高考物理南充電磁學(xué)知識(shí)點(diǎn)之磁場知識(shí)點(diǎn)復(fù)習(xí)

高考物理南充電磁學(xué)知識(shí)點(diǎn)之磁場知識(shí)點(diǎn)復(fù)習(xí)一、選擇題1．如圖所示，通有恒定電流的導(dǎo)線MN與閉合金屬框共面，第一次將金屬框由位置Ⅰ平移到位置Ⅱ，第二次將金屬框繞cd邊翻轉(zhuǎn)到位置Ⅱ，設(shè)先、穿過金屬框的磁通量變后兩次化分別為和，則（）A．B．C．D．不能判斷2．為了降低潛艇噪音可用電磁絕緣，規(guī)格為：a×b×c=0.5m×0.4m×0.3m?？臻g內(nèi)存在由超導(dǎo)勵(lì)磁勻強(qiáng)磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B=10.0T，方向豎直向下，在若推進(jìn)器前后方向通以電流I=1.0×103A，方向如圖。則下列判斷正確的是（）推進(jìn)器替代螺旋槳。如圖為直線通道推進(jìn)器示意圖。推進(jìn)器前后表面導(dǎo)電，上下表面線圈產(chǎn)生的A．推進(jìn)器對(duì)潛艇提供向左的驅(qū)動(dòng)力，大小為4.0×103NB．推進(jìn)器對(duì)潛艇提供向右的驅(qū)動(dòng)力，大小為5.0×103NC．超導(dǎo)勵(lì)磁線圈中的電流方向?yàn)镻QNMP方向D．通過改變流過超導(dǎo)勵(lì)磁線圈或推進(jìn)器的電流方向可以實(shí)現(xiàn)倒行功能3．如圖所示，虛線為兩磁場的邊界，左側(cè)磁場垂直紙面向里，右側(cè)磁場垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。一邊長為L、電阻為的單匝正方形導(dǎo)體線圈abcd，水平向右運(yùn)動(dòng)R到圖示位置時(shí)，速度大小為v，則（）A．a(chǎn)b邊受到的安培力向左，cd邊受到的安培力向右B．a(chǎn)b邊受到的安培力向右，cd邊受到的安培力向左2B2L2vC．線圈受到的安培力的大小為RD．線圈受到的安培力的大小為4B2L2vR4．如圖，一帶電粒子在正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知電場強(qiáng)度為E，方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于紙面向外。粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，若小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)A時(shí)沿水平方向分裂成兩個(gè)粒子1和2，假設(shè)粒子質(zhì)量和電量都恰好均分，粒子1在原運(yùn)行方向上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑變?yōu)?R，下列說法正確的是（）A．粒子帶正電荷REBB．粒子分裂前運(yùn)動(dòng)速度大小為gC．粒子2也做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且沿逆時(shí)針方向D．粒子2做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑也為3R5．如圖所示，在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)，有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于圓平q面（未畫出）。一群比荷為的負(fù)離子以相同速率v0（較大），由P點(diǎn)在紙平面內(nèi)向不同m方向射入磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)后，又飛出磁場，最終打在磁場區(qū)域右側(cè)足夠大熒光屏上，離子重力不計(jì)。則下列說法正確的是（）A．離子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡半徑可能不相等B．由Q點(diǎn)飛出的離子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長C．離子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定相等D．沿PQ方向射入的離子飛出時(shí)偏轉(zhuǎn)角最大6．如圖所示，在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場邊界上，有兩個(gè)質(zhì)量、電荷量均相等的正、負(fù)離子（不計(jì)重力），從O點(diǎn)以相同的速度射入磁場中，射入方向均與邊界成θ角，則正、負(fù)離子在磁場中運(yùn)動(dòng)的過程，下列判斷正確的是A．運(yùn)動(dòng)的軌道半徑不同B．重新回到磁場邊界時(shí)速度大小和方向都相同C．