江西省奉新縣一中2022-2023學(xué)年高二物理第二學(xué)期期中聯(lián)考模擬試題含解析

江西省奉新縣一中2022-2023學(xué)年高二物理第二學(xué)期期中聯(lián)考模擬試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一個(gè)原來(lái)靜止的碳14原子核，它放射出的粒子與反沖核的徑跡是兩個(gè)內(nèi)切的圓，兩圓的直徑之比為7：1，如圖所示，那么碳14的衰變方程為

A． B．C． D．2、理想變壓器原線圈接在電壓恒定的交流電源上，副線圈上接通電阻為R的電熱器，此時(shí)變壓器恰好在額定功率下工作，下列做法仍能保證變壓器安全的是()A．只減少副線圈的匝數(shù)B．只增加副線圈匝數(shù)C．只減少R的值D．只減少原線圈匝數(shù)3、如圖所示，固定的水平長(zhǎng)直導(dǎo)線中通有向右電流I，閉合的矩形線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，且一邊與導(dǎo)線平行．線框由靜止釋放，在下落過(guò)程中（）A．穿過(guò)線框的磁通量保持不變 B．線框所受安培力的合力為零C．線框中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 D．線框的機(jī)械能不斷增大4、如圖所示，理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=1100匝，副線圈匝數(shù)n2=220匝，交流電源的電壓u=220sin100πt(V)，電阻R=44Ω，電表均為理想交流電表．則下列說(shuō)法中不正確的是()A．交流電的頻率為50HzB．電流表A1的示數(shù)為0.20AC．變壓器的輸入功率為88WD．電壓表的示數(shù)為44V5、如圖所示，已知一帶電小球在光滑絕緣的水平面上從靜止開(kāi)始經(jīng)電壓U加速后，水平進(jìn)入互相垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B的復(fù)合場(chǎng)中（E和B已知），小球在此空間的豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A．小球可能帶正電B．小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r=C．小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)=D．若電壓U增大，則小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期不變6、發(fā)球機(jī)從同一高度向正前方依次水平射出兩個(gè)速度不同的乒乓球(忽略空氣的影響).速度較大的球越過(guò)球網(wǎng)，速度較小的球沒(méi)有越過(guò)球網(wǎng).其原因是()A．速度較小的球下降相同距離所用的時(shí)間較多B．速度較小的球在下降相同距離時(shí)在豎直方向上的速度較大C．速度較大的球通過(guò)同一水平距離所用的時(shí)間較少D．速度較大的球在相同時(shí)間間隔內(nèi)下降的距離較大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ豎直放置，其寬度L=1m，一勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)導(dǎo)軌平面，導(dǎo)軌的上端M與P之間連接阻值為R=0.50Ω的電阻，質(zhì)量為m=0.01kg、電阻為r=0.20Ω的金屬棒ab緊貼在導(dǎo)軌上?，F(xiàn)使金屬棒ab由靜止開(kāi)始下滑，下滑過(guò)程中ab始終保持水平，且與導(dǎo)軌接觸良好，其下滑距離x與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示，圖象中的OA段為曲線，AB段為直線，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，取g=10m/s2（忽略ab棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中對(duì)原磁場(chǎng)的影響），則以下說(shuō)法正確的是（）A．棒ab中出現(xiàn)由b流向a的電流B．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0.1TC．棒ab在開(kāi)始的3.5s內(nèi)通過(guò)的電荷量為2.8CD．棒ab在開(kāi)始的6s內(nèi)產(chǎn)生的熱量為3.465J8、如圖所示，電路中A、B為兩塊豎直放置的金屬板，G是一只靜電計(jì)，開(kāi)關(guān)S合上后，靜電計(jì)指針張開(kāi)一個(gè)角度，下述做法可使指針張角增大的是()A．使A、B兩板靠近一些B．使A、B兩板正對(duì)面積錯(cuò)開(kāi)一些C．?dāng)嚅_(kāi)S后，使A板向左平移拉開(kāi)一些D．?dāng)嚅_(kāi)S后，使A、B正對(duì)面積錯(cuò)開(kāi)一些9、如圖所示，通有恒定電流的螺線管豎直放置，銅環(huán)沿螺線管的軸線加速下落，在下落過(guò)程中，銅環(huán)面始終保持水平.銅環(huán)先后經(jīng)過(guò)軸線上1、2、3位置時(shí)的加速度分別為a1、a2、a3；若位置2處于螺線管的中心，位置1、3與位置2等距離，則（）A．a(chǎn)1<a2=g B．a(chǎn)3<a1<g C．a(chǎn)1=a3<a2 D．a(chǎn)3<a1<a210、研究光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)電路圖如圖a所示，其光電流與電壓的關(guān)系如圖b所示．則下列說(shuō)法中正確的是（）A．若把滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向右滑動(dòng)，光電流一定增大B．圖線甲與乙是同一種入射光，且入射光甲的強(qiáng)度大于乙光的強(qiáng)度C．由圖可知，乙光的頻率小于丙光的頻率D．若將甲光換成丙光來(lái)照射鋅板，其逸出功將減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）傳感器擔(dān)負(fù)著信息的采集任務(wù)，在自動(dòng)控制中發(fā)揮著重要作用，傳感器能夠?qū)⒏惺艿降奈锢砹?如溫度、光、聲等)轉(zhuǎn)換成便于測(cè)量的量(通常是電學(xué)量).例如熱敏傳感器，主要是應(yīng)用了半導(dǎo)體材料制成的熱敏電阻將熱學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，熱敏電阻隨溫度變化的圖象如圖甲所示，圖乙是由熱敏電阻R1作為傳感器制作的簡(jiǎn)單自動(dòng)報(bào)警器線路圖，問(wèn)：(1)為了使溫度過(guò)高時(shí)報(bào)警器鈴響，

