2022-2023學年河北省衡水市中學高中畢業(yè)班教學質量檢測試題（二）物理試題

2022-2023學年河北省衡水市中學高中畢業(yè)班教學質量檢測試題（二）物理試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一物體置于一長木板上，當長木板與水平面的夾角為時，物體剛好可以沿斜面勻速下滑。現將長木板與水平面的夾角變?yōu)?，再將物體從長木板頂端由靜止釋放；用、和分別表示物體的位移、物體運動的速度、物體運動的加速度、物體的動能和物體運動的時間。下列描述物體由靜止釋放后的運動規(guī)律的圖象中，可能正確的是（）A． B． C． D．2、如圖，勁度系數為400N/m的輕彈簧一端固定在傾角為45°的光滑楔形滑塊的頂端O處，另一端拴一質量為m=kg的小球。當楔形滑塊以大小為a=3g的加速度水平向右運動時，彈簧的伸長量為（取g=10m/s2）（）A．cm B．cm C．1.25cm D．2.5cm3、關于分子動理論，下列說法正確的是（）A．氣體擴散的快慢與溫度無關B．分子間同時存在著引力和斥力C．布朗運動是液體分子的無規(guī)則運動D．分子間的引力總是隨分子間距增大而增大4、下列說法正確的是（）A．某放射性物質的質量越大，其半衰期越大B．β衰變所釋放出的電子來自原子的核外電子C．在α、β、這三種射線中，α射線的穿透能力最強，射線的電離能力最強D．原子處于較高能級時會自發(fā)地向低能級躍遷，躍遷時以光子的形式放出能量5、某一人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，其軌道半徑為地球同步衛(wèi)星繞地球軌道半徑的，則此衛(wèi)星運行的周期大約是（）A．6h B．8.4h C．12h D．16.9h6、如圖所示，實線表示某電場的電場線，虛線表示一帶正電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設A和B點的電勢分別為和粒子在A、B兩點加速度大小分別為和，速度大小為和，電勢能分別為和，下列判斷正確的是（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、對于熱學的相關現象，下列說法正確的是（）A．毛細現象可能表現為液體在細管中上升，也可能表現為下降B．已知水的密度和水的摩爾質量，則可以計算出阿伏加德羅常數C．水蒸汽凝結成水珠的過程中，分子間斥力減小，引力增大D．與液體處于動態(tài)平衡的蒸汽叫作飽和汽8、如圖所示，半徑為a的圓形區(qū)域內，有垂直紙面的勻強磁場（圖中未畫出），磁感應強度大小為B，EF、MN為兩平行金屬板，板長和板距均為2a，一質量為m、電荷量為q的帶電粒子以速度從A點沿半徑方向射入磁場，若金屬板接電源，則粒子沿平行于金屬板的方向射出，若金屬板不接電源，則粒子離開磁場時速度方向偏轉，不計粒子的重力，下列說法正確的是（）A．粒子帶負電B．粒子兩次通過磁場區(qū)域所用的時間相等C．速度的大小為D．兩金屬板間的電壓為9、如圖所示，xOy坐標系內存在平行于坐標平面的勻強電場。一個質量為m。電荷量為+q的帶電粒子，以的速度沿AB方向入射，粒子恰好以最小的速度垂直于y軸擊中C點。已知A、B、C三個點的坐標分別為（，0）、（0，2L）、（0，L）。若不計重力與空氣阻力，則下列說法中正確的是（）A．帶電粒子由A到C過程中最小速度一定為B．帶電粒子由A到C過程中電勢能先減小后增大C．勻強電場的大小為D．若勻強電場的大小和方向可調節(jié)，粒子恰好能沿AB方向到達B點，則此狀態(tài)下電場強度大小為10、寬度L=3m的勻強磁場，磁感應強度B=0.2T，一單匝正方形金屬框邊長ab=l=1m，每邊電阻r=0.50，金屬框以v=10m/s的速度勻速穿過磁場區(qū)，其平面始終保持與磁感線方向垂直，規(guī)定逆時針方向為電流的正方向，金屬框穿過磁場區(qū)的過程中，金屬框中感應電流I和ab邊兩端的電壓U的圖線正確的是（）A． B．C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某探究小組為了研究小車在桌面上的直線運動，用自制“滴水計時器”計量時間。實驗前，將該計時器固定在小車旁，如圖（a）所示。實驗時，保持桌面水平，用手輕推一下小車。在小車運動過程中，滴水計時器等時間間隔地滴下小水滴，圖（b）記錄了桌面上連續(xù)的6個水滴的位置。（從第一滴落在地面上開始計時，20s時地面上正好共有51個小水滴）(1)由圖（b）可知，小車在桌面上是_____（填“從右向左”或“從左向右”）運動的。(2)該小組同學根據圖（b）的數據判斷出小車做勻變速運動。小車運動到圖（b）中A點位置時的速度大小為__________m/s，加速度大小為__________m/s2.（結果均保留一位有效數字）12．（12分）某實驗小組同學利用下列器材做“研究合外力做功與動能變化的關系”實驗：A．一端帶有滑輪和刻度尺的軌道B．兩個光電計時器C．安裝有擋光片的小車（質量為M）D．拴有細線的托盤（質量為m0）E.可以調節(jié)高度的平衡支架F.一定數量的鉤碼某小組選用上述器材安裝實驗裝置如圖甲所示，軌道上安裝了兩個光電門A、B。實驗步驟：①調節(jié)兩個光電門中心的距離，記為L；②調節(jié)軌道的傾角，輕推小車后，使小車拉著鉤碼和托盤能沿軌道向下勻速經過光電門A、B，鉤碼的質量記為m；③撤去托盤和鉤碼，讓小車仍沿軌道向下加速經過光電門A、B，光電計時器記錄小車通過A、B的時間分別為△t1和△t2；④利用測得的數據求得合外力做功與動能變化的關系。根據實驗過程，滑輪的摩擦力不計，回答以下問題(1)圖乙是用游標卡尺測擋光片的寬度d，則d=______cm。(2)小車加速從A到B過程中合外力做的功W=________；小車動能的變化量的表達式△Ek=___（用測得的物理量的字母符號表示）。通過實驗可得出：在誤差允許的范圍內合外力所做的功等于小車動能的增量。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑的四分之一圓弧與光滑水平軌道在最低平滑連接?，F有一質量為m的小球P沿光滑的四分之一圓弧上由靜止開始下滑，與一質量為km（k>0，未知）的靜止在光滑水平地面上的等大的小球Q發(fā)生正碰撞。設碰撞是彈性的，且一切摩擦不計。(1)為使二者能且只能發(fā)生一次碰撞，則k的值應滿足什么條件？(2)為使二者能且只能發(fā)生兩次碰撞，則k的值應滿足什么條件？14．（16分）某透明介質的截面圖如圖所示，直角三角形的直角邊BC與半圓形直徑重合，∠ACB=30°，半圓形的半徑為R，—束光線從E點射入介質，其延長線過半圓形的圓心O，且E、O兩點距離為R，已知光在真空的傳播速度為c，介質折射率為。求：(1)光線在E點的折射角并畫出光路圖；(2)光線進入介質到射到圓弧的距離和時間。15．（12分）如圖甲所示，彎折成90°角的兩根足夠長金題導軌平行放置，形成左右兩導執(zhí)平面，左導軌平面與水平面成53°角，右導軌平面與水平面成37°角，兩導軌相距L=0.2m，電阻不計．質量均為m=0.1kg，電阻均為R=0.1Ω的金屬桿ab、cd與導軌垂直接觸形成閉合回路，金屬桿與導軌間的動摩擦因數均為μ=0.5，整個裝置處于磁感應強度大小為B=1.0T，方向平行于左導軌平面且垂直右導軌平面向上的勻強磁場中．t=0時刻開始，ab桿以初速度v1沿右導軌平面下滑，t=ls時刻開始，對ab桿施加一垂直ab桿且平行右導軌平面向下的力F，使ab開始作勻加速直線運動．cd桿運動的v-t圖象如圖乙所示（其中第1s、第3s內圖線為直線）．若兩桿下滑過程均保持與導軌垂直且接觸良好，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.求：（1）在第1秒內cd桿受到的安培力的大?。?）ab桿的初速度v1（3）若第2s內力F所做的功為9J，求第2s內cd桿所產生的焦耳熱

