2023屆河南省豫南六市物理高一第二學(xué)期期中達(dá)標(biāo)測試試題含解析

2023屆河南省豫南六市物理高一第二學(xué)期期中達(dá)標(biāo)測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一閉合回路的下列哪個物理量成正比的是：A．磁通量B．磁感應(yīng)強(qiáng)度C．磁通量的變化量D．磁通量的變化率2、一彈簧振子振動過程中的某段時間內(nèi)其加速度數(shù)值越來越大，則在這段時間內(nèi)（）A．振子的速度逐漸增大 B．振子正在向平衡位置運(yùn)動C．振子的速度方向與加速度方向一致 D．振子的位移逐漸增大3、2018年1月9日，我國在太原衛(wèi)星發(fā)射中心用長征二號丁運(yùn)載火箭，將兩顆商業(yè)遙感衛(wèi)星高景一號03、高景一號04星發(fā)射升空并進(jìn)入預(yù)定軌道．據(jù)了解高景一號04星的軌道高度比03星略高．假定兩顆衛(wèi)星均做勻速圓周運(yùn)動，則03號衛(wèi)星與04號衛(wèi)星相比A．03號衛(wèi)星線速度要小B．04號衛(wèi)星角速度要小C．03號衛(wèi)星周期要長D．04號衛(wèi)星向心加速度要大4、在伽利略的理想實(shí)驗(yàn)中，小球從一個斜面滾下，就要繼續(xù)滾上另一個斜面．小球的速度最后總會在斜面上的某點(diǎn)變?yōu)榱?，這一點(diǎn)距斜面底端的豎直高度與它出發(fā)點(diǎn)的高度總相同．后來的物理學(xué)家把這一事實(shí)說成是“某個量是守恒的”，并把這個量叫做（）A．能量B．高度C．速度D．速率5、電場中有一點(diǎn)P，下列哪些說法是正確的()A．若放在P點(diǎn)的檢驗(yàn)電荷的電量減半，則P點(diǎn)的場強(qiáng)減半B．若P點(diǎn)沒有檢驗(yàn)電荷，則P點(diǎn)的場強(qiáng)為零C．放在P點(diǎn)的檢驗(yàn)電荷的電量越大，則受到的電場力越大D．P點(diǎn)的場強(qiáng)方向?yàn)閹ж?fù)電的檢驗(yàn)電荷在該點(diǎn)的受力方向6、如圖所示，某質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的v-t圖像為正弦曲線．從圖像可以判斷A．質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動B．在t1時刻，合外力的功率最大C．在t2～t3時間內(nèi)，合外力做負(fù)功D．在0～t1和t2～t3時間內(nèi)，合外力的平均功率相等7、固定在a、c兩點(diǎn)的等量點(diǎn)電荷的電場線如圖所示，a、b、c、d為正方形的四個頂點(diǎn)，下列說法正確的是（）A．兩點(diǎn)電荷為同種電荷B．b、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C．在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，a、c中點(diǎn)的電勢最低D．沿b、d連線移動電荷，電場力不做功8、粗糙的水平地面上一物體在水平拉力作用下做直線運(yùn)動,水平拉力F及運(yùn)動速度v隨時間變化的圖象如圖甲和圖乙所示．重力加速度g取10m/s1．以下說法正確的是A．1s末物體運(yùn)動的加速度為1m/s1B．第1s內(nèi)物體位移大小是4mC．物體的質(zhì)量m=5kgD．0-4s過程中物體做勻變速直線運(yùn)動9、關(guān)于重力勢能和重力做功，下列說法正確的是()A．重力作正功，物體重力勢能增加B．重力做負(fù)功，物體重力勢能增加C．重力做負(fù)功也可以說物體克服重力做了功D．同一過程重力做功可以大于重力勢能的改變量10、在一半徑為R的圓周上均勻分布有偶數(shù)N個絕緣帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）無間隙排列，其中A點(diǎn)的小球帶電荷量為+2q，其余小球帶電荷量為+q，此時圓心O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為E，現(xiàn)僅撤去A點(diǎn)的小球后，則有關(guān)O點(diǎn)的電場強(qiáng)度的正確說法A．方向向右 B．方向向左C．大小為E2 D．大小為11、若宇航員在月球表面附近自高h(yuǎn)處以初速度v0水平拋出一個小球，測出小球的水平射程為L。已知月球半徑為R，萬有引力常量為G。則下列說法正確的是（）A．月球表面的重力加速度 B．月球的質(zhì)量C．月球的第一宇宙速度 D．月球的平均密度12、如圖所示，一輛貨車通過光滑輕質(zhì)定滑輪提升一箱貨物，貨箱質(zhì)量為M，貨物質(zhì)量為m，貨車以速度v向左勻速運(yùn)動，將貨物提升高度h，則()A．貨物向上做勻速運(yùn)動B．箱中的物體對箱底的壓力大于mgC．圖示位置時貨車?yán)Φ墓β蚀笥?M＋m)gvcosθD．