2020年天津高考物理試卷

2020年天津市高考物理試卷題號 4四總分得分一、單選題（本大題共5小題，共25.0分）1.在物理學(xué)發(fā)展的進(jìn)程中，人們通過對某些重要物理實驗的深入觀察和研究，獲得正確的理論認(rèn)識。下列圖示的實驗中導(dǎo)致發(fā)現(xiàn)原子具有核式結(jié)構(gòu)的是（）A.周期大B.線速度大 C.角速度大 D.加速度大3.新冠肺炎疫情突發(fā)，中華兒女風(fēng)雨同舟、守望相助，筑起了抗擊疫情的巍峨長城。志愿者用非接觸式體溫測量儀，通過人體輻射的紅外線測量體溫，防控人員用紫外線燈在無人的環(huán)境下消殺病毒，為人民健康保駕護(hù)航。紅外線和紫外線相比較（ ）A.紅外線的光子能量比紫外線的大B.真空中紅外線的波長比紫外線的長第1頁，共14頁C.真空中紅外線的傳播速度比紫外線的大D.紅外線能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而紫外線不能4.一列簡諧橫波沿％4.一列簡諧橫波沿％軸正方向傳播，周期為T，t=0時的波形如圖所示。t=口時（ ）A.質(zhì)點A.質(zhì)點a速度方向沿y軸負(fù)方向B.質(zhì)點b沿％軸正方向遷移了1mC.質(zhì)點C.質(zhì)點c的加速度為零D.質(zhì)點d的位移為-5cm.水槍是孩子們喜愛的玩具，常見的氣壓式水槍儲水罐示意如圖。從儲水罐充氣口充入氣體，達(dá)到一定壓強(qiáng)后，關(guān)閉充氣口?？蹌影鍣C(jī)將閥門M.水槍是孩子們喜愛的玩具，常見的氣壓式水槍儲水罐示意如圖。從儲水罐充氣口充入氣體，達(dá)到一定壓強(qiáng)后，關(guān)閉充氣口。扣動板機(jī)將閥門M打開，水即從槍口噴出。若在水不斷噴出的過程中，罐內(nèi)氣體溫度始終保持不變，則氣體（ ）A.壓強(qiáng)變大 B.對外界做功C.對外界放熱 D.分子平均動能變大二、多選題（本大題共3小題，共15.0分）.手機(jī)無線充電是比較新穎的充電方式。如圖所示，電磁感應(yīng)式無線充電的原理與變壓器類似，通過分別安裝在充電基座和接收能量裝置上的線圈，利用產(chǎn)生的磁場傳遞能量。當(dāng)充電基座上的送電線圈通入正弦式交變電流后，就會在鄰近的受電線圈中感應(yīng)出電流，最終實現(xiàn)為手機(jī)電池充電。在充電過程中（）A.送電線圈中電流產(chǎn)生的磁場呈周期性變化B.受電線圈中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場恒定不變第2頁，共14頁

C.送電線圈和受電線圈通過互感現(xiàn)象實現(xiàn)能量傳遞D.手機(jī)和基座無需導(dǎo)線連接，這樣傳遞能量沒有損失.如圖所示，在0%y平面的第一象限內(nèi)存在方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場。一帶電粒子從y軸上的M點射入磁場，速度方向與y軸正方向的夾角。=45.。粒子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后在N點（圖中未畫出）垂直穿過％軸。已知OM=a，粒子電荷量為q，質(zhì)量為m，重力不計。則（ ）A.粒子帶負(fù)電荷 B.粒子速度大小為口C.粒子在磁場中運(yùn)動的軌道半徑為a D.N與O點相距（目1）a.復(fù)興號動車在世界上首次實現(xiàn)速度350km/h自動駕駛功能，成為我國高鐵自主創(chuàng)新的又一重大標(biāo)志性成果。一列質(zhì)量為m的動車，初速度為%，以恒定功率P在平直軌道上運(yùn)動，經(jīng)時間t達(dá)到該功率下的最大速度上，設(shè)動車行駛過程所受到的阻力F保持不變。動車在時間t內(nèi)（）B.加速度逐漸減小D.牽引力做功A.B.加速度逐漸減小D.牽引力做功C.牽引力的功率P=Fvm三、實驗題（本大題共2小題，共12.0分）.