jù)動(dòng)能定理求解a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uab．【詳解】根據(jù)動(dòng)能定理得：qUab+W其他=△Ek得：Uab=，故A正確，BCD錯(cuò)誤;故選A．6.如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線。在電場(chǎng)力作用下，一帶電粒子（不計(jì)重力）經(jīng)A點(diǎn)飛向B點(diǎn)，徑跡如圖中虛線所示，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.粒子帶負(fù)電B。粒子在A點(diǎn)加速度小C。粒子在B點(diǎn)動(dòng)能小D.粒子在A、B兩點(diǎn)相比,粒子在B點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能小【答案】D【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線的方向向上，根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡可以判斷得出粒子受到的電場(chǎng)力的方向?yàn)橄蛳?與電場(chǎng)線的方向相反,所以該離子帶負(fù)電，選項(xiàng)A正確;B．電場(chǎng)線密地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，所以粒子在B點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大，在B點(diǎn)時(shí)的加速度較大,選項(xiàng)B正確;CD．從A到B的過(guò)程中，粒子受到的電場(chǎng)力的方向?yàn)橄蛳拢妶?chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，所以粒子的動(dòng)能減小,電勢(shì)能增加，即有粒子在A點(diǎn)動(dòng)能大，B點(diǎn)電勢(shì)能較大,選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤的,故選D。7.如圖所示,平行板電容器經(jīng)開(kāi)關(guān)S與電池連接,電源負(fù)極接地，a處有一帶電量非常小的固定點(diǎn)電荷，S是閉合的，表示a點(diǎn)的電勢(shì),F表示點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力.現(xiàn)將電容器的B板向下稍微移動(dòng)，使兩板間的距離增大，則(）A。變大，F(xiàn)變大 B。變大，F(xiàn)變小C。不變，F(xiàn)不變 D。不變，F(xiàn)變小【答案】B【解析】【詳解】由于開(kāi)關(guān)S閉合，電壓保持不變，隨B極板下移兩極板之間的距離增大，根據(jù)可知兩極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度E減小，則電場(chǎng)力F=qE變小;根據(jù)UAa=EhAa可知減小,由于所以增大，由題圖可知電源的負(fù)極接地,故B極板接地，所以B板的電勢(shì)為0即，又所以增大，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。8.如圖是一個(gè)平行板電容器，其電容為C，帶電量為Q，電勢(shì)差為U，上極板帶正電.現(xiàn)將一個(gè)試探電荷q由兩極板間的A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，如圖所示。A、B兩點(diǎn)間的距離為s，連線AB與極板間的夾角為30°，則電場(chǎng)力對(duì)試探電荷q所做的功等于（）A. B。 C. D.【答案】AC【解析】【詳解】由電容的定義式得板間電壓板間場(chǎng)強(qiáng)試探電荷q由A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功W=qEssin30°聯(lián)立解得故AC正確，BD錯(cuò)誤。故選AC.9.如圖所示，有一帶電粒子沿曲線AB在一勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，虛線a，b，c，d為電場(chǎng)中的等勢(shì)面，且電勢(shì),粒子在A點(diǎn)初速度v0的方向與等勢(shì)面平行。不計(jì)粒子的重力，下面說(shuō)法正確的是（）A。粒子帶正電B.粒子在運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能逐漸減少C.粒子在運(yùn)動(dòng)中動(dòng)能逐漸減少D.粒于的運(yùn)動(dòng)軌跡為半邊拋物線【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，且從高電勢(shì)處指向低電勢(shì)處，得知電場(chǎng)沿豎直向下方向，而粒子的軌跡向上彎曲，則知電場(chǎng)力豎直向上,所以粒子帶負(fù)電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．粒子的電場(chǎng)力向上，電場(chǎng)力豎直向上，則電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，其動(dòng)能逐漸增大，電勢(shì)能減小，選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤;D．粒子所受的電場(chǎng)力是豎直向上的恒力，粒子的運(yùn)動(dòng)為類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，軌跡為拋物線,選項(xiàng)D正確。故選BD.10.如圖甲所示，A、B是一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn),若在A點(diǎn)釋放一初速度為零的電子，電子僅受電場(chǎng)力作用，并沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到B，其速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示．設(shè)A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為EA、EB，電勢(shì)分別為A、B,則(）A.EA=EB B。EA<EB C。A＝B D。A＜B【答案】AD【解析】【詳解】由圖可知:電子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)．勻加速運(yùn)動(dòng)說(shuō)明所受電場(chǎng)力恒定,因此為勻強(qiáng)電場(chǎng),即，電子由靜止從A運(yùn)動(dòng)到B，所以電場(chǎng)力由A指向B,因此電場(chǎng)線方向從B指向A，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低,即有,故BC錯(cuò)誤，AD正確。故選AD.11。如圖所示，在兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，AB為中垂線，且AO=BO，則A.A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相等B.正電荷從A運(yùn)動(dòng)到B，電勢(shì)能增加C。