此過程中貨車?yán)ψ龅墓?M＋m)gh二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖（a）為“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置，現(xiàn)有的器材為：帶鐵夾的鐵架臺、電磁打點(diǎn)計時器、紙帶、帶鐵夾的重物、天平．（1）如圖（b），釋放紙帶前的瞬間，重錘和手的位置合理的是___（填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）．（2）為完成實(shí)驗(yàn),還需要的器材有____（不定項選擇）A．刻度尺B．0-6V直流電源C．秒表D．0-6V交流電源（3）若實(shí)驗(yàn)中所用重錘的質(zhì)量m=1kg,打點(diǎn)紙帶如右圖所示,打點(diǎn)時間間隔為0.02s,g取9.80m/s2則記錄B點(diǎn)時,重錘的速度vB=____m/s,從開始下落起至B點(diǎn)重錘的重力勢能的減小量是____J,(保留三位有效數(shù)字),由于受阻力的影響,重錘增加的動能與△EK減少的重力勢能△EP的大小關(guān)系為△EK____△EP(選填“大于”、“小于”或“等于”).（4）根據(jù)紙帶算出相關(guān)各點(diǎn)的速度v，量出下落的距離h，則以h為橫軸畫出的圖象應(yīng)是圖中的哪個?____14、（10分）利用電流表和電壓表測得一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，要求盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差。(1)應(yīng)該選擇的實(shí)驗(yàn)電路圖是______（選填“甲”或“乙”）；(2)現(xiàn)有電壓表（0~3V）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：A．電流表（0~0.6A）B．電流表（0~3A）C．滑動變阻器（0~30?）D．滑動變阻器（0~1k?）實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用______。（選填相應(yīng)器材前的字母）(3)某位同學(xué)記錄了6組數(shù)據(jù)，對應(yīng)點(diǎn)已經(jīng)標(biāo)在答題卡中的坐標(biāo)紙上，請畫出U－I圖線______；(4)根據(jù)(3)中所畫圖線可得出干電池的電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______?。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）下圖1為游樂場的懸空旋轉(zhuǎn)椅，可抽象為如圖2所示模型，已知繩長L=5m，水平橫梁L′=3m，小孩質(zhì)量m=40kg，整個裝置可繞豎直軸轉(zhuǎn)動，繩與豎直方向夾角θ=37°，小孩可視為質(zhì)點(diǎn)，g取10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：(1)繩子的拉力為多少？(2)該裝置轉(zhuǎn)動的角速度多大？(3)增大轉(zhuǎn)速后，繩子與豎直方向的夾角變?yōu)?3°，求此時裝置轉(zhuǎn)動的角速度。16、（12分）質(zhì)量為1.0×103kg的汽車，沿傾角為30°的斜坡由靜止開始沿斜坡向上運(yùn)動，汽車在運(yùn)動過程中所受摩擦阻力大小恒為2000N，汽車發(fā)動機(jī)的額定輸出功率為5.6×104W，開始時以a=1m/s2的加速度做勻加速運(yùn)動（g取10m/s2）．求：（1）汽車的最大速度（2）若斜坡長143.5m，且認(rèn)為汽車到達(dá)坡頂之前，已達(dá)到最大速率，則汽車從坡底到坡頂需多少時間．17、（12分）如圖所示的結(jié)構(gòu)裝置可繞豎直軸轉(zhuǎn)動，假若細(xì)繩長，水平桿長，小球的質(zhì)量求：(1)使繩子與豎直方向夾角60O角，該裝置以多大角速度轉(zhuǎn)動才行？(2)此時繩子的拉力為多大？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量及磁通量的變化量無關(guān)。【詳解】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：E=nΔΦΔt，所以E與磁通量的變化率成正比，即電動勢取決于磁通量的變化快慢，故D正確，【點(diǎn)睛】明確電動勢只取決于磁通量的變化率，與磁通量及磁能量的變化量無關(guān)。2、D【解析】試題分析：，彈簧振子振動過程中，加速度數(shù)值越來越大，位移數(shù)值越來越大，振子離開平衡位置，速度越來越?。瓵B錯誤，D正確，由上分析可知，振子正離開平衡位置，速度方向離開平衡位置，加速度方向指向平衡位置，所以振子的速度方向與加速度方向相反．故C錯誤．考點(diǎn)：本題考查分析簡諧運(yùn)動過程中物理量變化的能力，點(diǎn)評：根據(jù)彈簧振子的加速度與位移成正比，由加速度的變化分析位移的變化．當(dāng)振子的位移增大時，振子離開平衡位置，速度減小，加速度方向與速度方向相反；當(dāng)振子的位移減小時，振子向平衡位置靠近，速度增大，加速度方向與速度相同．3、B【解析】

