2023屆海口市重點中學物理高二第二學期期中檢測模擬試題含解析

2023屆?？谑兄攸c中學物理高二第二學期期中檢測模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，上端固定的彈簧振子在豎直方向上做簡諧運動．規(guī)定向上為正方向，彈簧振子的振動圖象如圖乙所示．則（）A．彈簧振子的振動頻率f=2.0HzB．彈簧振子的振幅為0.4mC．在內(nèi)，彈簧振子的動能逐漸減小D．在內(nèi)，彈簧振子的彈性勢能逐漸減小2、一列簡諧橫波沿x軸傳播，t=0時刻的波形如圖所示．則從圖中可以看出（）A．這列波的波長為5mB．波中的每個質(zhì)點的振動周期為4sC．若已知波沿x軸正向傳播，則此時質(zhì)點a向下振動D．若已知質(zhì)點b此時向上振動，則波是沿x軸負向傳播的3、首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學家是（）A．安培 B．奧斯特 C．庫侖 D．牛頓4、下列關(guān)于原子和原子核的說法正確的是()A．β衰變現(xiàn)象說明電子是原子核的組成部分B．玻爾理論的假設(shè)之一是原子能量的量子化C．放射性元素的半衰期隨溫度的升高而變短D．比結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固5、如圖甲所示，一個圓形線圈的匝數(shù)n＝100，線圈的面積S＝200cm2，線圈的電阻r＝1Ω，線圈外接一個阻值R＝4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度隨時間變化規(guī)律如圖乙所示．下列說法中正確的是()A．線圈中的感應(yīng)電流方向為順時針方向 B．電阻R兩端的電壓隨時間均勻增大C．線圈電阻r消耗的功率為4×10－4W D．前4s內(nèi)通過R的電荷量為4×10－4C6、下面四幅圖表示了磁感應(yīng)強度B、電荷速度v和洛倫茲力F三者方向之間的關(guān)系，其中正確的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、對于一定質(zhì)量的理想氣體，當它們的壓強和體積發(fā)生變化時，以下說法正確的有()A．壓強和體積都增大時，其分子平均動能不可能不變B．壓強和體積都增大時，其分子平均動能有可能減小C．壓強增大，體積減小時，其分子平均動能一定不變D．壓強減小，體積增大時，其分子平均動能可能增大8、如圖所示，100匝矩形閉合導線框ABCD處于磁感應(yīng)強度大小B=0.5T的輻向磁場（磁場大小不變，方向與線框平面平行）中，線框面積S=0.5m2，線框電阻不計。線框繞垂直于磁場方向的軸OO′以角速度=200rad/s勻速轉(zhuǎn)動，并與理想變壓器原線圈相連，變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為25：1，副線圈接入一只燈泡，熔斷器允許通過的最大電流為10A，下列說法正確的是（）A．圖示位置線框中的電流為零B．線框中產(chǎn)生交變電壓的有效值為5000VC．接入“220V60W”的燈泡不能正常發(fā)光D．允許變壓器輸出的最大功率為500kW9、在如圖甲所示的電路中，變壓器為理想變壓器，定值電阻R1＝5Ω、R2＝10Ω、R3＝2.5Ω，流過副線圈的電流隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示，已知電阻R1和R2消耗的功率相等，則（）A．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2：1B．流過變壓器原線圈的電流有效值為1AC．流過電阻R的電流有效值為D．電阻R1消耗的功率為5W10、如圖，一理想變壓器原線圈接入一交流電源，副線圈電路中R1、R2、R1和R4均為固定電阻，開關(guān)S是閉合的．V1和V2為理想電壓表，讀數(shù)分別為U1和U2；A1、A2和A1為理想電流表，讀數(shù)分別為I1、I2和I1．現(xiàn)斷開S，U1數(shù)值不變，下列推斷中正確的是A．U2變小、I1變小 B．U2不變、I1變大C．I1變小、I2變小 D．I1變大、I2變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖甲所示裝置“研究合外力做功和動能變化的關(guān)系”。