2023屆河北省邯鄲市高三三模保溫卷物理答案

邯鄲市2023屆高三年級保溫試題答案物理單項選擇題．1．答案：C解析：太陽輻射出的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)，A錯誤；輕核聚變和重核裂變都是釋放能量，B錯誤；一個氘核與氚核聚變結(jié)合成氦核，同時放出一個中子，屬于聚變反應(yīng)，C正確；“人造太陽”的核反應(yīng)方程是聚變反應(yīng)，而該式為重核裂變反應(yīng)，D錯誤；故選C。2．答案：D解析：v-t圖像圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移，球追乙，且在t=3s時兩者相遇，故0~3s內(nèi)球一直在靠近乙，A正確；v-t圖像斜率表示加速度，球在0~3s內(nèi)做勻減速運(yùn)動的加速度為，球在做勻減速運(yùn)動時的合外力為阻力，根據(jù)牛頓第二定律可知，故而，B正確；以足球為對象，球速減小到7.5m/s內(nèi)球的位移，C正確；以運(yùn)動員乙為研究對象，在0~3s內(nèi)根據(jù)v-t圖像圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移，可得，所以，開始甲、乙相距，D錯誤，故選D。3．答案：C解析：由振動圖像可知0.1s時，質(zhì)點(diǎn)P的振動方向沿y軸負(fù)方向，結(jié)合同側(cè)法可知該簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，A錯誤；波速，B錯誤；簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，t=0.1s時質(zhì)點(diǎn)Q在平衡位置，振動方向沿y軸正方向，經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)Q到達(dá)波峰，速度0，C正確；質(zhì)點(diǎn)P在一個周期內(nèi)經(jīng)過的路程為4A=40cm，D錯誤；故選C。4．答案：A解析：電梯相對地面靜止，則宇航員與地球自轉(zhuǎn)具有相同的角速度，根據(jù)可知，隨r增大，宇航員的線速度增大，A正確；宇航員在r=R處的線速度等于其隨地球自轉(zhuǎn)的線速度，不是第一宇宙速度，B錯誤；當(dāng)電梯升至同步衛(wèi)星的高度時，和同步衛(wèi)星角速度相同，此時滿足引力完全提供向心力，宇航員才處于完全失重的狀態(tài)，C錯誤；位置過低，電梯轉(zhuǎn)動的角速度要比同高度的衛(wèi)星慢，向心加速度自然比同高度的衛(wèi)星小；且該位置引力沒有完全提供向心力，宇航員需對電梯地面存在一定壓力；高度過高，電梯角速度大于同高度衛(wèi)星的角速度，宇航員此時引力小于向心力，電梯還需給宇航員一個與引力同方向的外力才行，D錯誤；故選A。

5．答案：A解析：通電導(dǎo)體棒受安培力與斜面夾角為，受力分析可知，，，解得：，當(dāng)時，，即當(dāng)時無論所加磁場多強(qiáng)，均不能使導(dǎo)體棒發(fā)生移動；故選A。6．答案：C解析：由右手螺旋定則可判斷出，線圈在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0方向豎直向下；A點(diǎn)直導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，方向沿OD方向；同理，，方向沿OC方向；同理，，方向沿OB方向；，方向沿OA方向，如圖所示，故O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，代入數(shù)據(jù)得，故選C。7．答案：C解析：在a球離開墻之前，系統(tǒng)所受合外力不為零，此時動量不守恒，故A錯；整個過程中有小球的動能和彈簧彈性勢能之間的轉(zhuǎn)化，故B錯；d和c是彈性碰撞，對d和c有：，解得：，；之后c和b再次發(fā)生彈性碰撞，解得，；彈簧第一次被壓縮到最短時，彈性勢能最大，最大值為，故D錯誤；當(dāng)小球a離開墻之后，a和b組成的系統(tǒng)動量和機(jī)械能均守恒，當(dāng)a離開墻面之后彈簧第一次恢復(fù)到原長時，小球a的速度最大，小球b的速度最小，對a和b有，，，解得，故C對。答案選C。多項選擇題．8．答案：AD解析：升壓變壓器原線圈電，所以，A正確；輸電線損失功率，用戶獲得的功率，B錯誤；升壓變壓器副線圈電壓，降壓變壓器原線圈電壓，降壓變壓器的匝數(shù)比為，C錯誤；如果輸出端消耗的功率增大，在總電壓不變的情況下，可知輸送電流增大，輸電線上損失電壓增大，降壓變壓器原線圈電壓減小，則降壓變壓器副線圈電壓減小，充電樁端獲得的電壓減小，D正確；故選AD。9．答案：ACD解析：摩托車用最小速度安全通過最高點(diǎn)A時只有重力提供向心力求得該速度為8m/s，此時重力方向與速度方向垂直，瞬時功率為0，A正確B錯誤；根據(jù)鐵籠半徑和B、C兩點(diǎn)的高度差可求出過B、C的半徑之間的角為37o，在C點(diǎn)有，求出N，根據(jù)牛頓第三定律，對鐵籠的壓力為N，C正確；若摩托車在水平面內(nèi)運(yùn)到C點(diǎn)，軌道半徑，角速度，D正確；故選ACD。10．答案：BC解析：由于金屬棒a和b整體受恒定的拉力作用，則最終的穩(wěn)定狀態(tài)是兩棒都將有固定的加速度值，可得金屬棒受恒定的安培力，即回路中有恒定的電流，進(jìn)而得出回路有恒定的電動勢。