2021年高考物理真題試卷（廣東卷）含答案

2021年高考物理真題試卷（廣東卷）

一、單項選擇題：本題共7小題,每小題4分，共28分,在每小題給出的四個選項中，只有一項

是符合題目要求的。（共7題；共28分）

1.科學家發(fā)現(xiàn)銀河系中存在大量的放射性同位素鋁26,鋁26的半衰期為72萬年，其衰變方程為

舞斑;If期』霸一￥,下列說法正確的是（）

A.Y是氮核B.Y是質(zhì)子

C.再經(jīng)過72萬年，現(xiàn)有的鋁26衰變一半D.再經(jīng)過144萬年，現(xiàn)有的鋁26全部衰變

2.2021年4月，我國自主研發(fā)的空間站"天和"核心艙成功發(fā)射并入軌運行，若核心艙繞地球的運行可視為

勻速圓周運動，已知引力常量，由下列物理量能計算出地球質(zhì)量的是（）

A.核心艙的質(zhì)量和繞地半徑B,核心艙的質(zhì)量和繞地周期

C.核心艙的繞地角速度和繞地周期D.核心艙的繞地線速度和繞地半徑

3.唐代《來耙經(jīng)》記載了曲轅犁相對直轅犁的優(yōu)勢之一是起土省力，設牛用大小相等的拉力F通過耕索分

別拉兩種犁，F(xiàn)與豎直方向的夾角分別為說和氨"塞,如圖所示，忽略耕索質(zhì)量，耕地過程中，下

列說法正確的是（）

A.耕索對曲轅犁拉力的水平分力比對直轅犁的大

B.耕索對曲轅犁拉力的豎直分力比對直轅犁的大

C.曲轅犁勻速前進時，耕索對犁的拉力小于犁對耕索的拉力

D.直轅犁加速前進時，耕索對犁的拉力大于犁對耕索的拉力

4.由于高度限制，車庫出入口采用圖所示的曲桿道閘，道閘由轉(zhuǎn)動桿卷蜉與橫桿燒蜀鏈接而成，P、Q為

橫桿的兩個端點。在道閘抬起過程中，桿?蹩始終保持水平。桿◎源繞。點從與水平方向成30。勻速轉(zhuǎn)動

到60。的過程中，下列說法正確的是（）

A.P點的線速度大小不變B.P點的加速度方向不變

C.Q點在豎直方向做勻速運動D.Q點在水平方向做勻速運動

5.截面為正方形的絕緣彈性長管中心有一固定長直導線，長管外表面固定著對稱分布的四根平行長直導

線，若中心直導線通入電流四根平行直導線均通入電流灼，堇燙藥電流方向如圖所示，下列截

面圖中可能正確表示通電后長管發(fā)生形變的是（）

6.圖是某種靜電推進裝置的原理圖，發(fā)射極與吸極接在高壓電源兩端，兩極間產(chǎn)生強電場，虛線為等勢

面，在強電場作用下，一帶電液滴從發(fā)射極加速飛向吸極，a、b是其路徑上的兩點，不計液滴重力，下

列說法正確的是（）

A.a點的電勢比b點的低B.a點的電場強度比b點的小

C.液滴在a點的加速度比在b點的小D.液滴在a點的電勢能比在b點的大

7.某同學設計了一個充電裝置，如圖所示,假設永磁鐵的往復運動在螺線管中產(chǎn)生近似正弦式交流電，周

期為0.2s,電壓最大值為0.05V,理想變壓器原線圈接螺線管，副線圈接充電電路，原、副線圈匝數(shù)比為

1:60,下列說法正確的是（）

永磁鐵

q|M=:|充電:電路

螺線管—

A.交流電的頻率為10HzB.副線圈兩端電壓最大值為3V

C.變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場強弱無關D.充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率