由萬有引力提供向心力即即可分析解答．【詳解】由公式解得：，，，A項：由可知，04星的軌道高度比03星略高，所以03號衛(wèi)星與04號衛(wèi)星相比，03號衛(wèi)星線速度要大，故A錯誤；B項：由可知，04星的軌道高度比03星略高，所以03號衛(wèi)星與04號衛(wèi)星相比，03號衛(wèi)星角速度要大，故B正確；C項：由可知，04星的軌道高度比03星略高，所以03號衛(wèi)星與04號衛(wèi)星相比，03號衛(wèi)星周期要短，故C錯誤；D項：由可知，04星的軌道高度比03星略高，所以03號衛(wèi)星與04號衛(wèi)星相比，04號衛(wèi)星向心加速度要小，故D錯誤．故應(yīng)選：B．4、A【解析】伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)中如果空氣阻力和摩擦力小到可以忽略，則在物體運(yùn)動的過程只有重力做功，則物體的機(jī)械能守恒．故這個不變量應(yīng)該是能量．故A正確．因物體的高度發(fā)生變化，故高度不是守恒量，故B錯誤；在物體運(yùn)動過程中物體的速度大小隨時間發(fā)生變化，故速度和速率均不守恒，故CD錯誤；故選A．5、C【解析】場強(qiáng)由場源電荷決定，與試探電荷無關(guān)，故AB錯誤；由，可知P點(diǎn)的場強(qiáng)越大，同一電荷在P點(diǎn)所受到的電場力越大，故C正確；物理學(xué)規(guī)定，P點(diǎn)的場強(qiáng)方向與正的試探電荷所受力的方向相同，與負(fù)的試探電荷所受力的方向相反，故D錯誤．6、D【解析】試題分析：質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的v－t圖象描述的是質(zhì)點(diǎn)的直線運(yùn)動的圖線，選項A錯誤；在t1時刻，加速度為零，外力為零，外力功率的大小為零，選項B錯誤；由圖示圖象可知，在t2～t3時間內(nèi)，物體的速度增大，動能增大，由動能定理可知，外力做正功，故C錯誤；在0～t1和t2～t3時間內(nèi)，動能的變化量相同，故合外力的功相等，則合外力的平均功率相等，選項D正確；故選D．考點(diǎn)：v-t圖線；動能定理【名師點(diǎn)睛】由圖象可以得到物體瞬時速度的情況，根據(jù)瞬時功率的公式P=Fv可以分析物體的瞬時功率的大??；根據(jù)動能定理判斷合外力的功的大?。?、BD【解析】

A．由圖可知a點(diǎn)處是負(fù)電荷，c點(diǎn)處是正電荷，故A錯誤；B．由對稱性可知這兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，電場強(qiáng)度的方向沿電場線的切線方向，由圖可知這兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相同，故這兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同，B正確；C．沿電場線方向電勢降低，可知ac中點(diǎn)的電勢不是最低，故C錯誤；D．bd與電場線垂直，為等勢線，故沿b、d連線移動電荷，電荷的電勢能不變，電場力不做功。故D正確。故選BD。8、AC【解析】

根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，知前1s內(nèi)物體的運(yùn)動加速度：，故A正確；第1s內(nèi)物體的位移為：，選項B錯誤；根據(jù)牛頓第二定律得：前1s內(nèi)：F1-μmg=ma；

后1s內(nèi)：F1=μmg；由圖得F1=15N，F(xiàn)1=5N；代入解得：m=5kg，故C正確；由圖可知，0-4s過程中物體先做勻變速直線運(yùn)動，后做勻速直線運(yùn)動，選項D錯誤．9、BC【解析】