某實驗小組利用圖1所示裝置測定平拋運(yùn)動的初速度。把白紙和復(fù)寫紙疊放一起固定在豎直木板上，在桌面上固定一個斜面，斜面的底邊ab與桌子邊緣及木板均平行。每次改變木板和桌邊之間的距離，讓鋼球從斜面頂端同一位置滾下，通過碰撞復(fù)寫紙，在白紙上記錄鋼球的落點。①為了正確完成實驗，以下做法必要的是 。A.實驗時應(yīng)保持桌面水平B.每次應(yīng)使鋼球從靜止開始釋放C使斜面的底邊ab與桌邊重合D，選擇對鋼球摩擦力盡可能小的斜面②實驗小組每次將木板向遠(yuǎn)離桌子的方向移動0.2m,在白紙上記錄了鋼球的4個落點，相鄰兩點之間的距離依次為15.0cm、25.0cm、35.0cm，示意如圖2.重力加速度g=10mIs2,鋼球平拋的初速度為mIs。第3頁，共14頁③圖1裝置中，木板上懸掛一條鉛垂線，其作用是.某實驗小組選用以下器材測定電池組的電動勢和內(nèi)阻，要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確。電壓表（量程0?3K內(nèi)阻約為3kQ）電流表（量程0?0.6A，內(nèi)阻約為1Q）滑動變阻器（0?20Q,額定電流1A）待測電池組（電動勢約為3匕內(nèi)阻約為1Q）開關(guān)、導(dǎo)線若干。①該小組連接的實物電路如圖所示，經(jīng)仔細(xì)檢查，發(fā)現(xiàn)電路中有1條導(dǎo)線連接不當(dāng)，這條導(dǎo)線對應(yīng)的編號是 。②改正這條導(dǎo)線的連接后開始實驗，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片P應(yīng)置于滑動變阻器的端。（填“?！被蛘?”）③實驗中發(fā)現(xiàn)調(diào)節(jié)滑動變阻器時，電流表讀數(shù)變化明顯但電壓表讀數(shù)變化不明顯。為了解決這個問題，在電池組負(fù)極和開關(guān)之間串聯(lián)一個阻值為5Q的電阻，之后該小組得到了幾組電壓表讀數(shù)U和對應(yīng)的電流表讀數(shù)I,并作出U-1圖象，如圖所示。根據(jù)圖象可知，電池組的電動勢為 匕內(nèi)阻為Q.（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）第4頁，共14頁

四、簡答題（本大題共3小題，共48.0分）.如圖所示，垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t均勻變化。正方形硬質(zhì)金屬框abcd放置在磁場中，金屬框平面與磁場方向垂直，電阻R=0.1。邊長l=0.2m。求（1）在t=0到t=0.1s時間內(nèi)，金屬框中的感應(yīng)電動勢E；（2）t=0.05s時，金屬框ab邊受到的安培力F的大小和方向;（3）在t=0到t=0.1s時間內(nèi)，金屬框中電流的電功率P。.長為口的輕繩上端固定，下端系著質(zhì)量為m1的小球A，處于靜止?fàn)顟B(tài)。A受到一個水平瞬時沖量后在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動，恰好能通過圓周軌跡的最高點。當(dāng)A回到最低點時，質(zhì)量為m2的小球B與之迎面正碰，碰后A、B粘在一起，仍做圓周運(yùn)第5頁，共14頁動，并能通過圓周軌跡的最高點。不計空氣阻力，重力加速度為g，求（1）A受到的水平瞬時沖量］的大小；（2）碰撞前瞬間B的動能Ek至少多大?K13.多反射飛行時間質(zhì)譜儀是一種測量離子質(zhì)量的新型實驗儀器，其基本原理如圖所示，從離子源A處飄出的離子初速度不計，經(jīng)電壓為U的勻強(qiáng)電場加速后射入質(zhì)量分析器。質(zhì)量分析器由兩個反射區(qū)和長為］的漂移管（無場區(qū)域）構(gòu)成，開始時反射區(qū)1、2均未加電場，當(dāng)離子第一次進(jìn)入漂移管時，兩反射區(qū)開始加上電場強(qiáng)度大小相等、方向相反的勻強(qiáng)電場，其電場強(qiáng)度足夠大，使得進(jìn)入反射區(qū)的離子能夠反射回漂移管。