二、多項選擇題：本小題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有

多項符合題目要求。全部做對的得6分，選對但不全對的得3分，有選錯的得。分。（共3

題；共18分）

8.賽龍舟是端午節(jié)的傳統(tǒng)活動。下列的-力和圖像描述了五條相同的龍舟從同一起點線同時出發(fā)、

沿長直河道劃向同一終點線的運動全過程，其中能反映龍舟甲與其它龍舟在途中出現(xiàn)船頭并齊的有（）

9.長征途中，為了突破敵方關隘，戰(zhàn)士爬上陡銷的山頭，居高臨下向敵方工事內(nèi)投擲手榴彈，戰(zhàn)士在同一

位置先后投出甲、乙兩顆質(zhì)量均為m的手榴彈，手榴彈從投出的位置到落地點的高度差為h,在空中的運

動可視為平拋運動，軌跡如圖所示，重力加速度為g,下列說法正確的有（）

A.甲在空中的運動時間比乙的長

B.兩手榴彈在落地前瞬間，重力的功率相等

C.從投出到落地，每顆手榴彈的重力勢能減少時吸

D.從投出到落地，每顆手榴彈的機械能變化量為騎磷

10.如圖所示，水平放置足夠長光滑金屬導軌屈陽和麻，就I與森平行，玄蜉是以。為圓心的圓弧導

軌，圓弧20左側和扇形儂淚內(nèi)有方向如圖的勻強磁場，金屬桿髏的。端與e點用導線相接，P端與圓

弧加:接觸良好，初始時，可滑動的金屬桿a臉察靜止在平行導軌上，若桿?用繞。點在勻強磁場區(qū)內(nèi)從

b到c勻速轉(zhuǎn)動時，回路中始終有電流，則此過程中，下列說法正確的有（）

A.桿◎產(chǎn)產(chǎn)生的感應電動勢恒定B.桿◎步受到的安培力不變

C.桿a爪萍做勻加速直線運動D.桿舞中的電流逐漸減小

三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，考生都必須作答。第15~16題為選考題，

考生根據(jù)要求作答。（共4題；共42分）

11.某興趣小組測量一緩沖裝置中彈簧的勁度系數(shù)，緩沖裝置如圖所示，固定在斜面上的透明有機玻璃管

與水平面夾角為30。，彈簧固定在有機玻璃管底端。實驗過程如下：先沿管軸線方向固定一毫米刻度尺，

再將單個質(zhì)量為200g的鋼球（直徑略小于玻璃管內(nèi)徑）逐個從管口滑進，每滑進一個鋼球，待彈簧靜止，

記錄管內(nèi)鋼球的個數(shù)n和彈簧上端對應的刻度尺示數(shù)數(shù)據(jù)如表所示。實驗過程中彈簧始終處于彈性

限度內(nèi)。采用逐差法計算彈簧壓縮量，進而計算其勁度系數(shù)。

⑴利用純］=必_峰一盤&=1'三嵬計算彈簧的壓縮量：^=€^111,^電=笈葭；窗蹶，

&4=cm,壓縮量的平均值次=內(nèi)1+—.啊=cm；

.立

（2）上述，江是管中增加個鋼球時產(chǎn)生的彈簧平均壓縮量；

（3）忽略摩擦，重力加速度g取式.鬻（如上岸，該彈簧的勁度系數(shù)為N/m。（結果保留3位有效

數(shù)字）

12.某小組研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。根據(jù)實驗需要已選用了規(guī)格和量程合適的器材。

（1）先用多用電表預判熱敏電阻阻值隨溫度的變化趨勢。選擇適當倍率的歐姆擋，將兩表筆,

調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向右邊"Q?"處。測量時觀察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指

針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，由此可判斷熱敏電阻阻值隨溫度的升高而。

（2）再按圖連接好電路進行測量。

①閉合開關S前，將滑動變阻器鷹：的滑片滑到端（選填"a"或"b"）。

將溫控室的溫度設置為T,電阻箱防調(diào)為某一阻值超。閉合開關S,調(diào)節(jié)滑動變阻器州，使電壓表和

電流表的指針偏轉(zhuǎn)到某一位置。記錄此時電壓表和電流表的示數(shù)、T和維。斷開開關S。

再將電壓表與熱敏電阻C端間的導線改接到D端，閉合開關S。反復調(diào)節(jié)陶和熟一,使電壓表和電流表的

示數(shù)與上述記錄的示數(shù)相同。記錄此時電阻箱的阻值黑禽。斷開開關S。

②實驗中記錄的阻值姬f勤（選填"大于"、"小于"或"等于"）。此時熱敏電阻阻值

得=。

改變溫控室的溫度，測量不同溫度時的熱敏電阻阻值，可以得到熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。

13.算盤是我國古老的計算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤的固定導桿上滑動，使用前算珠需要歸

零，如圖所示，水平放置的算盤中有甲、乙兩顆算珠未在歸零位置，甲靠邊框b,甲、乙相隔

鼻=然B3：；1。'%，乙與邊框a相隔敬算珠與導桿間的動摩擦因數(shù)為=立?，1?，F(xiàn)用手指

將甲以Q/I?:熱/會的初速度撥出，甲、乙碰撞后甲的速度大小為Q,?加工尿，方向不變，碰撞時間極短且不

計，重力加速度g取1酗/產(chǎn)。

算珠歸零狀態(tài)

1.