(1)為達到平衡阻力的目的，應(yīng)取下____________(填“紙帶”或“細繩和托盤”)，通過調(diào)整墊片的位置，改變長木板的傾斜程度，根據(jù)打出的紙帶判斷小車是否做________________運動。(2)將裝置按如圖甲連接后，放入砝碼，通過實驗得到如圖所示的紙帶，紙帶上O為小車運動起始時刻所打的點，選取時間間隔為T的相鄰計數(shù)點A、B、C、D、E，計數(shù)點與O點的距離為h1、h2、h3…。實驗時小車所受拉力為F，小車的質(zhì)量為M，重力加速度為g。在從起點O到打下計數(shù)點C的過程中，小車所受合外力做功W=________，小車動能的變化量_____________。12．（12分）在“測定玻璃的折射率”實驗中：(1)為了取得較好的實驗效果，下列操作正確的是_______A．大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離盡量小些．B．選擇的入射角應(yīng)盡量小些．C．大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上．D．必須選用上下表面平行的玻璃磚．(2)某同學在測量入射角和折射角時，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O(shè)點為圓心，OA為半徑畫圓，交OO′延長線于C點，過A點和C點作垂直法線的直線分別交于B點和D點，如圖甲所示，若他測得AB＝6cm，CD＝4cm，則可求出玻璃的折射率n＝__________．(3)某同學在畫界面時，不小心將兩界面aa′、bb′間距畫得比玻璃磚寬度大些，如圖乙所示，則他測得的折射率______(選填“偏大”“偏小”或“不變”)．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑水平面上小球A、B分別以3.0m/s、5.0m/s的速率相向運動，碰撞后B球靜止，已知碰撞時間為0.1s，A、B的質(zhì)量均為0.5kg，求（1）碰撞后A球的速度大?。唬?）碰撞過程中B球動量的變化量；（3）碰撞過程A對B平均作用力的大小.14．（16分）如圖所示，兩足夠長的光滑金屬導軌豎直放置，相距為L，一理想電流表與兩導軌相連，勻強磁場與導軌平面垂直。一質(zhì)量為m、有效電阻為R的導體棒在距磁場上邊界h處靜止釋放。導體棒進入磁場后，通過電流表的電流逐漸減小，最終穩(wěn)定為I。整個運動過程中，導體棒與導軌接觸良好，且始終保持水平，不計導軌的電阻。求：（1）磁感應(yīng)強度B的大小；（2）電流穩(wěn)定后，導體棒運動速度v的大?。唬?）通過電流表電流的最大值Im15．（12分）如圖所示，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R1＝3Ω，R2＝2Ω，R3＝5Ω，電容器的電容C1＝4μF，C2＝1μF，求C1、C2所帶電荷量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據(jù)振動圖象直接分析振子的頻率和振幅．根據(jù)加速度的方向判斷振子的狀態(tài)．結(jié)合彈簧振子的能量變化分析．【詳解】由振動圖像可知，彈簧振子的振動周期為2s，頻率f=1/T=0.5Hz，選項A錯誤；彈簧振子的振幅為0.2m，選項B錯誤；在0～0.5s內(nèi)，彈簧振子的位移變大，速度減小，動能逐漸減小，選項C正確；在1.0～1.5s內(nèi)，彈簧振子離開平衡位置的位移變大，則彈簧的形變量變大，彈性勢能逐漸變大，選項D錯誤；故選C.2、C【解析】分析：由波的圖象由直接讀出波長．根據(jù)波的傳播方向可以判斷的質(zhì)點振動方向，也可以由質(zhì)點的振動方向判斷波的傳播方向．解：A、由波的圖象讀出波長為4m．故A錯誤．B、波速不知，周期無法算出．故B錯誤C、若波沿x軸正向傳播，a點比x=2m的質(zhì)點振動遲，則a向下振動．故C正確．D、若質(zhì)點b向上振動，則x=4m質(zhì)點比b質(zhì)點振動早，波應(yīng)沿x軸正向傳播，故D錯誤故選C．點評：判斷質(zhì)點的振動方向與波的傳播方向間關(guān)系的方法通常有：1、質(zhì)點振動法，比較質(zhì)點振動先后．2、上下坡法．3、波形平移法．3、B【解析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導體周圍存在磁場，是第一個發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學家．故B正確；綜上所述本題答案是：B4、B【解析】

