四川省成都市2023年物理高二第二學期期中調研試題含解析

四川省成都市2023年物理高二第二學期期中調研試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于熱力學定律，下列說法正確的是（）A．機械能可以全部轉化為內能，內能也可以全部用來做功轉化成機械能B．第一類永動機違背能量守恒定律，第二類永動機不違背能量守恒定律，隨著科技的進步和發(fā)展，第二類永動機可以制造出來C．凡與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性，在熱傳遞中，熱量只能從高溫物體傳遞給低溫物體，而不能從低溫物體傳遞給高溫物體D．不可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣?、下列圖象的描述和判斷正確的是（）A．圖l中，一定質量的某種氣體，若不計分子勢能，氣體在狀態(tài)①時具有的內能較大B．圖2中，在實際問題中，飽和汽壓包括水蒸氣的氣壓和空氣中其他各種氣體的氣壓，且水的飽和汽壓隨溫度的變化而變化，溫度升高，飽和汽壓增大C．圖3中，由A經B到C的過程，氣體對外做功小于由A經D到C的過程D．圖4中，通過觀察蜂蠟在云母片上熔化區(qū)域形狀，可以得出蜂蠟的物理性質是各向異性的3、如圖甲所示，矩形線圈位于一變化的勻強磁場內，磁場方向垂直線圈所在的平面（紙面）向里，磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示．用I表示線圈中的感應電流，取順時針方向的電流為正．則下圖中的I-t圖像正確的是()A．B．C．D．4、某氣體的摩爾質量為M，摩爾體積為V，密度為,每個分子的質量和體積分別為m和V0，則阿伏伽德羅常數NA可表示為（）A． B． C． D．5、下列說法符合物理學史實的是（）A．亞里士多德認為在沒有空氣阻力的情況下，所有物體下落得一樣快B．伽利略通過理想斜面實驗，提出“力不是維持物體運動的原因”C．牛頓第一定律也叫慣性定律，是牛頓通過實驗探究發(fā)現的D．卡文迪許發(fā)現了萬有引力定律，并測出了引力常量的數值6、在電磁學的發(fā)展過程中，許多物理學家做出了貢獻，以下說法正確的是（）A．奧斯特認為安培力是帶電粒子所受磁場力的宏觀表現，提出了著名的洛倫茲力公式B．法拉第提出了“在電荷的周圍存在著由它產生的電場”的觀點C．安培通過實驗發(fā)現了通電導線對磁體有作用力，首次揭示了電與磁的聯系D．歐姆在前人工作的基礎上通過實驗研究總結出了電流通過導體時產生的熱量跟電流的關系——焦耳定律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一束由兩種單色光混合的復色光沿PO方向射向一上、下表面平行的厚玻璃平面鏡的上表面，得到三束光Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，下列有關這三束光的判斷正確的是（）A．光束Ⅰ仍為復色光，光束Ⅱ、Ⅲ為單色光B．在玻璃中的傳播速度，光束Ⅱ比光束Ⅲ小C．增大α角且α<90°，光束Ⅱ、Ⅲ會遠離光束ⅠD．減小α角且α>0°，光束Ⅲ可能會在上表面發(fā)生全反射8、如圖所示，一個帶正電荷的小球沿絕緣的光滑水平桌面向右運動，飛離桌子邊緣A，最后落到地板上．設有磁場時飛行時間為t1，水平射程為x1，著地速度大小為v1；若撤去磁場而其余條件不變時，小球飛行的時間為t2，水平射程為x2，著地速度大小為v2.則()A．x1>x2 B．t1>t2 C．v1>v2 D．v1＝v29、如圖甲所示，閉合電路由電阻R和阻值為r環(huán)形導體構成，其余電阻不計．環(huán)形導體所圍的面積為S．環(huán)形導體位于一垂直紙面向里的磁場中，磁感應強度的大小隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示．在0-t0時間內，下列說法正確的是A．通過R的電流方向由A指向B，且線圈有收縮的趨勢B．通過R的電流方向由B指向A，且線圈有擴張的趨勢C．通過R的電流方向由A指向B，電流大小為D．通過R的電流方向由A指向B，電流大小為10、如圖所示，電場強度為E的勻強電場方向豎直向上，質量為m的帶電荷量為+q的小球從a點以速度v0水平射入電場中，到達b點時的速度大小為，已知a、b間的水平距離為d，則下列說法正確的是A．在相等的時間內小球速度的變化量相等B．在相等的時間內電場力對小球做的功相等C．從a點到b點電場力做功為D．