運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同DO．重新回到磁場邊界的位置與點(diǎn)距離不相等7．如圖所示，空間某處存在豎直向下的勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一個(gè)帶負(fù)電的金屬小球從M點(diǎn)水平射入場區(qū)，經(jīng)一段時(shí)間運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)的右下方N點(diǎn)，關(guān)于小球由M到N的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A．小球可能做勻變速運(yùn)動(dòng)B．小球一定做變加速運(yùn)動(dòng)D．小球機(jī)械能守恒ef豎直放置，通以方向相反大小相等的電流，位于兩導(dǎo)線所在的平面內(nèi)．則C．小球動(dòng)量可能不變8．如圖所示，兩平行直導(dǎo)線和cda、b兩點(diǎn)A．點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零bBefa．導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里C．導(dǎo)線受到的安培力方向向右cdDcd．同時(shí)改變了導(dǎo)線的電流方向，導(dǎo)線受到的安培力方向不變9．如圖所示，在以原點(diǎn)O為圓心、半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)，存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為方B向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，A、C、D為磁場邊界上的點(diǎn)，A、C為邊界與坐標(biāo)軸x的交點(diǎn)，連線與軸負(fù)方向成v沿AC方向射入磁45°一。帶負(fù)電粒子從A點(diǎn)以速度OD場，恰好從D點(diǎn)飛出，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（）．5rD3r．5r．rABC．2v2v4v4v10．我國的傳統(tǒng)文化和科技是中華民族的寶貴精神財(cái)富，四大發(fā)明促進(jìn)了科學(xué)的發(fā)展和技術(shù)的進(jìn)步，對(duì)現(xiàn)代仍具有重大影響，下列說法正確的是（）A．春節(jié)有放鞭炮的習(xí)俗，鞭炮炸響的瞬間，動(dòng)量守恒但能量不守恒B．火箭是我國的重大發(fā)明，現(xiàn)代火箭發(fā)射時(shí)，火箭對(duì)噴出氣體的作用力大于氣體對(duì)火箭的作用力C．裝在炮彈中的火藥燃燒爆炸時(shí)，化學(xué)能全部轉(zhuǎn)化為彈片的動(dòng)能D．指南針的發(fā)明促進(jìn)了航海和航空，靜止時(shí)指南針的N極指向北方11．為了解釋地球的磁性，19世紀(jì)安培假設(shè)：地球的磁場是由繞過地心的軸的環(huán)形電流I引起的．在下列四個(gè)圖中，正確表示安培假設(shè)中環(huán)形電流方向的是（）A．B．C．D．.12．回旋加速器是加速帶電粒子的裝置其心核部分是分別與高頻交流電源兩極相連接的兩個(gè)D形金屬盒,兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場,使粒子在通過狹縫時(shí)都能得到加速,兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中,如圖所示,要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能,則下列說法中正確的是()A．減小磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B．增大勻強(qiáng)電場間的加速電壓C．增大D形金屬盒的半徑D．減小狹縫間的距離13．如圖所示，套在足夠長的絕緣粗糙直棒上的帶正電小球，其質(zhì)量為m、帶電荷量為q，小球可在棒上滑動(dòng)，現(xiàn)將此棒豎直放入沿水平方向的且互相垂直的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場(圖示方向)中．設(shè)小球帶電荷量不變，小球由棒的下端以某一速度上滑的過程中一定有()A．小球加速度一直減小B．小球的速度先減小，直到最后勻速C．桿對(duì)小球的彈力一直減小D．小球受到的洛倫茲力一直減小14．如圖甲所示，長直導(dǎo)線與閉合金屬線框位于同一平面內(nèi)長直導(dǎo)線中的電流i隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示．在0~TT時(shí)間內(nèi)直導(dǎo)線中電流向上，則在~T時(shí)間內(nèi)線框中感應(yīng)22電流的方向與所受安培力情況是（）A．