離子在質(zhì)量分析器中經(jīng)多次往復(fù)即將進(jìn)入反射區(qū)2時，撤去反射區(qū)的電場，離子打在熒光屏B上被探測到，可測得離子從A到B的總飛行時間。設(shè)實驗所用離子的電荷量均為q，不計離子重力。（1）求質(zhì)量為m的離子第一次通過漂移管所用的時間Tr（2）反射區(qū)加上電場，電場強(qiáng)度大小為E，求離子能進(jìn)入反射區(qū)的最大距離％；（3）已知質(zhì)量為m0的離子總飛行時間為10,待測離子的總飛行時間為t1，兩種離子在質(zhì)量分析器中反射相同次數(shù)，求待測離子質(zhì)量m1O*熒光屏 +7-?| — 離子源—反射區(qū) 漂移管［無場區(qū)域｝ H反射區(qū)2猾*H 質(zhì)里分析器 H第6頁，共14頁2020年天津市高考物理試卷答案和解析【答案】1.D2.A3.B4.C5.B6.AC7.ADBCAB2方便將木板調(diào)整到豎直平面內(nèi)5a2.90.80解：(1)在t=0至h=0.1s的時間At內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化量AB=0.2T，設(shè)穿過金屬框的磁通量變化量A①，則有：口［…①由于磁場均勻變化，金屬棒中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢恒定，有J…②聯(lián)立①②代入數(shù)據(jù)有：E=0.08丫…③；(2)設(shè)金屬框中電流I，由閉合電路歐姆定律，由圖知t=0.05s時，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1=0.1T,金屬框ab邊受到的安培力為：三二1…⑤聯(lián)立①②④⑤式，代入數(shù)據(jù)得：F=0.016N…⑥方向垂直ab向左…⑦(3)在t=0至Ut=0.1s時間內(nèi)，金屬框中電流的電功率為：P=12R…⑧聯(lián)立①②④⑧式，代入數(shù)據(jù)得：P=0.064W…⑨：(1)在t=0至Ut=0.1s時間內(nèi)，金屬框中的感應(yīng)電動勢為0.08V；(2)t=0.05s時，金屬框ab邊受到的安培力大小為0.016N,方向方向垂直ab向左;(3)在t=0到t：=0.1s時間內(nèi)，金屬框中電流的電功率為0.064W。第7頁，共14頁.解：（1）A恰好能通過圓周運(yùn)動最高點，此時輕繩拉力恰好為零，設(shè)A在最高點的速度為v，由牛頓第二定律，有卜;1，」=；:| ①A從最低點到最高點過程機(jī)械能守恒，取軌跡最低點處重力勢能為零，設(shè)4在最低點的速度為v4，有由動量定理，有I=m1v4③聯(lián)立①②③式，得I二卜1，='：］④（2）設(shè)兩球粘在一起是速度W，AB粘在一起恰能通過圓周運(yùn)動軌跡最高點，需滿足v'=v⑤要達(dá)到上述條件，碰撞后兩球速度方向必須與碰前B的速度方向相同，以此方向為正方向，設(shè)B碰前瞬時速度大小為vB，由動量守恒定律，有m2vB-m1vA=（m1+m2）v/⑥又|J⑦聯(lián)立①②⑤⑥⑦答：（1）A受到的水平瞬時沖量的大小為|三^；（2）碰撞前瞬間B的動能Ek至少.解：（1）設(shè)離子經(jīng)加速電場加速后的速度大小為v，根據(jù)動能定理可得:離子在漂移管中做勻速直線運(yùn)動，則：T尸…②聯(lián)立①②式，得：T尸.