邊框”

邊框8,

（1）通過計算，判斷乙算珠能否滑動到邊框a；

（2）求甲算珠從撥出到停下所需的時間。

14.圖是一種花瓣形電子加速器簡化示意圖，空間有三個同心圓a、b、c圍成的區(qū)域，圓a內(nèi)為無場區(qū)，圓

a與圓b之間存在輻射狀電場，圓b與圓c之間有三個圓心角均略小于90。的扇環(huán)形勻強磁場區(qū)I、II和

各區(qū)感應強度恒定，大小不同，方向均垂直紙面向外。電子以初動能藤翻從圓b上p點沿徑向進入電

場，電場可以反向，保證電子每次進入電場即被全程加速，已知圓a與圓b之間電勢差為U,圓b半徑為

R,圓c半徑為凝，電子質(zhì)量為m,電荷量為e,忽略相對論效應，取加超?三產(chǎn)=：（1目。

（1）當期加=◎時，電子加速后均沿各磁場區(qū)邊緣進入磁場，且在電場內(nèi)相鄰運動軌跡的夾角穆均為

45。，最終從Q點出射，運動軌跡如圖中帶箭頭實線所示，求I區(qū)的磁感應強度大小、電子在I區(qū)磁場中

的運動時間及在Q點出射時的動能；

射區(qū)域出射，求k的最大值。

四、【選修3-3】（共1題；共12分）

15.

（1）在高空飛行的客機上某乘客喝完一瓶礦泉水后，把瓶蓋擰緊。下飛機后發(fā)現(xiàn)礦泉水瓶變癟了，機場

地面溫度與高空客艙內(nèi)溫度相同。由此可判斷，高空客艙內(nèi)的氣體壓強（選填"大于"、"小于"或

"等于"）機場地面大氣壓強：從高空客艙到機場地面，礦泉水瓶內(nèi)氣體的分子平均動能（選填"變

大"、"變小"或"不變"）。

（2）為方便抽取密封藥瓶里的藥液，護士一般先用注射器注入少量氣體到藥瓶里后再抽取藥液，如圖所

示，某種藥瓶的容積為0.9mL,內(nèi)裝有0.5mL的藥液，瓶內(nèi)氣體壓強為k0￡1疔'覿r，護士把注射器內(nèi)橫

截面積為Q,?概3、長度為0.4cm、壓強為猛呢：I?演慟的氣體注入藥瓶，若瓶內(nèi)外溫度相同且保持不

變，氣體視為理想氣體，求此時藥瓶內(nèi)氣體的壓強。

五、【選修3-4］（共1題；共12分）

16.

（1）如圖所示，一個輕質(zhì)彈簧下端掛一小球，小球靜止。現(xiàn)將小球向下拉動距離A后由靜止釋放，并開

始計時，小球在豎直方向做簡諧運動，周期為T。經(jīng)百時間，小球從最低點向上運動的距離

（選填"大于"、"小于"或"等于"）；在:與時刻，小球的動能________（選填"最大"或"最小"）。

4

（2）如圖所示，一種光學傳感器是通過接收器Q接收到光的強度變化而觸發(fā)工作的。光從擋風玻璃內(nèi)側

P點射向外側M點再折射到空氣中，測得入射角為火折射角為晶光從P點射向外側N點，剛好發(fā)生

全反射并被Q接收，求光從玻璃射向空氣時臨界角移的正弦值表達式。

光源P接收器0內(nèi)側

答案解析部分

一、單項選擇題：本題共7小題,每小題4分，共28分,在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要

求的。

L【解析】【解答】AB.鋁發(fā)生衰變，其生成物為鎂，根據(jù)核反應的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知Y的上標為