從a點到b點重力做功為–mgd三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用單擺測量重力加速度（1）為了使測量誤差盡量小，下列說法正確的是（______）A．組裝單擺須選用密度和直徑都較小的擺球B．組裝單擺須選用輕且不易伸長的細線C．實驗時須使擺球在同一豎直面內擺動D．擺長一定的情況下，擺的振幅盡量大（2）下列擺動圖像真實地描述了對擺長約為1m的單擺進行周期測量的四種操作過程，圖中橫坐標原點表示計時開始，A、B、C均為30次全振動的圖象，已知sin5°=0.087，sin15°=0.26，這四種操作過程合乎實驗要求且誤差最小的是__________。（填字母代號）A．B．C．D．（3）如圖所示，在物理支架的豎直立柱上固定有擺長約1m的單擺。實驗時，由于僅有量程為20cm、精度為1mm的鋼板刻度尺。于是他先使擺球自然下垂，在豎直立柱上與擺球最下端處于同一水平面的位置做一標記點，測出單擺的周期T1；然后保持懸點位置不變，設法將擺長縮短一些，再次使擺球自然下垂，用同樣方法在豎直立柱上做另一標記點，并測出單擺的周期T2；最后用鋼板刻度尺量出豎直立柱上的兩標記點之間的距離△L。用上述測量結果，寫出重力加速度的表達式____________。12．（12分）在“探究氣體等溫變化的規(guī)律”的實驗中，如圖所示，導熱性能良好的注射器下端的開口有橡膠套，它和柱塞一起把一段空氣柱封閉在玻璃管中。以這段空氣柱為研究對象，實驗過程中它的質量不會變化?？諝庵膲簭娍梢詮纳戏降膲毫Ρ碇凶x出，空氣柱的體積可以從注射器的標度上讀出。用手把柱塞向下或向上拉，讀出體積與壓強的幾組數據：(1)關于本實驗的實際操作及數據處理，以下說法正確的是_____；A．為減小實驗誤差，應緩慢移動柱塞B．氣體的壓強和體積必須用國際單位C．推、拉柱塞時，為了穩(wěn)定，手應握住注射器筒上的空氣柱部分D．注射器下端橡膠套脫落后，應立即重新封上，繼續(xù)實驗并記錄數據(2)以壓強為縱坐標，以體積的倒數為橫坐標，把實驗得到的各組數據在坐標系中描點。如果圖像中的各點位于過原點的同一條傾斜直線上，則說明____________。若某實驗小組對同一被封閉氣體在兩次不同溫度下進行了實驗，分別得到了兩條過原點的傾斜直線，則其中直線斜率大的，表示被封閉氣體的溫度__________（選填“高”或“低”）；(3)某小組在一次實驗過程中，環(huán)境溫度突然降低，其它操作均規(guī)范，則該小組最后得到的關系圖像可能是________。A．B．C．D．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）光滑的水平面上有一靜止的足夠長木板，質量為M；一質量為m的鐵塊（可視為質點）以速度v滑上木板，且與木板之間動摩擦因數為μ，已知重力加速度為g,試求：（1）二者的共同速度；（2）試用動量定理求達到共同速度所需時間t；14．（16分）質量為M=0.45kg的木塊靜止在光滑水平面上，一質量為m=0.05kg的子彈以v0=200m/s的水平速度擊中木塊，并留在其中，整個木塊沿子彈原方向運動，若子彈在木塊中運動時受到的平均阻力為4.5×103N。求：(1)木塊最終速度的大小v；(2)子彈在木塊內運動的時間t；(3)子彈、木塊發(fā)生的位移s1、s2以及子彈打進木塊的深度d。15．（12分）如圖所示，足夠長的圓柱形汽缸豎直放置，其橫截面積為m1，汽缸內有質量m＝1kg的活塞，活塞與汽缸壁封閉良好，不計摩擦開始時活塞被銷子K銷于如圖位置，離缸底11cm，此時汽缸內密閉氣體的壓強為Pa，溫度為30K、外界大氣壓為Pa，g＝10m/s1．（1）現對密閉氣體加熱，當溫度升到400K時，其壓強多大？（1）若在此時拔去銷子K，活塞開始向上運動，當它最后靜止在某一位置時，汽缸內氣體的溫度為360K，則這時活塞離缸底的距離為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A．根據熱力學第二定律可知，機械能可能全部轉化為內能；在沒有外界影響時，內能不能全部用來做功以轉化成機械能，若受到外力影響，則可以全部轉化為機械能，故A正確；B．第一類永動機違背能量守恒定律，第二類永動機不違背能量守恒定律，違背了熱力學第二定律，第二類永動機不可以制造出來，故B錯誤；C．凡與熱現象有關的宏觀過程都具有方向性，在熱傳遞中，熱量能自發(fā)從高溫物體傳遞給低溫物體，不能自發(fā)從低溫物體傳遞給高溫物體，故C錯誤；D．熱力學第二定律可以表示為：不可能制成一種循環(huán)動作的熱機，從單一熱源取熱，使之完全變?yōu)楣Χ灰鹌渌兓?，這句話強調的是不可能“不產生其它變化”；即在引起其他變化是可能的，故D錯誤。故選A。2、C【解析】