…③（2）從開始加速到反射區(qū)速度為零過程中，根據(jù)動能定理，有：qU-qEx=0…④解得：％=口…⑤（3）離子在加速電場中運(yùn)動和反射區(qū)電場中每次單向運(yùn)動均為勻變速直線運(yùn)動，平均第8頁，共14頁…⑥速度大小均相等，設(shè)其為[]，…⑥速度大小均相等，設(shè)其為[]，有：[]=[]通過⑤式可知，離子在反射區(qū)的電場中運(yùn)動路程是與離子本身無關(guān)的，所以不同離子在電場區(qū)運(yùn)動的總路程相等，設(shè)為L1，在無場區(qū)的總路程設(shè)為L2,根據(jù)題目條件可知，聯(lián)立①⑥⑦式，得：％總=（2L1+L2）…⑧聯(lián)立①⑥⑦式，得：％總=（2L1+L2）…⑧離子在無場區(qū)速度大小恒為也設(shè)離子的總飛行時間為t「有:可見，離子從A到B的總飛行時間與，依題意可得:解得:答：（1）質(zhì)量為m的離子第一次通過漂移管所用的時間反射區(qū)加上電場，電場強(qiáng)度大小為E，離子能進(jìn)入反射區(qū)的最大距離（2）（3）待測離子質(zhì)量為「J0?！窘馕觥?解：A、此實驗為雙縫干涉實驗，和原子核式結(jié)構(gòu)無關(guān)，故A錯誤。B、此實驗為光電效應(yīng)實驗，和原子核式結(jié)構(gòu)無關(guān)，故B錯誤。。、此實驗為電磁波的發(fā)射和接收實驗，和原子核式結(jié)構(gòu)無關(guān)，故C錯誤。D、此實驗為a散射實驗，盧瑟福通過這個實驗提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故D正確。故選：D。雙縫干涉實驗、光電效應(yīng)實驗、電磁波的發(fā)射和接收實驗都和原子核式結(jié)構(gòu)無關(guān)；英國物理學(xué)家盧瑟福和助手們進(jìn)行了a粒子散射實驗，并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型。本題考查了物理學(xué)史。關(guān)注常見的物理常識，熟記教材上出現(xiàn)過的物理實驗，是解決本題的關(guān)鍵，只要平時多加積累，難度不大。.解：地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力提供衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動的向心力：G^^=m^^^=m日=m32r=man得:T=2n0…=^；I'-[J；a廣口由表達(dá)式可知，半徑越大，運(yùn)行的周期越大，線速度、角速度、向心加速度越??；地球靜止軌道衛(wèi)星的運(yùn)行半徑大于近地軌道衛(wèi)星的運(yùn)行半徑，故與近地軌道衛(wèi)星相比，地球靜止軌道衛(wèi)星的周期大，線速度、角速度、向心加速度都小，故A正確，BCD錯誤；第9頁，共14頁故選：A。根據(jù)萬有引力提供衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動的向心力：0r=機(jī)與得出各個量的表達(dá)式分析即可；本題的關(guān)鍵是根據(jù)萬有引力提供衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動的向心力得出周期、線速度、角速度、向心加速度與半徑的關(guān)系；.解：4、紅外線的頻率比紫外線的小，根據(jù)光子能量公式E=hv，可知紅外線的光子能量比紫外線的小，故4錯誤；B、根據(jù)電磁波譜可知，真空中紅外線的波長比紅光要長，而紫外線的波長比紫光要短，所以真空中紅外線的波長比紫外線的長，故B正確；。、因為紅外線和紫外線都屬于電磁波，所以在真空中紅外線的傳播速度與紫外線的一樣大，都是光速c，故C錯誤；D、因為紅外線和紫外線都屬于電磁波，而電磁波是橫波，所以紅外線和紫外線都能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故D錯誤。故選：B。光子能量公式E=hv判斷；根據(jù)電磁波譜可知真空中紅外線的波長比紫外線的長；紅外線和紫外線在真空中傳播速度都為c；根據(jù)偏振現(xiàn)象是橫波特有的現(xiàn)象判斷。本題以新冠肺炎疫情中非接觸式體溫測量儀，紫外線燈在無人的環(huán)境下消殺病毒為背景，考查了紅外線和紫外線的特點與應(yīng)用；此題非常符合新高考的理念，物理來源于生活，要求同學(xué)們能夠用所學(xué)知識去解釋生活中的一些物理現(xiàn)象。.