感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，線框受安培力的合力方向向左B．感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，線框受安培力的合力方向向右C．感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，線框受安培力的合力方向向右D．感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，線框受安培力的合力方向向左15．無線充電技術(shù)已經(jīng)被應(yīng)用于多個(gè)領(lǐng)域，其充電線圈內(nèi)磁場與軸線平行，如圖甲所示；磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如圖乙所示。則（）TTA．t2時(shí)，線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢最大B．t2時(shí)，線圈內(nèi)的磁通量最大3TC．0~T過程中，線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢增大D．~T過程中，線圈內(nèi)的磁通量增大4416．航母上飛機(jī)彈射起飛是利用電磁驅(qū)動(dòng)來實(shí)現(xiàn)的。電磁驅(qū)動(dòng)原理如圖所示,在固定線圈左右兩側(cè)對(duì)位稱置放置兩個(gè)閉合金屬圓環(huán)，鋁環(huán)和銅環(huán)的形狀、大小相同，已知銅的電阻率較小,則合上開關(guān)S的瞬間（）A．兩個(gè)金屬環(huán)都向左運(yùn)動(dòng)B．兩個(gè)金屬環(huán)都向右運(yùn)動(dòng)C．從左側(cè)向右看，鋁環(huán)中感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向D．銅環(huán)受到的安培力小于鋁環(huán)受到的安培力17．導(dǎo)線中帶電粒子的定向運(yùn)動(dòng)形成了電流。帶電粒子定向運(yùn)動(dòng)時(shí)所受洛倫茲力的矢量和，在宏觀上表現(xiàn)為導(dǎo)線所受的安培力。如圖所示，設(shè)導(dǎo)線中每個(gè)帶正電粒子定向運(yùn)動(dòng)ab的速度都是，單位體積的粒子數(shù)為，粒子的電荷量為，導(dǎo)線的橫截面積為，磁感應(yīng)qvnS強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向里，則下列說法正確的是BInqvSA．由題目已知條件可以算得通過導(dǎo)線的電流為B．題中導(dǎo)線受到的安培力的方向可用安培定則判斷nqvBCFqvBF．每個(gè)粒子所受的洛倫茲力為，通電導(dǎo)線所受的安培力為洛安D．改變適當(dāng)?shù)臈l件，有可能使圖中帶電粒子受到的洛倫茲力方向反向而導(dǎo)線受到的安培力方向保持不變18．MN板兩側(cè)都是磁感應(yīng)強(qiáng)度為直磁場方向的速度間為t，則粒子的比荷為B的勻強(qiáng)磁場，方向如圖所示，帶電粒子從a位置以垂開始運(yùn)動(dòng)，依次通過小孔b、c、d，已知ab＝bc＝cd，粒子從a運(yùn)動(dòng)到d的時(shí)()．3．4．tB2ABCD．tB3tBtB19．如圖，為鋁質(zhì)薄平板，鋁板上方和下方分別有垂直于圖出）．一帶電粒子從緊貼鋁板上表面的P點(diǎn)垂直于鋁板向上射出，從Q點(diǎn)穿過鋁點(diǎn)，已知粒子穿越鋁板時(shí)，其動(dòng)能損失一半，速度方向和電荷量不變，不計(jì)重下方的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為平面的勻強(qiáng)磁場（未畫MN板后到達(dá)的中OPQ力．鋁板上方和A．2B．2C．12D．220．目前世界上正研究的一種新型發(fā)電機(jī)叫磁流體發(fā)電機(jī)，如圖所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體(即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負(fù)電的粒子，而從整體來說呈)沿圖中所示方向噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A、B，這時(shí)金屬板上荷．在磁極配置如圖中所示的情況下，下述說法正確的是()中性就聚集了電A．板帶正電ABCa經(jīng)用電b．有電流從器流向．金屬板間的電場方向向下A、BD．等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電場力21．如圖，一束電子沿z軸正向流動(dòng)，則在圖中y軸上A點(diǎn)的磁場方向是（）A．方向+xB．﹣x方向C．方向+y自動(dòng)控制等區(qū)域,如圖是霍爾元件的工,磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直于霍爾元件的工作面向下,通入圖示方向的電流I,C、D兩D．