設(shè)金屬棒a和b的速度分別為v1和v2，由閉合電路的歐姆定律知：，電流的變化率為，因為I恒定，所以，可得：，因為最終兩金屬棒都做勻加速運(yùn)動，且加速度不同，兩棒距離逐漸減小，A錯誤；對金屬棒a由牛頓第二定律得：，對金屬棒b由牛頓第二定律得：，可解得，，B正確；將加速度a2的結(jié)果代入公式，解得，C正確；由可知，D錯誤；故選BC。實(shí)驗題．11．答案：（1）細(xì)線的方向與桌面不平行（2）方案三（3）描點(diǎn)連線見解析0.40解析：（1）細(xì)線的方向與桌面不平行，則細(xì)線上的拉力方向不沿桌面方向，細(xì)線拉力沿水平方向的分力提供小車運(yùn)動的加速度，誤差較大；方案一與方案二都需要由托盤和鉤碼托盤和提供拉力讓小車做勻加速直線運(yùn)動，當(dāng)時細(xì)線拉力近似等于托盤和鉤碼托盤，方案三掛上托盤和砝碼，改變木板的傾角，使質(zhì)量為M的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑，后取下托盤和砝碼，測出其總質(zhì)量為m，讓小車沿木板下滑，小車所受的合力即為mg，不需要滿足；描點(diǎn)連線如圖所示，由圖可讀出n=2時加速度a約為0.40。12．答案：（1）R（2）詳見解析（3）0.42(0.40-0.42）解析：（1）由表格數(shù)據(jù)可知，酒精氣體濃度的增大時氣敏電阻的阻值在減小，而此時要求電壓表的示數(shù)增大，故原理圖中R表示氣敏電阻。（2）描點(diǎn)連線見下圖（3）電壓表的示數(shù)，代入數(shù)據(jù)可知當(dāng)U=2V時R=38Ω，根據(jù)圖線可知此時酒精濃度約為0.42mg/ml。計算題．13．答案：（1）297K；（2）294K-309K解析：（1）彈簧測力計示數(shù)為時，對活塞受力分析可知（2分）當(dāng)彈簧測力計示數(shù)為時，設(shè)此時氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p2，對m受力分析有（1分）由題意可知，氣缸內(nèi)氣體體積不變，則壓強(qiáng)與溫度成正比：（1分）解得（1分）（2）環(huán)境溫度越高，氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)越大，活塞對細(xì)繩的拉力越小，則測力計示數(shù)越小。由于當(dāng)時，此時對應(yīng)的環(huán)境溫度為裝置可以測量最高環(huán)境溫度。設(shè)此時氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p3，對m受力分析有（1分）又由氣缸內(nèi)氣體體積不變，則壓強(qiáng)與溫度成正比（1分）解得（1分）環(huán)境溫度越低，氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)越小，活塞對細(xì)繩的拉力越大，則測力計示數(shù)越大。當(dāng)時此時對應(yīng)的環(huán)境溫度為裝置可以測量最低環(huán)境溫度。設(shè)此時氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，對m受力分析有（1分）又由氣缸內(nèi)氣體體積不變，則壓強(qiáng)與溫度成正比（1分）解得（1分）綜上可得該裝置可測量的環(huán)境溫度范圍為294K~309K。14．答案：（1）（2）解析：設(shè)，在過程中，對粒子做類平拋運(yùn)動（1分）豎直方向分速度：（1分）此時刻粒子速度：（1分）代入數(shù)據(jù)解得：（1分）為保證磁場存在時不撞N板，如圖所示，粒子軌跡圓最低點(diǎn)與N板剛好相切時，MN板間距最小。3T時刻，豎直方向分速度：粒子速度：代入數(shù)據(jù)解得：（2分）根據(jù)幾何關(guān)系，與豎直方向夾角，電場的作用時間為，粒子的豎直位移解得：（1分）3T時刻后到相切時，在磁場存在時，粒子運(yùn)動滿足（2分）豎直位移：（1分）板間距滿足：（1分）解得：（1分）15．答案：（1）（2）（3）解析：（1）設(shè)物塊B第一次到達(dá)Q點(diǎn)的速度為，物塊B從Q點(diǎn)到返回P點(diǎn)的過程，由動能定理可得（2分）解得（1分）物塊B從與A發(fā)生碰撞，到運(yùn)動至P點(diǎn)的過程做勻速直線運(yùn)動，后物塊B滑上傳送帶。第一種情況，若物塊B在傳送帶上一直做勻加速直線運(yùn)動，碰后物塊B的速度最小，設(shè)為，由動能定理可得（1分）解得（1分）第二種情況，若物塊B在傳送帶上一直做勻減速直線運(yùn)動，碰后物塊B的速度最大，設(shè)為，由動能定理可得（1分）解得（1分）碰后物塊B的速度大小范圍為（1分）（3）設(shè)靜止釋放后物塊A剛到達(dá)N點(diǎn)速度為，物塊A、B在碰撞后速度分別為和。物塊A從釋放到剛到達(dá)N點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律可得（1分）物塊A、B發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒定律和能量守恒定律可得（1分）（1分）碰后物塊A做簡諧運(yùn)動，物塊B先在NQ 段做勻速直線，運(yùn)動時間為，在左側(cè)軌道做勻減速直線運(yùn)動后與擋板碰撞，碰后一直勻減速到P點(diǎn)，設(shè)整個減速過程時間為，則