負(fù)電荷從A運(yùn)動(dòng)到B，電勢(shì)能增加D。A、B兩點(diǎn)電勢(shì)差為零【答案】AD【解析】【詳解】由等量異種電荷的電場(chǎng)線分布可知，A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小和方向距相同,故兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等,選項(xiàng)A正確；由于AB兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故無(wú)論是正電荷還是負(fù)電荷，從A運(yùn)動(dòng)到B，電場(chǎng)力均不做功,電勢(shì)能不變，選項(xiàng)BC錯(cuò)誤，D正確；故選AD.12。如圖所示，兩質(zhì)量均為m的小球A和B分別帶有+q和—q的電量，被絕緣細(xì)線懸掛,兩球間的庫(kù)侖引力小于球的重力mg．現(xiàn)加上一個(gè)水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng),待兩小球再次保持靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，下列結(jié)論正確的是（）A.懸線OA向右偏，OA中的張力大于2mgB。懸線OA向左偏，OA中的張力大于2mgC.懸線OA不發(fā)生偏離，OA中的張力等于2mgD.懸線AB向左偏,AB線的張力比不加電場(chǎng)時(shí)要大【答案】CD【解析】【分析】運(yùn)用整體法研究OA繩與豎直方向的夾角，再隔離B研究,分析AB繩與豎直方向的夾角，得到兩夾角的關(guān)系，判斷系統(tǒng)平衡狀態(tài)．【詳解】ABC．A帶正電，受到的電場(chǎng)力水平向右，B帶負(fù)電，受到的電場(chǎng)力水平向左．以整體為研究對(duì)象，分析受力如圖．設(shè)OA繩與豎直方向的夾角為，則由平衡條件得：，因此；D．而繩子AO的拉力等于2mg;故C正確，AB錯(cuò)誤；AB繩子的拉力：,故D正確．二、填空題13。電量為2×10—6C的正點(diǎn)電荷放入電場(chǎng)中A點(diǎn),受到作用力為4×10-4【答案】(1).200（2）。向右【解析】【詳解】[1］［2]A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為方向向右14.勻強(qiáng)電場(chǎng)中有M、N、P三點(diǎn),連成一個(gè)直角三角形，MN=4cm，MP=5cm，如圖所示,把一個(gè)電量為-2×10－9C的檢驗(yàn)電荷從M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功1。6×10－8J，從M點(diǎn)移到P點(diǎn)電場(chǎng)力做功也是1。6×10－8【答案】(1).N(2)。M(3)。200【解析】【詳解】[1]［2］根據(jù)電場(chǎng)力做功的公式得而從M移到P時(shí),電場(chǎng)力做功也為1.6×10－8J，所以UMP=—8V所以N、P兩點(diǎn)為等勢(shì)點(diǎn),且N點(diǎn)的電勢(shì)大于M點(diǎn)的電勢(shì)，即場(chǎng)強(qiáng)方向由N指向M[3］電場(chǎng)強(qiáng)度大小為三、計(jì)算題（15、16、17題各10分，18題12分）15。在勻強(qiáng)電場(chǎng)中,將一電荷量為2×10—5C的負(fù)電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢(shì)能增加了0.1J，已知A、B兩點(diǎn)間距為2cm（1)在電荷由A移到B的過(guò)程中，電場(chǎng)力做了多少功？（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為多少？（3）該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為多大？【答案】（1）電場(chǎng)力做功-0.1J；(2)5×V；(3)5×105V/m【解析】【詳解】(1)因?yàn)樨?fù)電荷由A移到B過(guò)程中，電勢(shì)能增加了0。1J，所以電場(chǎng)力負(fù)功，大小為0。1J，即W=-△E=-0.1J(2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差(3)因?yàn)樵趧驈?qiáng)電場(chǎng)中U=Ed所以有16。在方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一不可伸長(zhǎng)的不導(dǎo)電長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線的一端連著一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球,另一端固定于O點(diǎn).把小球拉起直至細(xì)線與場(chǎng)強(qiáng)平行，然后無(wú)初速釋放。已知小球最大能擺到最低點(diǎn)的另一側(cè)，此時(shí)線與豎直方向的最大夾角為37°，如圖所示.求(1）小球在電場(chǎng)中所受到的電場(chǎng)力是重力的多少倍；(2)小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)細(xì)線對(duì)小球的拉力.(重力加速度的為g，sin37°=0。6，cos37°=0。8)【答案】(1)2;(2）2mg【解析】【詳解】（1）全程動(dòng)能定理得解得（2）小球擺到最低點(diǎn)過(guò)程由動(dòng)能定理得在最低點(diǎn)時(shí)由圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)可得解得T=2mg17。長(zhǎng)為l的平行金屬板,板門(mén)形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，一個(gè)帶電為＋q、質(zhì)量為m的帶電粒子，以初速緊貼上板垂直于電場(chǎng)線方向射入該電場(chǎng)，剛好從下板邊緣射出，末速度恰與下板成30°，如圖所示。求：(1)粒子末速度大??；(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)；（3)兩板間的距離d?！敬鸢浮浚?)；(2)；(3）【解析】【詳解】（1）粒子在電場(chǎng)中做的是類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)由圖可得，粒子的末速度為(2）粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間粒子射出電場(chǎng)時(shí)沿場(chǎng)強(qiáng)方向的分速度由有則場(chǎng)強(qiáng)（3）兩板間距離18.如圖所示，兩塊平行金屬板豎直放置，兩板間的電勢(shì)差U=1.5×103V（僅在兩板間有電場(chǎng)），現(xiàn)將一質(zhì)量m=1×10—2kg、電荷量q=4×10—5C的帶電小球從兩板的左上方距兩板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=4m/s水平拋出，小球恰好從左板的上邊緣進(jìn)入電場(chǎng)，在兩板間沿直線運(yùn)動(dòng),從右板的下邊緣飛出電場(chǎng)，g取10m/s（1）兩塊金屬板的間距d和金屬板的長(zhǎng)度L【提示：小球平拋結(jié)束剛進(jìn)電場(chǎng)時(shí)速度方向表達(dá)】(2