﹣y方向22．利用霍爾效應(yīng)制作的霍爾元件,廣泛應(yīng)用于測量和作原理示意圖U.下列說法正確的是側(cè)面會(huì)形成電勢差CDU．電勢差僅與材料有關(guān)ACDUB．僅增大磁感應(yīng)強(qiáng)時(shí)度電勢差變大,CDU0載流子是自由電子則電勢差,CDC．若霍爾元件的D,．在測定地球赤道上方的地磁場強(qiáng)弱時(shí)霍爾元件的工作面應(yīng)保持水平23．如圖所示，三根彼此絕緣的無限長直導(dǎo)線的一部分、、構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，abcdef為三角形的中心，M、N分別為O關(guān)于導(dǎo)線ab、cd的對(duì)稱點(diǎn),當(dāng)三根導(dǎo)線中通以大小相O等，方向如圖所示的電流時(shí)，M點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2，若BO1將導(dǎo)線ab中的電流撤去，而保持另兩根導(dǎo)線中的電流不變，則N點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（）13BB2AB．．＋BB12211CD．－BB．BB2122124．如圖所示，以O(shè)為圓心的圓形區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁場邊界A點(diǎn)有一粒子發(fā)射源，沿半徑AO方向發(fā)射出速率不同的直進(jìn)入磁場，上的同種粒子（重力不計(jì)），垂下列說法正確的是A．率越大的B．速率越小的粒子在磁場中運(yùn)的動(dòng)時(shí)間越長C．速率越大的粒子在磁場中運(yùn)的動(dòng)角速度越大D．速率越小的粒子在磁場中運(yùn)的動(dòng)角速度越大25．電磁流量計(jì)廣泛應(yīng)用于測量可導(dǎo)電流體(如污水)在管中的流量(單位時(shí)間內(nèi)通過管內(nèi)某橫截面的流體的體積橫截面為長方段管道，)。為了簡化，假設(shè)流量計(jì)是如圖所示的其中空的部分的長、寬、高分別為圖中的a、b、c。流量計(jì)的兩端與輸送流體的管道相連(圖中虛線)，圖中流量計(jì)的上、下兩面是金屬材料，前、后兩面是絕緣材料，現(xiàn)給流量計(jì)所在處加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于前、后兩面，當(dāng)導(dǎo)電流體穩(wěn)定地流經(jīng)流量計(jì)時(shí)，在管外將流量計(jì)上、下兩面分別與一串聯(lián)了電阻R的電流表的兩端連接，I表示測得的電流值，已知流體的電阻率為ρ，不計(jì)電流表的內(nèi)阻，則可求得流量為(粒子在磁場中運(yùn)的動(dòng)時(shí)間越長形的一)I．cI．b(bR)(aR)ABBaBcI．a(chǎn)I．bca(cR)(R)CDBbB***【參考答案】試卷處理標(biāo)記，請(qǐng)不要?jiǎng)h除一、選擇題1．CC解析：【解析】【詳解】第一次將金屬框由位置I平移到位置Ⅱ，磁感線穿過金屬框的方向沒有改變，磁通量變化量等于在這兩個(gè)位置時(shí)的磁通量的差值；第二次將金屬框繞邊翻轉(zhuǎn)到位置Ⅱ，磁感.線穿過金屬框的方向發(fā)生改變，磁通量變化量等于兩個(gè)位置時(shí)的磁通量絕對(duì)值之和，所以，選項(xiàng)C正確.ABD錯(cuò)故選C2．DD解析：【解析】【分析】【詳解】AB．磁場方向向下，電流方向向里，依據(jù)左手定則，則安培力方向向左，因此驅(qū)動(dòng)力方向向右，根據(jù)安培力公式有FBIL101.01030.4N4.0103N故AB錯(cuò)誤；C．磁場方向向下，根據(jù)安培定則可判定超導(dǎo)勵(lì)磁線圈中的電流方向?yàn)镻MNQP方向，故C錯(cuò)誤；D．通過改變流過超導(dǎo)勵(lì)磁線圈或推進(jìn)器的電流方向，根據(jù)左手定則可知驅(qū)動(dòng)力方向相反，故D正確。故選D。3．DD解析：【解析】【分析】【詳解】AB．線框的左右兩邊分別切割兩磁場產(chǎn)生的動(dòng)生電動(dòng)由勢右手定則可找出方向，如圖所示兩動(dòng)生電源串聯(lián)，總電流為順時(shí)針方向，再由左手定則可得邊受到的安培力向左，abcd邊受到的安培力向左，故AB錯(cuò)誤；CD．線框的電動(dòng)勢為E2BLv，則電流為E2BLvIRR兩個(gè)安培力力之和為線框受到的安培力F=2F2BIL4B2L2v總R故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4．C解析：C【解析】【詳解】A．帶電粒子在正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場力和重力平衡，即有qEmg電場力方向與電場方向相反，所以粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．