A．高溫時速率大的分子占比更多，因此氣體分子在高溫狀態(tài)時的平均速率大于低溫狀態(tài)時的平均速率，結合圖可知，T1＜T1．由于狀態(tài)②時的溫度高，故不計分子勢能時，氣體在狀態(tài)①時具有的內能較?。还蔄錯誤；B．在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數密度是一定的，因而其壓強也是一定的，這個壓強叫做飽和蒸氣壓強；飽和汽壓不包括空氣中其他各種氣體的氣壓。故B錯誤；C．由A經B到C的過程氣體對外做功為W1=PA?△V，由A經D到C的過程氣體對外做功為為W1=PC?△V，由于PC＞PA，故W1＞W1，故C正確；D．圖4中，通過觀察蜂蠟在云母片上熔化區(qū)域形狀，可以得出云母片的物理性質是各向異性的。故D錯誤。故選C。3、C【解析】

由法拉第電磁感應定律和歐姆定律得：，所以線圈中的感應電流決定于磁感應強度B隨t的變化率．由圖乙可知，0～1時間內，B增大，Φ增大，感應磁場與原磁場方向相反（感應磁場的磁感應強度的方向向外），由右手定則感應電流是逆時針的，因而是負值．所以可判斷0～1s為負的恒值；1～2s為零；2～3s為為正的恒值，故C正確，ABD錯誤．故選C．【點睛】此類問題不必非要求得電動勢的大小，應根據楞次定律判斷電路中電流的方向，結合電動勢的變化情況即可得出正確結果．4、C【解析】

A中，因氣體分子間有間距，所以分子的體積并不是所占空間的體積，故A錯誤．B中V0不是氣體的摩爾質量M，再除以每個分子的質量m，不是NA，故B錯誤．C中氣體的摩爾質量M，再除以每個分子的質量m為NA，故C正確．D中ρV0不是每個分子的質量，故D錯誤．故選C．5、B【解析】伽利略認為在沒有空氣阻力的情況下，所有物體下落得一樣快，故A錯誤；伽利略通過理想斜面實驗，提出“力不是維持物體運動的原因”，故B正確；牛頓第一定律也叫慣性定律，伽利略、笛卡爾、牛頓都研究了力和運動的關系，對慣性定律的建立都有貢獻，故C錯誤；牛頓在前人研究的基礎上發(fā)現了萬有引力定律，卡文迪許測出了引力常量的數值，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。6、B【解析】洛倫茲認為安培力是帶電粒子所受磁場力的宏觀表現，提出了著名的洛倫茲力公式，選項A錯誤；法拉第提出了“在電荷的周圍存在著由它產生的電場”的觀點，選項B正確；奧斯特通過實驗發(fā)現了通電導線對磁體有作用力，首次揭示了電與磁的聯系，選項C錯誤；焦耳在前人工作的基礎上通過實驗研究總結出了電流通過導體時產生的熱量跟電流的關系——焦耳定律，選項D錯誤；故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