c應(yīng)接在_________(填“a”或“b”).(2)若使啟動(dòng)報(bào)警的溫度提高些，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器滑片P點(diǎn)向______移動(dòng)(填“左”或“右”).(3)直流電源電動(dòng)勢(shì)為18V

(內(nèi)阻不計(jì))

,熱敏電阻R1達(dá)到100℃電阻大小為600Ω.流過(guò)熱敏電阻R1的電流超過(guò)Ic時(shí)就會(huì)報(bào)警，Ic為10mA,則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇________A．

R2

(0-200Ω)

B．

R2

(0-1000Ω)

C．

R2

(0-2000Ω)(4)若要將此系統(tǒng)改為光敏電阻控制的報(bào)警系統(tǒng)，要求當(dāng)光敏電阻的光照達(dá)到或超過(guò)某一特定值時(shí)，系統(tǒng)報(bào)警．將滑動(dòng)變阻器滑P置于正中間位置，然后重復(fù)上述操作，報(bào)警器剛好報(bào)警，光敏電阻特定值為_(kāi)____Ω．12．（12分）為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計(jì)G與線圈L連接，如圖所示．己知線圈由a端開(kāi)始繞至b端：當(dāng)電流從電流計(jì)G左端流入時(shí)，指針向左偏轉(zhuǎn)．（1）將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針向左偏轉(zhuǎn)．俯視線圈，其繞向?yàn)開(kāi)___________（填：“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”）．（2）當(dāng)條形磁鐵從圖中的虛線位置向右遠(yuǎn)離L時(shí)，指針向右偏轉(zhuǎn)．俯視線圈，其繞向?yàn)開(kāi)___________（填：“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”）．四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）一厚度為h的大平板玻璃水平放置，其下表面貼有一半徑為r的圓形發(fā)光面．在玻璃板上表面放置一半徑為R的圓紙片，圓紙片與圓形發(fā)光面的中心在同一豎直線上．已知圓紙片恰好能完全擋住從圓形發(fā)光面發(fā)出的光線（不考慮反射），求平板玻璃的折射率．14．（16分）如圖所示，一束光線從空氣射入某介質(zhì)，入射光線與反射光線夾角為90°，折射光線與入射光線延長(zhǎng)線間夾角θ為15°，求：(1)該介質(zhì)的折射率？(2)光在該介質(zhì)中傳播的速度？(3)當(dāng)光從介質(zhì)射入空氣時(shí)的臨界角？15．（12分）如圖所示，一束激光沿圓心方向射入半圓形玻璃磚后從直徑邊射出．入射光線與法線的夾角為30°，折射光線與法線的夾角為45°，已知光在真空中的速度為c．①求這束激光在玻璃磚中的傳播速度．②以O(shè)點(diǎn)為圓心順時(shí)針旋轉(zhuǎn)玻璃磚，至少旋轉(zhuǎn)多大角度折射光消失?