由于分裂前粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得qvBmv2R可得qBRmv其中qgmE解得故B錯(cuò)誤；RgBvECD．由于電荷量和質(zhì)量均減半，所以兩個(gè)粒子受到的電場力和重力仍相等，所以粒子2也做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；分裂前根據(jù)洛倫茲力提供向心力可知粒子沿逆時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，分裂后粒3R子1仍逆時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，所以粒子1在原運(yùn)行方向上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由于半徑變?yōu)?，所以粒?的速度為分裂前速度的3倍，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知mv3vm2vm22解得分裂后粒子2的速度為vv2根據(jù)左手定則可知粒子2也沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分裂后粒子2的速度小于粒子3R2做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑小于，故C正確，D錯(cuò)誤；1的速度，粒子故選C。5．B解析：B【解析】【分析】【詳解】A．離子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得qvBmv2r解得mvrqB因粒子的速率相同，比荷相同，故半徑一定相同，故A錯(cuò)誤；BD．由圓的性質(zhì)可知，軌跡圓（離子速率較大，半徑較大）與磁場圓相交，當(dāng)軌跡圓的弦最長弦長為PQ，故由Q點(diǎn)飛出的粒子圓心角最大，所對(duì)應(yīng)的時(shí)間B正確，D錯(cuò)誤；長最大時(shí)偏向角最大，最長，故心角為，則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C．設(shè)粒子軌跡所對(duì)應(yīng)的圓tT2其中T2mqB所有粒子的運(yùn)動(dòng)周期相等，由于離子從圓上不同點(diǎn)射出時(shí)，軌跡的圓心角不同，所以離子C錯(cuò)誤在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，故。故選B。6．B解析：B【解析】【分析】由題正負(fù)離子的質(zhì)量與電量相同，進(jìn)入同一磁場做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，根據(jù)偏向角的大小分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間的長短．由牛頓第二定律研究軌道半徑．根據(jù)圓的對(duì)稱性，分析離子重新回到邊界時(shí)速度方向關(guān)系和與點(diǎn)距離．O【詳解】A．根據(jù)牛頓第二定律得v2qvBmr得mvrqB由題q、v、B大小均相同，則r相同，故A錯(cuò)誤；B．正負(fù)離子在磁場中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度沿軌跡的切線方向，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，重新回到邊界時(shí)速度大小與方向相同，故B正確．C．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)周期為T2mqB則知兩個(gè)離子圓周運(yùn)動(dòng)的周期相等．根據(jù)左手定則分析可知，正離子逆時(shí)針偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子偏向角為22，軌跡的圓心角也為針偏轉(zhuǎn)，重新回到邊界時(shí)正離子的速度順時(shí)22，運(yùn)動(dòng)時(shí)間222tT1同理，負(fù)離子運(yùn)動(dòng)時(shí)間2tT22顯然時(shí)間不等，故C錯(cuò)誤；．根據(jù)幾何知識(shí)得知重新回到邊界的位置與點(diǎn)距離OS2rsinDr、相同，則S相同，故D錯(cuò)誤．故選B。7．B解析：B【解析】【分析】【詳解】．小球受到重力、電場力和洛倫茲力作用，若速度大小變化，則洛倫茲力變化，合力變A化，所以小球不可能做勻變速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；向下偏轉(zhuǎn)，則初始時(shí)刻合力一定向下，又因?yàn)橐欢ㄊ乔€運(yùn)動(dòng)，因此洛倫茲力方一定變化，一定做變加速運(yùn)動(dòng)，故B正確；的動(dòng)量一定變化，故C錯(cuò)誤；做負(fù)功，所以機(jī)械能減少，故D錯(cuò)誤。．