試題分析：A．β衰變現(xiàn)象中放出的電子是核內(nèi)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時放出的，不能說明電子是原子核的組成部分，A錯誤；B．玻爾理論的假設(shè)之一是原子能量的量子化，即原子處在一系列不連續(xù)的能量狀態(tài)中，B正確；C．放射性元素的半衰期與外界因素無關(guān)，溫度升高半衰期不變，C錯誤；D．比結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固，D錯誤；故選B?！久麕燑c睛】此題考查了原子物理知識的幾個知識點；要知道β衰變中放出的電子是核內(nèi)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時放出的；原子總是處在一系列不連續(xù)的能量狀態(tài)中，即能量量子化；放射性元素的半衰期與外界因素以及所處的化合狀態(tài)無關(guān)；理解比結(jié)合能的概念.5、C【解析】

A．由楞次定律，線圈中的感應(yīng)電流方向為逆時針方向，選項A錯誤；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢恒定為E＝＝0.1V電阻R兩端的電壓不隨時間變化，選項B錯誤；C．回路中電流I＝＝0.02A線圈電阻r消耗的功率為P＝I2r＝4×10－4W選項C正確；D．前4s內(nèi)通過R的電荷量為q＝It＝0.08C選項D錯誤．6、B【解析】

伸開左手，讓大拇指與四指方向垂直，并且在同一個平面內(nèi)，磁感線通過掌心，四指方向與正電荷運動方向相同，大拇指所指的方向為洛倫茲力方向．【詳解】A圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向下。故A錯誤。B圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向豎直向上。故B正確。C圖中，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向垂直紙面向外。故C錯誤。D圖中，電荷的運動方向與磁場方向平行，電荷不受洛倫茲力。故D錯誤。故選B。【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則，注意四指方向與正電荷運動方向相同，與負電荷運動方向相反．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

AB、對于一定質(zhì)量的氣體，壓強和體積都增大時，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pVT=C，溫度一定升高，故分子熱運動的平均動能一定增加，故選項A正確，C、對于一定質(zhì)量的氣體，壓強增大，體積減小時，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pVT=C，溫度可能改變，故分子熱運動的平均動能可能改變，故選項D、對于一定質(zhì)量的氣體，壓強減小，體積增大時，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pVT=C，溫度可能增大，故分子熱運動的平均動能可能增大，故選項8、AC【解析】

A．圖示位置穿過線框的磁通量最大，磁通量變化率為零，故電流為零，A正確；B．產(chǎn)生的交變電流的電動勢最大值V因此有效值為B錯誤；C．根據(jù)變壓器原理可得燈泡兩端電壓小于額定電壓，不能正常發(fā)光，C正確；D．變壓器輸出的最大功率為D錯誤。故選AC。9、AC【解析】

根據(jù)電阻R2和R3消耗的功率相等列式可求解原副線圈的電壓比，從而求解匝數(shù)比；根據(jù)圖像可知副線圈電流的有效值，根據(jù)匝數(shù)比求解原線圈電流有效值；根據(jù)變壓器匝數(shù)和電壓的關(guān)系求解初級電壓有效值，從而求解電阻R2電流有效值；電阻R1電流的有效值等于變壓器初級電流有效值與R2電流有效值之和；根據(jù)P=I2R求解電功率．【詳解】因電阻R2和R3消耗的功率相等，則，解得，根據(jù)可知變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2：l，選項A正確；次級電流有效值為，根據(jù)可知流過變壓器原線圈的電流有效值為，選項B錯誤；次級電壓有效值為，則初級電壓有效值為；R2電流的有效值為：，則流過電阻R1的電流有效值為，選項C正確；電阻R1消耗的功率為，選項D錯誤；故選AC.10、BC【解析】

副線圈開關(guān)S沒有斷開時電阻并聯(lián)后與串聯(lián)，開關(guān)S斷開后則并聯(lián)后與串聯(lián)，因此可知副線圈的總電阻增大，電壓表V2測量的時副線圈的電壓，電流表A2測量的時副線圈的干路電流，因此由可知電壓表V2的示數(shù)不變，則電流表A2的示數(shù)減?。挥煽芍娏鞅鞟1的示數(shù)減??；則電阻R1兩端的電壓增大，故電流表A1的示數(shù)增大，則B和C正確，A和D錯誤．故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）細繩和托盤勻速直線（2）【解析】（1）為平衡小車在實驗中受到的摩擦力，可取下細繩及托盤，通過調(diào)整墊片位置，改變長木板傾斜程度，根據(jù)打出的紙帶判斷小車是否做勻速直線勻速運動。（2）小車所受合外力做功為：W=Fh3；由平均速度公式可求得C點的速度為：，小車動能的變化量為：。12、C1.5偏小【解析】

(1)A、大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，角度的測量誤差會小些，故A錯誤；B、為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，效果會更好，故B錯誤；C、為了準確確定入射光線和折射光線，大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上，故C正確；D、作插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行，故D錯誤；故選C．(2)圖中作為入射光線，是折射光線，設(shè)光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，則由幾何知識得到：，又，則折射率：(3)用插針法“測定玻璃磚折射率”的實驗原理是折射定律某同學畫出的ab和cd都比實際側(cè)面向外側(cè)平移了一些，但在畫光路圖時，將入射點、出射點分別確定在ab、cd上，如圖,實線表示實際的光路圖，虛線表示乙同學畫圖時光路圖，入射角測量沒有誤差，而折射角偏大，則根據(jù)折射定律得知，測出的折射率n將偏?。军c睛】為了取得較好的實驗效果，根據(jù)實驗原理分析可以知道：玻璃磚上下表面不一定要平行，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上，大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些，這樣可以減小測量的相對誤差；根據(jù)幾