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

核衰變過(guò)程動(dòng)量守恒，反沖核與釋放出的粒子的動(dòng)量大小相等，根據(jù)左手定則判斷粒子與反沖核的電性關(guān)系．結(jié)合帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式可得粒子與反沖核的電荷量之比．【詳解】原來(lái)靜止的原子核衰變，原子核的衰變過(guò)程滿足動(dòng)量守恒，粒子與反沖核的速度方向相反，根據(jù)左手定則判斷得知，粒子與反沖核的電性相反，則知粒子帶負(fù)電，所以該衰變是β衰變，此粒子是β粒子，符號(hào)為,可得兩帶電粒子動(dòng)量大小相等，方向相反，就動(dòng)量大小而言有：m1v1=m2v2,由帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式可得：，可見(jiàn)r與q成反比．由題意，大圓與小圓的直徑之比為1:1，半徑之比為1:1，則得粒子與反沖核的電荷量之比為1:1．所以反沖核的電荷量為1e，電荷數(shù)是1，其符號(hào)為.碳14的衰變方程應(yīng)為.故選D．【點(diǎn)睛】原子核的衰變過(guò)程類(lèi)比于爆炸過(guò)程，滿足動(dòng)量守恒，而帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式中的分子恰好是動(dòng)量的表達(dá)式，要巧妙應(yīng)用.2、A【解析】只減少副線圈的匝數(shù)，副線圈的電壓減小，輸出功率為減小，輸入功率等于輸出功率也減小，變壓器安全，故A正確；只增加副線圈的匝數(shù)，副線圈的電壓增大，輸出功率為輸出功率為增大，輸入功率等于輸出功率增大，變壓器危險(xiǎn)，故B錯(cuò)誤；只能減少R的阻值，輸出功率為，增大，輸入功率等于輸出功率增大，變壓器危險(xiǎn)，故C錯(cuò)誤；只減少原線圈的匝數(shù)，副線圈電壓增大，輸出功率增大輸入功率等于輸出功率增大，變壓器危險(xiǎn)，故D錯(cuò)誤．所以A正確，BCD錯(cuò)誤．

3、C【解析】試題分析：直線電流周?chē)拇艌?chǎng)，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越弱，故在線框在下落的過(guò)程中磁通量在減小，所以A錯(cuò)誤；線框的上下兩條邊電流一樣大，但所在位置磁感應(yīng)強(qiáng)度不一樣，故安培力不等大，所以合外力不為零，所以B錯(cuò)誤；線框所在位置的磁感線方向垂直紙面向里，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可得：感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍訡正確；在下落的過(guò)程中，要克服安培力做功，故機(jī)械能逐漸減小，所以D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：本題考查感應(yīng)電流、安培力4、C【解析】

A．交流電源的電壓u=220sin100πt(V)，則，據(jù)可得，交流電的頻率．故A項(xiàng)正確．D．交流電源的電壓u=220sin100πt(V)，則變壓器原線圈兩端電壓，據(jù)可得，變壓器副線圈兩端電壓，則電壓表的示數(shù)為44V．故D項(xiàng)正確．B．變壓器副線圈的電流，據(jù)可得，變壓器原線圈的電流，所以電流表A1的示數(shù)為0.20A．故B項(xiàng)正確．C．變壓器輸出功率，變壓器的輸入功率．故C項(xiàng)錯(cuò)誤．本題選不正確的，答案是C．5、A【解析】A、小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故重力等于電場(chǎng)力，即洛倫茲力提供向心力，所以，由于電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)的方向相反，故小球帶負(fù)電，故錯(cuò)誤；B、由于洛倫茲力提供向心力，故有，解得，又由于，解得，所以，故B正確；C、由于洛倫茲力提供向心力做圓周運(yùn)動(dòng)，故有運(yùn)動(dòng)周期，故正確；D由于洛倫茲力提供向心力做圓周運(yùn)動(dòng)，故有運(yùn)動(dòng)周期，顯然運(yùn)動(dòng)周期與加速電壓無(wú)關(guān)，電壓U增大，則小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期不變，故D正確；故下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是選A．6、C【解析】

發(fā)球機(jī)發(fā)出的球，速度較大的球越過(guò)球網(wǎng)，速度度較小的球沒(méi)有越過(guò)球網(wǎng)，原因是發(fā)球機(jī)到網(wǎng)的水平距離一定，速度大，則所用的時(shí)間較少，球下降的高度較小，容易越過(guò)球網(wǎng)，C正確．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】