小球B向一定變化，所以小球合力C．由于小球一定做變加速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)量定理可知，小球．小球運(yùn)動(dòng)過程中電場力D故選B。8．D解析：D【解析】【分析】【詳解】由右手螺旋定則可知.cd導(dǎo)線和ef導(dǎo)線在b處產(chǎn)生的磁場方向都垂直紙面向外.所以由矢量合成知b處的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外.故A錯(cuò)誤:由右手螺旋定則知ef導(dǎo)線在左側(cè)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外，故B錯(cuò)誤:由左手定則知.cd導(dǎo)線受到由題意可知，cd導(dǎo)線所處的位置磁場方向發(fā)生改變，但同時(shí)自身電流方向也發(fā)生改變，由左手定則知cd導(dǎo)線所受安培力方向不變.故D正確的安培力方向向左.故C錯(cuò)誤:綜上所述本題答案是：D9．B解析：B【解析】【分析】【詳解】做出運(yùn)動(dòng)的軌跡圖，可知速度的偏轉(zhuǎn)角為=45+90=135粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為3πrt135T3604v故選B。10．D解析：D【解析】鞭炮炸響的瞬間，因內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，故系統(tǒng)動(dòng)量守恒，同時(shí)在爆炸過程中，總能量是守恒的，A錯(cuò)誤；現(xiàn)代火箭發(fā)射時(shí)，火箭對(duì)噴出氣體的作用力和氣體對(duì)火箭的作用力為作用力和反作用力，根據(jù)牛頓第三定律可知，二者大小相等，方向相反，B錯(cuò)誤；裝在炮彈中的火藥燃燒爆炸時(shí)，化學(xué)能轉(zhuǎn)化為彈片的動(dòng)能和周圍物體的內(nèi)能，C錯(cuò)誤；指南針的發(fā)明促進(jìn)了航海和航空，因地磁場南極處在地理北極處，故指南針靜止時(shí)指南針的N極指向北方，D正確．11．B解析：B【解析】【分析】要知道環(huán)形電流的方向首先要知道地磁場的分布情況：地磁的南極在地理北極的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根據(jù)安培定則四指彎曲的方向是電流流動(dòng)的方向從而判定環(huán)形電流的方向．【詳解】地磁的南極在地理北極的附近，故在用安培定則判定環(huán)形電流的方向時(shí)右手的拇指必需指向南方；而根據(jù)安培定則：拇指與四指垂直，而四指彎曲的方向就是電流流動(dòng)的方向，故四指的方向應(yīng)該向西．故B正確．【點(diǎn)睛】主要考查安培定則和地磁場分布，掌握安培定則和地磁場的分布情況是解決此題的關(guān)鍵所在．另外要掌握此類題目一定要樂于伸手判定．12．C解析：C【解析】【詳解】υBmυ2粒子在回旋加速器中的最大半徑為D形盒的半徑，由q，故最大動(dòng)能為RmE1mυ2q2B2R222mkmmA．由以上推導(dǎo)可知，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度可以增大最大動(dòng)能，故A錯(cuò)誤；B．增加加速電壓對(duì)最大動(dòng)能無影響，故B錯(cuò)誤；C．增大D形盒半徑R可以增大最大動(dòng)能，故C正確；D．減小狹縫間距離對(duì)最大動(dòng)能無影響，D錯(cuò)誤；故選C。13．D解析：D【解析】【分析】【詳解】若開始則彈力方向向左，隨著速度減小，彈力增大，摩擦力增大，則加速度增大，A錯(cuò)．小球速度一直在減小，B錯(cuò)．根據(jù)前面可知，C錯(cuò)．小球所受洛倫茲力（f=qvB）因?yàn)樗俣纫恢睖p小所以洛倫茲力也一直減小，D對(duì)14．CC解析：【解析】【詳解】TT0~BD．在時(shí)間內(nèi)，直導(dǎo)線中的電流向上，由乙可知在～T時(shí)間內(nèi)直線電流方向向22下，根據(jù)安培定則知導(dǎo)線右側(cè)磁場的方向垂直紙面向外，電流逐漸增大則磁場逐漸增強(qiáng)，根據(jù)楞次定律，金屬線框中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流；故B項(xiàng)不合題意，D項(xiàng)不合題意．AC．根據(jù)左手定則，知金屬框左邊受到的安培力方向水平向右，右邊受到的安培力水平向左．離導(dǎo)線越近，磁場越強(qiáng)，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力所以金屬框所受安培力的合力水平向右，故A項(xiàng)不合題意，C項(xiàng)符合題意．15．AA解析：【解析】【分析】【詳解】TAC．磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如題目圖乙，可知0、、T處斜率最大，即線2圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢也最大，故A正確，C錯(cuò)誤；3T和時(shí)，線TBD．根據(jù)BS可知，在圈內(nèi)的磁通量最大，故BD錯(cuò)誤。t44故選A。16．CC解析：【解析】【詳解】圈兩邊，根據(jù)環(huán)為阻礙磁通量增AB．若環(huán)放在線“來拒去留”可得，合上開關(guān)S的瞬間，大，則環(huán)將向兩邊運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；C．線入，磁場方向?yàn)橄蜃螅诳礊轫槙r(shí)針，故C正確；D．由于銅環(huán)的電阻較小，故銅環(huán)中感應(yīng)電流較大，則銅環(huán)受到的安培力D錯(cuò)誤。圈中電流為右側(cè)流閉合開關(guān)的過程中，磁場變強(qiáng)，則由楞次定律可知，電流由左側(cè)向右要大于鋁環(huán)受到的安培力，故故選C。17．AA解析：【解析】【分析】判斷洛倫茲力的方向用左手定則，電流由其定義確定，洛倫茲力的集中表現(xiàn)為安培I=Q/t力。【詳解】Qnqvstnqvs，則正確；導(dǎo)線受到的安培力的方向由左手定則判斷，則A電流：Itt錯(cuò)誤；粒子所受的洛倫茲力為，導(dǎo)線長度為，則其L受的安培力為：BF=qvB洛F=nqLSvB=BIL，則C錯(cuò)誤；洛倫茲力方向反向決定了所受到的安培力方向也反向，則D錯(cuò)誤；故選A?！军c(diǎn)睛】本題考查電流的微觀表達(dá)式，關(guān)鍵在于明確有多少電荷流過我們所確定的截面，并由洛倫茲力的集中表現(xiàn)為安培力。18．AA解析：【解析】畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，2m2m2t，解qB323得T，則t，由周期公式T則有t=1.5T得：得，粒子的比荷qBq3mtB，故A正確．點(diǎn)晴：帶電粒子垂直射入磁場中，由洛倫茲力提供向心力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知2mab=bc=cd，畫出軌跡，可知時(shí)間t=1.5T，求出周期，由周期公式T求出比荷．qB19．DD解析：【解析】【分析】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛侖茲力提供向心力，從而求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式．結(jié)合動(dòng)能E1mv2，最終得到關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度B與動(dòng)能E的關(guān)系式，從關(guān)系式2kk題及設(shè)條件--帶電粒子在穿越鋁板時(shí)減半，就能求出上下磁感應(yīng)強(qiáng)度之比．【詳解】12mvE由動(dòng)能公式k，帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)洛侖茲力提供向心力得2v2qvBm，r聯(lián)立可得2mEk，qrmvBqr上下磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度之比為Err212122B上下上，BE下下上D正確．20．DD解析：【解析】A、根據(jù)左手定則知，正電為B板帶正電，A板帶負(fù)電，板帶正電，A板帶負(fù)電，大于所受電場力．故D正確．故選D．以及知道電流在外電路中，荷向下偏，負(fù)電荷向上偏，則A板帶負(fù)電．故A錯(cuò)誤．B、因所以電流的流向?yàn)榻?jīng)用電a器流向．故B錯(cuò)誤．C、因?yàn)閎B所以金屬板間的電場方向向上．故C錯(cuò)誤．D、等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，由高電勢流向低電勢．21．AA解析：【解析】【分析】【詳解】據(jù)題意，電子流沿z軸正向流動(dòng)，電流方向沿z軸負(fù)向，由安培定則可以判斷電流激發(fā)的磁場以z軸為中心沿順時(shí)針方向（沿z軸負(fù)方向看），通過y軸A點(diǎn)時(shí)方向向外，即沿x軸正向。故選A。【點(diǎn)睛】首先需判要斷出電子束產(chǎn)生電流的方向，再根據(jù)安培定則判斷感應(yīng)磁場的方向。22．BB解析：【解析】【詳解】AB．根據(jù)CD間存在電勢差，之間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，設(shè)霍爾元件的長寬高分別為a、b、c，則有：UqqvBbI=nqvS=nqvbc則：UBInqcCD由材料決定，故與材料有關(guān)；還與厚度成反比，與寬無關(guān)，同時(shí)還與磁場與cnUUbB電流有關(guān)，故錯(cuò)誤、B正確。IAC．根據(jù)左手定則，