解：4、根據(jù)圖象可知，經(jīng)過日后質(zhì)點a到達(dá)平衡位置且向上運(yùn)動，所以t二口時,質(zhì)點a的速度方向沿著y軸正方向，故4錯誤；B、在機(jī)械波中，各質(zhì)點不會隨波遷移，只會在平衡位置附近做機(jī)械振動，故B錯誤；C、經(jīng)過日后質(zhì)點c到達(dá)平衡位置且向下運(yùn)動，所以t二口時，質(zhì)點c的加速度為零，故C正確;D、根據(jù)平移法可知，0時刻質(zhì)點d的振動方向沿著y軸的正方向，所以t=|］時，質(zhì)點d在波峰，位移為5cm，故D錯誤。故選：C。由波動圖象，分析各質(zhì)點的振動情況，從而判斷四分之一個周期后各個質(zhì)點的振動情況。解決該題需要掌握用同側(cè)法判斷質(zhì)點的振動狀態(tài)，知道質(zhì)點不會隨波一起遷移，知道做簡諧運(yùn)動的振動特點。第10頁，共14頁

.解：4、在水不斷噴出的過程中，罐內(nèi)氣體溫度始終保持不變，根據(jù)J=C可知體積增加、壓強(qiáng)減小，故4錯誤；B、氣體膨脹，體積增大，則氣體對外界做功，故B正確；C、根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+。，氣體溫度不變則內(nèi)能不變，氣體對外做功、則吸收熱量，故C錯誤；D、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度不變則分子的平均動能不變，故D錯誤。故選：B。氣體膨脹對外做功、如果溫度不變，則內(nèi)能不變，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析，根據(jù)溫度是分子平均動能的標(biāo)志分析分子平均動能的大小是否變化。本題主要是考查理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律，解答本題的關(guān)鍵是知道氣體膨脹對外做功、如果溫度不變，則內(nèi)能不變，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析。.解：4、由于送電線圈中通入正弦式交變電流，根據(jù)麥克斯韋理論可知送電線圈中電流產(chǎn)生的磁場呈周期性變化，故4正確；B、周期性變化的磁場產(chǎn)生周期性變化的電場，所以受電線圈中感應(yīng)電流仍是正弦交流電，產(chǎn)生的磁場也是周期性變化的，故B錯誤；C、無線充電利用的是電磁感應(yīng)原理，所以送電線圈和受電線圈通過互感現(xiàn)象實現(xiàn)能量傳遞，故C正確；D、無線充電器的優(yōu)點之一是不用傳統(tǒng)的充電線連接到需要充電的終端設(shè)備上的充電器，但充電過程中仍有電能量損失，故D錯誤。故選：4Co根據(jù)麥克斯韋電磁場理論分析磁場是否變化；無線充電器是通過線圈進(jìn)行能量耦合實現(xiàn)能量的傳遞，無線充電器的優(yōu)點之一是不用傳統(tǒng)的充電線連接到需要充電的終端設(shè)備上的充電器，但充電過程中有電能量損失。此題考查電磁感應(yīng)與生活實際相結(jié)合，明白電磁感應(yīng)的原理，然后分析無線充電的技術(shù)原理，能夠根據(jù)麥克斯韋電磁場理論進(jìn)行分析。.解：4、粒子進(jìn)入磁場后沿順時針方向做圓周運(yùn)動，由左手定則可知，粒子帶負(fù)電，故4正確；C、粒子運(yùn)動軌跡如圖所示，由幾何知識可知，粒子做圓周運(yùn)動的軌道半徑：廠口二日，故C錯誤；B、粒子在磁場中做圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由第11頁，共14頁