A．重力做正功，物體重力勢能減少，重力做多少正功，物體重力勢能就減少多少，故A錯誤；B．重力做負(fù)功，物體重力勢能增加，重力做多少負(fù)功，物體重力勢能就增加多少，故B正確；C．一個力做負(fù)功，往往也可以說成物體克服這個力做功（取絕對值），即重力做負(fù)功也可以說物體克服重力做了功，故C正確；D．重力做功與重力勢能改變量的關(guān)系為，同一過程重力做功與重力勢能的改變量的大小相等，故D錯誤。故選BC。10、AD【解析】

假設(shè)圓周上均勻分布的都是電荷量為+q的小球，由于圓周的對稱性，根據(jù)電場的疊加原理知，圓心O處場強(qiáng)為0，所以圓心O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小等效于A點(diǎn)處電荷量為+2q的小球與在A點(diǎn)在同一直徑的另一端的電量為+q的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)的疊加，則有

EO=E=k?2qR2-kqR2=kqR2，方向水平向左；所以僅撤去A點(diǎn)的小球，則O點(diǎn)的電場強(qiáng)度等于與11、AC【解析】

A．根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律有：解得：，A正確；B．在月球表面，萬有引力等于重力，則有：又：解得：，B錯誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力，則有：解得：又：解得：，C正確；D．根據(jù)：又：解得：，D錯誤。故選AC。12、BC【解析】

試題分析：將貨車的速度進(jìn)行正交分解，如圖所示：由于繩子不可伸長，貨箱和貨物整體向上運(yùn)動的速度和貨車速度沿著繩子方向的分量相等，故：v1=vcosθ，由于θ不斷減小，故貨箱和貨物整體向上做加速運(yùn)動，加速度向上；貨箱和貨物整體向上做加速運(yùn)動，故A錯誤；貨箱和貨物整體向上做加速運(yùn)動，加速度向上，是超重，故箱中的物體對箱底的壓力大于mg，故B正確；貨箱和貨物整體向上做加速運(yùn)動，故拉力大于（M+m）g，整體的速度為vcosθ，故拉力功率P=Fv＞（M+m）gvcosθ，故C正確；此過程中貨車?yán)ψ龅墓Φ扔谪浵浜拓浳镎w動能的增加量和重力勢能的增加量，大于（M+m）gh，故D錯誤；故選BC．考點(diǎn)：速度的分解；牛頓定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵先推導(dǎo)出貨箱和貨物整體的速度表達(dá)式，確定貨箱和貨物整體的運(yùn)動規(guī)律，貨箱和貨物整體向上運(yùn)動的速度和貨車速度沿著繩子方向的分量相等，然后結(jié)合功率表達(dá)式P=Fv和動能定理列式分析，不難．二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、丙AD3.907.70小于C【解析】

（1）釋放紙帶前瞬間，手應(yīng)該提著紙帶的上端，重錘緊靠打點(diǎn)計時器，紙帶處于豎直，可知合理的是：丙．

（2）實(shí)驗(yàn)中需要打點(diǎn)計時器，則需要0-6V的交流電源，需要用刻度尺測量紙帶點(diǎn)跡間的距離，不需要秒表，因?yàn)榇螯c(diǎn)計時器可以記錄時間，故選AD．

（3）重錘的速度從開始下落起至B點(diǎn)重錘的重力勢能的減小量△Ep=mgh=1×9.8×0.7857J≈7.70J．

由于受阻力的影響，重力勢能的減小量一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則△Ek＜△Ep．

（4）根據(jù)mv2=mgh得，v2＝gh，可知v2-h圖線為過原點(diǎn)的傾斜直線，故選C．【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項，掌握處理紙帶的方法，會通過紙帶求解瞬時速度，從而得出動能的增加量，會根據(jù)下降的高度求解重力勢能的減小量．14、甲AC1.48（1.47~1.49之間都對）0.83（0.87~0.91之間都對）【解析】

(1)[1]因?yàn)殡娏鞅韮?nèi)阻較小，干電池內(nèi)電阻較小，電壓表分擔(dān)電流較小，所以相對于電源電流表采取外接法誤差較小，應(yīng)選題甲所示電路圖(2)[2]測得一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)中，要求流過電源的電流不能太大，如果電流太大，導(dǎo)致電源內(nèi)阻變化較大，則電流表應(yīng)選小量程的即選A[3]干電池內(nèi)電阻較小，如果選擇大電阻則難以控制，故為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動變阻器應(yīng)選C(3)[4]根據(jù)描出的點(diǎn)利用直線進(jìn)行擬合，得出對應(yīng)的圖象如圖所示(4)[5]由電源的U－I圖象可知，電源電動勢為由于誤差（1.47~1.49之間均可）[6]電源內(nèi)阻為由于誤差（0.87~0.91之間均可）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）500