0,下標為1,則該核反應是泵1—覆通討粕，即Y是正電子，AB不符合題意；

CD.半衰期為大量原子核衰變一半質(zhì)量所花的時間，因72萬年是一個半衰期，可知再過72萬年，現(xiàn)有的

鋁26衰變一半；再過144萬年，即兩個半衰期，兩個半衰期其鋁衰變四分之三，所以鋁原子核還沒衰變

的質(zhì)量剩下四分之一，C符合題意，D不符合題意；

故答案為：Co

【分析】利用質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可以判別Y是正電子；利用半衰期的大小可以判別原子核衰變的質(zhì)量

大小。

2.【解析】【解答】核心艙做勻速圓周運動時，地球?qū)诵呐摰囊μ峁┖诵呐撟鰟蛩賵A周運動的向心力，

根據(jù)牛頓第二定律可得：修攀=砥離=我臉恥=需昔期

可得屈=百=方=’6菽

根據(jù)地球質(zhì)量的表達式可知要求地球的質(zhì)量需要核心艙的線速度、核心艙的軌道半徑、核心艙的角速度

（或周期）中的其中兩個因素方可以實現(xiàn)。

故答案為：D?

【分析】利用引力提供向心力結合核心艙的線速度和半徑可以求出地球質(zhì)量的大小。

3.【解析】【解答】A.對比兩圖直轅犁和曲轅犁兩個構造可以得出耕索與豎直方向的夾角不同，將拉力F

正交分解如下圖所示

對于曲轅犁，則在x方向可得出Fx&?=Fsina,在y方向可得出Fy/Fcosa

對于直轅犁，則在x方向可得出Fxa=FsinP，在v方向可得出Fyfl=FcosP

由題知a<P則sina<sinp

cosa>cosp

則可得到Fx曲<Fx直,Fy?>Fy直

A不符合題意、B符合題意；

CD.無論是曲轅犁還是直轅犁，根據(jù)牛頓第三定律可得耕索對犁的拉力與犁對耕索的拉力是一對相互作

用力，它們大小相等，方向相反，無論是加速還是勻速，其拉力大小相等，則C、D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】利用拉力進行分解可以比較水平分力和豎直分力的大??；耕索對犁的拉力和犁對耕索的拉力屬