牛頓第二定律得：qvB=機(jī)口解得：v=P""］，故B錯誤；D、N點與O點的距離：d=r+rsing（口+1）a，故D正確。故選：AD。粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動軌跡，應(yīng)用左手定則判斷粒子帶電性質(zhì)，求出粒子軌道半徑，應(yīng)用紐帶第二定律求出粒子的速度大小。本題考查了帶電粒子在磁場中的運(yùn)動，根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動軌跡是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用左手定則、牛頓第二定律即可解題，解題時注意幾何知識的應(yīng)用。.解：AB、根據(jù)牛頓第二定律得：F牽-F=ma，而F牽v=P，動車的速度在增大，則牽引力在減小，故加速度在減小，故A錯誤，B正確；。、當(dāng)加速度為零時，速度達(dá)到最大值為vm，此時牽引力的大小等于阻力F。、當(dāng)加速度為零時，速度達(dá)到最大值為vm，此時牽引力的大小等于阻力F，故功率P=Fvm，故C正確；mD、根據(jù)動能定理得:卬牽引力-Wf二mv2-1mv02,故D錯誤;故選：BCo動車以恒定功率P在平直軌道上運(yùn)動，則速度在增大，牽引力在減小，加速度在減小;當(dāng)牽引力的大小等于阻力F時，速度達(dá)到最大值為vm；根據(jù)動能定理判斷；注意動車以恒定功率P在平直軌道上運(yùn)動時，牽引力是在變化的，故加速度也在變；根據(jù)動能定理求解時不要忘了阻力做的功。.解：①A、鋼球離開桌面后做平拋運(yùn)動，實驗時應(yīng)保持桌面水平，故A正確；B、為保證鋼球做平拋運(yùn)動的初速度相等，每次應(yīng)使鋼球從靜止開始釋放，故B正確；C、只要桌面水平即可保證小球離開桌面后做平拋運(yùn)動，只要使鋼球從同一位置由靜止釋放即可保證小球的初速度相等，斜面的底邊ab與桌邊不必重合，故C錯誤；D、只要使鋼球從同一位置由靜止釋放即可保證小球的初速度相等，鋼球與桌面間的摩擦力對實驗沒有影響，故D錯誤。故選：ABo②小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動，由勻變速直線運(yùn)動的推論可知：△J=gt2小球的初速度為：v0=^^Jm/s=2m/s③實驗過程應(yīng)使木板在豎直面內(nèi)，木板上懸掛的鉛垂線作用是方便將木板調(diào)整到豎直平則有:則有:第12頁，共14頁面內(nèi)。故答案為：①A&②2；③方便將木板調(diào)整到豎直平面內(nèi)。①鋼球離開桌面后做平拋運(yùn)動，桌面應(yīng)水平；實驗要控制鋼球每次做平拋運(yùn)動的初速度相等，鋼球應(yīng)從同一位置由靜止釋放，根據(jù)實驗注意事項分析答題。②鋼球做平拋運(yùn)動，在豎直方向做自由落體運(yùn)動，在豎直方向應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律求出相鄰兩點運(yùn)動的時間間隔，然后求出鋼球的初速度。③實驗過程應(yīng)控制木板在豎直平面內(nèi)。本題考查了實驗注意事項與實驗數(shù)據(jù)處理，知道實驗原理與實驗注意事項是解題的前提，應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動的推論與運(yùn)動學(xué)公式即可解題。.解：①電源內(nèi)阻較小，為減小實驗誤差，相對于電源來說電流表應(yīng)采用外接法，由圖示電路圖可知，連線5連接錯誤。②由圖示電路圖可知，滑動變阻器采用限流接法，為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前滑片要置于a端。③由閉合電路的歐姆定律可知，路端電壓：U=E-1（r+R）由圖示圖象可知，圖象縱軸截距：b=E=2.9V圖象斜率的絕對值：k=r+R=| Q=5.80Q電源內(nèi)阻：r=0.80Q故答案為：①5；②a；③?"0.80。①應(yīng)用伏安法測電源電動勢與內(nèi)