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

BC．當長木板的傾角變?yōu)闀r，放在長木板上的物體將由靜止開始做勻加速直線運動，物體的速度隨時間均勻增大，物體的加速度不變，故BC項錯誤；A．由知，A項錯誤；D．由動能定理得，故物體的動能與物體的位移成正比，D項正確。故選D。2、D【解析】

當小球和斜面間的彈力為零時，設此時的加速度大小為a0，則由牛頓第二定律，有代入數據得a0=g故當滑塊以a=3g的加速度水平向右運動時，由a＞a0，知小球此時離開斜面，根據受力分析，結合力的合成與分解，可得根據胡克定律有F=kx聯立代入數據得x=2.5×10-2m=2.5cm故ABC錯誤，D正確；

故選D。3、B【解析】

A．擴散的快慢與溫度有關，溫度越高，擴散越快，故A錯誤；BD．分子間同時存在引力和斥力，引力和斥力均隨著分子間距離的增大而減小，故B正確，D錯誤；C．布朗運動是懸浮在液體中固體小顆粒的無規(guī)則運動，它是液體分子的無規(guī)則運動的反映，故C錯誤。故選B。4、D【解析】

A．半衰期和物體的質量無關，故A錯誤；B．β衰變的本質是原子核內的中子轉變?yōu)橐粋€質子和一個電子，所以β衰變中釋放出的電子來源于原子核，故B錯誤；C．在α、β、這三種射線中，α射線的電離能力最強，射線的穿透能力最強，故C錯誤；D．根據波爾的原子躍遷理論，原子處于較高能級時會自發(fā)地向低能級躍遷，躍遷時以光子的形式放出能量，故D正確。故選D。5、B【解析】