于相互作用力大小相等。

4.【解析】【解答】A.由于桿0P做勻速圓周運動，根據(jù)物體做勻速圓周運動的特點可得P點的線速度大

小不變，A符合題意；

B.由于桿0P做勻速圓周運動，其向心力和向心加速度時刻指向圓心所以方向時刻改變，則P點的向心加

速度方向時刻改變，B不符合題意；

C.由于P點做勻速圓周運動，所在在t時間內(nèi)，其P點在y方向的位置為：yi=l°pxsin（寰+3t）,且Q點

在豎直方向的運動與P點相同，則Q點的位移y關于時間t的關系為y=bpxsin（濠+3t）

從表達式可得Q點在豎直方向不是勻速運動，C不符合題意；

D.由于P點做勻速圓周運動，所在在t時間內(nèi)，其P點在x方向的位置為：XLIOPXCOS（急+3t）,則Q點

在水平方向的位移X關于時間t的關系為X=lopXCOS（濠+3t）+IPQ

從表達式可得Q點在水平方向也不是勻速運動，D不符合題意。

故答案為：A。

【分析】由于桿OP勻速轉(zhuǎn)動所以其線速度大小保持不變，由于做勻速圓周運動所以其向心加速度方向不

斷改變，利用OP桿運動的位移結合位移的分解可以判別其Q點水平方向和豎直方向位移和時間的關系。

5.【解析】【解答】如圖所示，已知五條通電直導線的電流方向，且中心直導線的電流與周圍四根直導線

的電流關系有：當:孰:孰祗，則可不考慮四個邊上的直導線之間的相互作用，只考慮中間導線和周圍四個

導線的安培力作用；根據(jù)同吸異斥可以得出：正方形上下兩個導線受到中間導線的排斥力，導致正方形

上下邊長凸出，其左右兩個導線受到中間導線的吸引力作用，導致正方形左右兩邊形成凹形，故變形后

的形狀如C圖所示，所以C選項符合題意。

故答案為：C,

【分析】利用安培定則可以判別其通電導線周期產(chǎn)生的磁場方向，結合左手定則可以判別其導線受到的

安培力方向進而判別彈性長管的變形情況。

6.【解析】【解答】A.發(fā)射極接高壓電源的正極，其電場線方向從正極指向負極，則所加強電場的場強向

右，根據(jù)電勢沿電場線方向不斷降低可知瑞.弱

A不符合題意；

B.從圖中可以得出a所處等勢線比b密集，根據(jù)等差等勢線的疏密反映場強的大小，可得：蹊”斛感

B不符合題意；

C.已知a點的場強大于b點，液滴的重力不計，其電場力等于合力，根據(jù)牛頓第二定律可知，液滴的加

速度為

因鶯/枷鼎，可得時割維

C不符合題意；

D.液滴在電場力作用下向右加速，動能增大，其電場力方向向右，所以電場力做正功，電勢能減少，即

外產(chǎn)歐邈

D符合題意；

故答案為：D。

【分析】利用等勢面的疏密可以比較電場強度的大??；利用電場線的方向可以比較電勢的高度；利用牛

頓第二定律結合場強的大小可以比較加速度的大??；利用電場力做功可以比較電勢能的大小。

7.【解析】【解答】A.已知永磁鐵往復運動的周期是T=0.2s,根據(jù)周期和頻率的關系有：f=*=:融

A不符合題意；

B.已知變壓器的原線圈最大電壓Ui=0.05V,且原副線圈的匝數(shù)之比為1:60,由理想變壓器原理可知

￡1=也

鞏?-

解得副線兩端的最大電壓為谿H=蕓路=*,B符合題意；

C.根據(jù)電動勢峰值的表達式度胡懿逐，則永磁鐵磁場強，線圈中產(chǎn)生的感應電動勢越大，變壓器的

輸入電壓會越大，C不符合題意；

D.由于理想變壓器不計能量的損失，根據(jù)能量守恒定律可得充電電路的輸入功率等于變壓器的輸入功

率，D不符合題意。

故答案為：B。

【分析】利用周期可以求出頻率的大??；利用匝數(shù)之比結合輸入電壓的峰值可以求出輸出電壓的峰值；

當永磁體的磁感應強度變大時線圈產(chǎn)生的感應電動勢隨之變大；由于屬于理想變壓器所以輸入功率等于

輸出功率的大小。

二、多項選擇題：本小題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目

要求。全部做對的得6分，選對但不全對的得3分，有選錯的得。分。

8.【解析】【解答】A.圖A屬于v-t圖像，其圖線與t軸所圍面積代表龍舟運動的位移，在圖中其甲的面

積一直比乙的面積大，所以中途不可能出現(xiàn)甲乙船頭并齊，A不符合題意；

B.圖B屬于v-t圖像，其圖線與t軸所圍面積代表龍舟運動的位移，在甲和丙到達終點前，有某一時刻兩

者面積相等，由圖可以判斷在中途甲、丙位移會相同，所以在中途甲丙船頭會并齊，B符合題意；

C.圖C屬于s-t圖像，其圖像的交點代表兩個龍舟出現(xiàn)齊頭并進的時刻，由于丁甲沒有交點中途不可能出

現(xiàn)甲丁船頭并齊，C不符合題意；

D.圖D屬于s-t圖像，其圖像的交點代表兩個龍舟出現(xiàn)齊頭并進的時刻，由于戊甲在某一時刻出現(xiàn)交點所

以甲戊在中途船頭會齊，D符合題意。

故答案為：BD。

【分析】速度時間圖像中利用圖像面積代表位移，利用面積相等時可以判別兩船出現(xiàn)齊頭并進；位移時

間圖像中利用圖像交點可以判別兩船齊頭并進。

9.【解析】【解答】A.甲乙兩個手榴彈都做平拋運動，其豎直方向為自由落體運動，根據(jù)位移公式

有：￡=停

因為兩手榴彈運動的高度差相同，所以在空中運動時間相等，A不符合題意；

B.手榴彈在豎直方向做自由落體運動，根據(jù)速度位移公式有：性2圈翻

落地時根據(jù)速度的分解有：%，=平翦除爵

做平拋運動的物體洛地刖瞬間重力的功率為：好?=胡雷:您瀚艱=然膂J之留荻”