A．根據(jù)右手定則知，通過(guò)金屬棒ab的電流方向由a到b，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖像可得，從t=3.5s時(shí)金屬棒ab做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為此時(shí)ab棒受到的安培力等于重力，則有又聯(lián)立解得故B正確；C．金屬棒ab在開(kāi)始的3.5s內(nèi)通過(guò)的電荷量為故C正確；D．金屬棒ab在開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的6s內(nèi)，金屬棒的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為金屬棒的動(dòng)能和電路的內(nèi)能，設(shè)電路中產(chǎn)生的總熱量為Q總，根據(jù)能量守恒定律得解得則金屬棒ab在開(kāi)始的6s內(nèi)產(chǎn)生的熱量為故D錯(cuò)誤。故選BC。8、CD【解析】試題分析：AB、開(kāi)關(guān)S閉合，電容器兩端的電勢(shì)差不變，則指針的張角不變．故A、B錯(cuò)誤．C、斷開(kāi)S，電容器所帶的電量不變，B板向右平移拉開(kāi)些，電容減小，根據(jù)U=知，電勢(shì)差增大，則指針張角增大．故C正確．D、斷開(kāi)S，電容器所帶的電量不變，A、B的正對(duì)面積錯(cuò)開(kāi)，電容減小，根據(jù)U=知，電勢(shì)差增大，則指針張角增大．故D正確．故選CD．考點(diǎn)：本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析．9、ABD【解析】試題分析：根據(jù)楞次定律判定線圈中的感應(yīng)電流方向，根據(jù)楞次定律的另一種表述，感應(yīng)電流產(chǎn)生的機(jī)械效果阻礙其相對(duì)運(yùn)動(dòng)來(lái)判斷線圈的加速度大小銅環(huán)在位置2時(shí)，穿過(guò)環(huán)的磁通量不變，所以感應(yīng)電流為零，加速度最大為g，環(huán)在位置1時(shí)的速度小于在位置3時(shí)的速度，因此磁通量改變相同的情況下，在環(huán)從1落至2用的時(shí)間比環(huán)從2落至3用的時(shí)間長(zhǎng)，即環(huán)從1落至2的磁通量變化比環(huán)從2落至3慢，則環(huán)在3位置時(shí)，感應(yīng)電流大，因此在3位置受到的磁場(chǎng)力大，合力最小，因此D正確考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；楞次定律點(diǎn)評(píng):解決本題的關(guān)鍵會(huì)用楞次定律去判定感應(yīng)電流的方向，以及會(huì)利用楞次定律的另一種表述進(jìn)行解題10、BC【解析】

A．若把滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向右滑動(dòng)，若光電流沒(méi)達(dá)到飽和電流，則光電流一定會(huì)增大，若已達(dá)到飽和電流，則光電流不會(huì)增大，故A錯(cuò)誤；

B．由圖可知，甲乙兩光的截止電壓相同，根據(jù)知頻率相同，是同一種入射光；甲的飽和電流大于乙的飽和電流，而光的頻率相等，所以甲光照射的強(qiáng)度大于乙光照射的強(qiáng)度，故B正確；C．根據(jù)知入射光的頻率越高，對(duì)應(yīng)的遏止電壓Uc越大。乙光的截止電壓小于丙光，所以乙光的頻率小于丙光頻率，故C正確；

D．同一金屬，逸出功是相等的，與入射光無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、a左C【解析】（1）根據(jù)圖甲坐標(biāo)系中曲線的趨勢(shì)可以得出，電阻隨溫度的升高而減小，因此熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，為了使溫度過(guò)高時(shí)發(fā)送報(bào)警信息，則熱敏電阻阻值最小，開(kāi)關(guān)c應(yīng)該接在a處，（2）若使報(bào)警的最低溫度提高些電路中電阻增大，則滑動(dòng)變阻R應(yīng)將P點(diǎn)向左移動(dòng)．（3）電壓為18V，而報(bào)警時(shí)的電流為10mA；此時(shí)電阻約為：，而熱敏電阻的阻值約為；故滑動(dòng)變阻器接入電阻約為；故應(yīng)選擇C．（4）電壓為18V，而報(bào)警時(shí)的電流為10mA；此時(shí)電阻約為：，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑P置于正中間位置時(shí)報(bào)警器剛好報(bào)警，則滑動(dòng)變阻器的電阻為，故光敏電阻特定值為．【點(diǎn)睛】分析實(shí)驗(yàn)，明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)題目要求即可明確電路結(jié)構(gòu)；根據(jù)歐姆定律確定電路中的電阻，則可明確滑動(dòng)變阻器的選擇；根據(jù)儀器原理進(jìn)行分析