由題意衛(wèi)星的軌道半徑是同步衛(wèi)星半徑的，根據開普勒第三定律有可得故ACD錯誤，B正確。

故選B。6、C【解析】

AD．帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，若粒子從A到B過程，電場力做負功，動能減小，電勢能增加，故帶電粒子通過A點時的速度比通過B點時的速度大，即，，選項AD錯誤；B．根據電場線疏密可知，，根據F=Eq和牛頓第二定律可知，，選項B錯誤；C．根據沿著電場線方向，電勢逐漸降低，故，選項C正確。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．毛細現象表現為浸潤細管的液體在細管中上升、不浸潤細管的液體在細管中下降，毛細現象可能表現為液體在細管中上升，也可能表現為下降，故A正確；B．阿伏加德羅常數是1mol任何質量所含有的微粒數目阿伏加德羅常數等于摩爾質量與分子質量之比，已知水的密度和水的摩爾質量無法確定分子質量，故無法確定阿伏加德羅常數，故B錯誤；C．空氣中的水蒸氣凝結成水珠的過程中，水分子之間的距離減小，斥力和引力均增大，故C錯誤；D．與液體處于動態(tài)平衡的蒸汽叫作飽和汽，故D正確。故選AD。8、CD【解析】

A．由于磁場方向不確定，故帶電粒子的電性不確定，A錯誤；B．當金屬板接電源時，由題意可知，帶電粒子勻速穿過平行板，粒子通過磁場區(qū)域所用的時間當金屬板不接電源時，粒子只在磁場中做勻速圓周運動，設軌跡半徑為R，由幾何關系有解得則粒子在磁場中的運動時間所以B錯誤；C．當金屬板不接電源時，粒子只在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，有解得C正確；D．當金屬板接電源時，兩金屬板間存在勻強電場，設電場強度大小為E，則有得則兩金屬板間的電壓D正確。故選CD。9、AD【解析】

A．因帶電粒子只受恒定的電場力，做勻變速曲線運動，而C點有最小速度且垂直y軸，可推得粒子做類斜上拋運動，C是最高點，其速度與電場力垂直，則電場力沿y軸負方向，設A點的速度與x軸的夾角為，則由幾何關系可知聯立可得故A正確；B．因粒子做類斜上拋運動，從A點到C點電場力與速度的夾角從鈍角變?yōu)橹苯牵瑒t電場力一直做負功，電勢能一直增大，故B錯誤；C．粒子從A到C的過程，由動能定理聯立可得勻強電場的大小為故C錯誤；D．調節(jié)勻強電場的大小和方向使粒子恰好能沿AB方向到達B點，則粒子一定AB做勻減速直線運動，電場力沿BA方向，由動能定理有則勻強電場的場強大小為故D正確。故選AD。10、AD【解析】

線框剛進入磁場，cd邊切割磁感線，根據右手定則或楞次定律，可以判斷出感應電流的方向為逆時針（為正方向），電流的大小為代入數據解得A此時ab邊兩端的電壓V線框全部進入磁場，穿過線框的磁通量為零沒有感應電流，但ab和cd兩條邊同時切割磁感線，產生感應電動勢，相當于兩節(jié)電池并聯V最后線框穿出磁場，ab邊切割磁感線，相當于電源，根據右手定則或楞次定律判斷出感應電流的方向為順時針（為負方向），電流大小為代入數據解得A此時ab邊兩端的電壓V故AD正確，BC錯誤。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、從右向左0.30.1【解析】

(1)[1]．由于用手輕推一下小車，則小車做減速運動，根據桌面上連續(xù)6個水滴的位置，可知，小車從右向左做減速運動。

(2)[2]．已知滴水計時器每20s內共滴下51個小水滴，那么各點時間間隔為根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，有[3]．根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度，得那么加速度的大小為0.1m/s2。12、0.735【解析】

(1)[1]游標為20分度，精確度為0.05mm，游標對齊的格數不估讀，則測擋光片的寬度為(2)[2]調節(jié)軌道的傾角輕推小車后使小車拉著鉤碼和托盤能沿軌道向下勻速下滑，說明小車的合力為零，而撤去托盤m0和鉤碼m，小車的合力變?yōu)閯t小車加速從A到B過程中合外力做的功為[3]光電門擋住光的時間極短，求出的平均速度可認為是小車通過A、B兩位置的瞬時速度，有，則小車動能的變化量的表達式為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)【解析】

(1)設P與Q碰撞前P的速度為，碰后P與Q的速度分別為與，由動量守恒及機械能守恒定律有由此解得若，則P、Q不可能發(fā)生第二次碰撞；若，為使P從坡上滑下后再不能追上Q，應有即這導致P、Q不可能發(fā)生第二次碰撞；為使二者能且只能發(fā)生一次碰撞，則k的值應滿足的條件是(2)為使P、Q能發(fā)生第二次碰撞，要求，對于第二次碰撞，令和分別表示碰后P和Q的速度，同樣由動量守恒及機械能守恒定律有由此解得，若則一定不會發(fā)生第三次碰撞，若且則會