兩手榴彈運動的高度差相同，質(zhì)量相同，根據(jù)表達式可得落地前瞬間，兩手榴彈重力功率相同，B符合題

意；

C.根據(jù)功能關系有：物體重力勢能變化量等于物體克服重力所做的功，從投出到落地，手榴彈下降的高

度為h,所以手榴彈重力勢能減小量4哪=激堿，C符合題意；

D.根據(jù)機械能守恒條件有：只有重力對物體做功時物體的機械能守恒，則從投出到落地，手榴彈做平拋

運動，只有重力做功，機械能守恒，D不符合題意。

故答案為：BCo

【分析】利用平拋運動的位移公式結合下落的高度可以比較運動的時間；利用豎直方向的速度結合重力

可以比較重力瞬時功率的大小；利用高度的變化可以求出重力勢能的減少量；利用只有重力做功所以機

械能守恒。

10.【解析】【解答】A.根據(jù)動生電動勢的表達式彥=逐工夠可得：0P轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢為

度=看激'等嶗

當0P勻速轉(zhuǎn)動，其B、r、^的大小不變所以桿OP產(chǎn)生的感應電動勢恒定，A符合題意；

BCD.以0P棒為對象，根據(jù)右手定則可得桿0P勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應電動勢產(chǎn)生的感應電流由M到N通

過MN棒，以MN棒為對象，由左手定則可知，MN棒受到向左的安培力會向左運動，MN棒運動會切割

磁感線，根據(jù)右手定則可以得出MN棒產(chǎn)生電動勢與原來電流方向相反，讓回路電流減小，當電流減小

時，根據(jù)牛頓第二定律有：ma=BIL,則MN棒所受安培力會減小，加速度減小，D符合題意，BC不符合題

意。

故答案為：AD。

【分析】利用動生電動勢的表達式結合桿勻速轉(zhuǎn)動所以產(chǎn)生的電動勢大小恒定；利用右手定則可以判別

感應電流的方向，結合左手定則可以判別桿0P受到的安培力方向不斷變化；利用左手定則結合右手定則

可以判別MN中的電流逐漸減小所以安培力和加速度不斷減小。

三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，考生都必須作答。第15~16題為選考題，考生根據(jù)要求

作答。

11.【解析】【解答】（1）當i=3時，根據(jù)壓縮量的表達式有：度號=馬一￡小

代入數(shù)據(jù)可得：鼻=菽溺比版

根據(jù)壓縮量的平均值有：鼻理［4］啊

.現(xiàn)

代入數(shù)據(jù)可得：次=新醛旋m

（2）根據(jù)，文是相差3個鋼球的壓縮量之差，則所求平均值為管中增加3個鋼球時產(chǎn)生的彈簧平均壓縮

量；

（3）由于鋼球受到彈力和重力的分力時靜止，根據(jù)鋼球的平衡條件有如喘燒堿:=如配

場逗牛融嘿確吃籬心軍掾箍血盤那.X%?“期CM

解得擊=濫=一恁略.年—8可?徵等:436風m

【分析】（1）利用彈簧的長度可以求出形變量的大??；利用壓縮量可以求出平均值的大??；

（2）由于形變量對應增加三個鋼球的壓縮量，所以其平均值為3個鋼球產(chǎn)生的平均壓縮量；

（3）利用平衡方程結合重力的大小可以求出勁度系數(shù)的大小。

12.【解析】【解答】（1）多用電表使用歐姆擋位時，首先應該選擇適當?shù)谋堵?，將紅黑筆進行短接，進

行歐姆調(diào)零；歐姆表其指針的偏轉(zhuǎn)代表電流的大小，當歐姆表指針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，則電流越大其熱

敏電阻的阻值越小，則判斷熱敏電阻的阻值隨溫度升高而減小。

（2）①滑動變阻器在電路中使用分壓式接法，為了防止電路電流過大，閉合開關S前，應將滑動變阻器

Ri的阻值調(diào)到最大，即將滑片滑到b端；

②第一次電壓表接在C端時，根據(jù)歐姆定律有：與=弱:，第二次電壓表接在D端時，根據(jù)歐姆定律

有：多=蹋!”數(shù)，因為

根據(jù)兩次電壓表和電流表的示數(shù)相同則：遹匚=履（建+趣，*=敷-

從表達式可得Roi大于RO2?

【分析】（1）歐姆調(diào)零需要將紅黑筆短接；指針向右偏轉(zhuǎn)說明熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而不斷減??；

（2）閉合開關時其滑動變阻器要滑在b端使其電阻處于最大值；由于電壓表和電流表讀數(shù)相同，結合歐

姆定律可以比較電阻的大小，利用兩次總電阻相同可以求出熱敏電阻的阻值