A．所有色光都能反射，反射角相同，由圖可知光束I是復色光。而光束Ⅱ、Ⅲ由于折射率的不同導致偏折分離，因為厚玻璃平面鏡的上下表面是平行的。根據光的可逆性，知兩光速仍然平行射出，且光束Ⅱ、Ⅲ是單色光。故A正確；B．光束進入玻璃磚時，光束Ⅱ的偏折程度大于比光束Ⅲ大，根據折射定律可知，光束Ⅱ的折射率大于光束Ⅲ的折射率，由知在玻璃中的傳播速度，光束Ⅱ比光束Ⅲ小，故B正確；C．增大α角且α<90°，即減小入射角，折射角隨之減小，則光束Ⅱ、Ⅲ會靠近光束I，故C錯誤；D．減小α角，復色光沿PO方向射入玻璃磚，經過下表面反射時，在上表面的入射角等于光束進入玻璃磚時的折射角。所以由光路可逆性原理可知，光束Ⅲ不會在上表面發(fā)生全反射，一定能從上表面射出。故D錯誤。故選AB。8、ABD【解析】沒有磁場影響時，小球飛落過程為平拋運動．當空間有勻強磁場時，分析小球飛落過程中任一位置受力情況．由時刻跟瞬時速度垂直的f洛對小球豎直分運動的影響可知，在同樣落差下與平拋運動只受重力作用相比，小球落地時間加長，所以t1>t1．由f洛對水平分運動的影響可知，小球水平分速度將比平拋時加大，且飛行時間又有t1>t1，則水平射程必有x1>x1．由于洛倫茲力做功為零，而兩種情況重力對小球做功相等，所以落地速度大小相同．即選項ABD正確，C錯誤；故選ABD.9、AC【解析】

AB、由楞次定律知，感應電流逆時針方向，所以流過電阻的電流由

A

指向

B

；磁通量增大，所以線圈有收縮的趨勢，故A對；B錯誤；CD、通過導線的電流大小為，故C對；D錯10、AC【解析】因為是勻強電場，所以電場力恒定不變，而重力也恒定不變，所以合力恒定不變，故加速度恒定不變，在相等的時間內小球速度的變化量相等，選項A正確；小球在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，相等時間內小球在豎直方向的位移不相等，所以在相等的時間內電場力對小球做的功不相等，選項B錯誤；小球在b點時豎直分速度與水平分速度大小相等，則從a點到b點豎直位移等于水平位移的一半，即，則重力做功為，電場力做功為，選項C正確、選項D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCA【解析】

（1）[1]．A．組裝單擺須選用密度較大、直徑較小的擺球，選項A錯誤；B．組裝單擺須選用輕且不易伸長的細線，選項B正確；C．實驗時須使擺球在同一豎直面內擺動，不能成圓錐擺，選項C正確；D．擺長一定的情況下，擺的振幅不應過大，否則就不是簡諧振動，選項D錯誤；故選BC.（2）[2]．當擺角小于等于5°時，我們認為小球做單擺運動，所以振幅約為：A=lsin5°=1×0.087m=8.7cm，當小球擺到最低點開始計時，誤差較小，測量周期時要讓小球做30-50次全振動，求平均值，所以A合乎實驗要求且誤差最小。（3）[3]．由單擺周期公式，根據題意看得：解得：；12、A壓強與體積的倒數成正比（或壓強與