湖南省郴州市宜章第八中學2022-2023學年高三物理月考試題含解析

湖南省郴州市宜章第八中學2022-2023學年高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示為雜技“頂竿”表演的示意圖：一人站在地上，肩上扛一質(zhì)量為M的豎直竹竿，當竿上一質(zhì)量為m的人以加速度a加速下滑時，竿對“底人”的壓力大小為(

)A.(M+m)g

B.(M+m)g-maC.(M+m)g+ma

D.(M-m)g參考答案：B對竿上的人分析：受重力mg、摩擦力Ff，有mg-Ff=ma；所以Ff=m（g-a），竿對人有摩擦力，人對竿也有反作用力--摩擦力，且大小相等，方向相反，對竿分析：受重力Mg、竿上的人對桿向下的摩擦力Ff′、頂竿的人對竿的支持力FN，有Mg+Ff′=FN，又因為竿對“底人”的壓力和“底人”對竿的支持力是一對作用力與反作用力，由牛頓第三定律，得到FN′=Mg+Ff′=（M+m）g-ma．所以B項正確．故選：B．2.如圖所示，表面光滑的固定斜面頂端安裝一個定滑輪，小物塊A、B用輕繩連接并跨過滑輪（不計滑輪的質(zhì)量和摩擦）．開始時A、B處于同一高度并恰好處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)剪斷輕繩后A自由下落，B沿斜面下滑．則在剪斷輕繩到物塊著地的過程中，兩物塊……（）

A．速度變化相同

B．動能變化相同

C．重力勢能變化相同

D．重力做功的平均功率相同參考答案：D3.氫原子的能級如圖所示。已知可見光的光子能量在1.62eV～3.11eV之間，由此可推出，氫原子A．從n=2能級向n=1能級躍遷時發(fā)出的光為可見光B．從n=3能級向n=2能級躍遷時發(fā)出的光為可見光C．從高能級向n=2能級躍遷時發(fā)出的光均為可見光D．從高能級向n=3能級躍遷時發(fā)出的光均為可見光參考答案：B從n=2能級向n=1能級躍遷時發(fā)出的光子能量為12.2eV，為不可見光，從n=3能級向n=2能級躍遷時發(fā)出的光子能量為1.89eV，為可見光，選項A錯誤B正確；從高能級向n=2能級躍遷時，放出的光子能量最大為3.40eV，大于3.11eV，故C錯誤．從高能級向n=3能級躍遷時發(fā)出的光的能量最大為1.51eV，小于可見光的能量，故D錯誤。4.（多選）我國的神州九號飛船繞地球作圓周運動。其運動周期為T，線速度為v，引力常量為G，則（

）A．飛船運動的軌道半徑為

B．飛船運動的加速度為C．地球的質(zhì)量為

D．飛船的質(zhì)量為參考答案：AC5.關(guān)于物體的運動，下列說法正確的是（）A．變速運動一定是曲線運動B．曲線運動一定是變速運動C．曲線運動一定是加速度變化的運動D．運動物體的加速度大小、速度大小都不變的運動一定是直線運動參考答案：B解：A、變速運動不一定是曲線運動，如勻變速直線運動．故A錯誤；B、既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，故B正確；C、曲線運動的條件是合力與速度不共線，一定存在加速度，因此速度大小可以變化，也可以不變，故C錯誤；D、運動物體的加速度大小、速度大小都不變的運動一定不是直線運動，因為加速度要么改變速度的大小，要么改變速度的方向．故D錯誤；故選：B．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖甲所示，質(zhì)量為m、邊長為l的正方形金屬線框位于絕緣光滑水平面上，線框右邊緊貼著豎直向下的有界勻強磁場的邊界OO/．線框在水平向右的外力F作用下從靜止開始做勻加速直線運動，外力F隨時間t呈線性變化，如圖乙所示，圖中的F0、t0均為已知量．在t＝t0時刻，線框左邊恰到達OO/．此時線框受到的合力為_______或__________（寫出兩種表達）；在t＝t0時刻，線框的發(fā)熱功率與外力F的功率之比P熱：PF＝_______．參考答案：F0

或

；

3:57.蛟龍?zhí)栞d人潛水艇是一艘由中國自行設(shè)計的載人潛水器．2012年6月27日潛水深度7062.68m，這標志著我國具備了載人到達全球99%以上海域深處進行作業(yè)的能力．潛水艇外殼是國產(chǎn)鈦合金做成的，呈雞蛋形狀，艙內(nèi)空間約為80m3與外界導熱良好．開始潛入時，艙內(nèi)空氣（看成理想氣體）的壓強為latm，溫度為27℃，水深7062.68m處的溫度為4℃．求：①當蛟龍?zhí)栞d人潛水艇在水深7062.68m處停留足夠長的時間后，艙內(nèi)氣體的壓強為多少atm；②在上述過程中艙內(nèi)氣體放熱（填“放熱”或“吸熱”）；③從微觀的角度解釋艙內(nèi)壓強的變化：艙內(nèi)空氣的體積不變，分子數(shù)密度不變，溫度降低，分子的平均動能減小，所以壓強降低．．參考答案：【考點】：熱力學第一定律；理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】：熱力學定理專題．【分析】：①艙內(nèi)空氣為等容變化，列出初態(tài)和末態(tài)的壓強和溫度，由查理定律求解．②艙內(nèi)空氣看成理想氣體，其內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，根據(jù)溫度變化分析內(nèi)能的變化，放熱還是吸熱．③氣體的壓強與分子的平均動能和分子數(shù)密度有關(guān)，根據(jù)氣體壓強微觀意義進行分析．：解：①艙內(nèi)空氣為等容變化，初態(tài)：p1=1atm，T1=300K；末態(tài)：p2=？，T1=277K由查理定律得：=代入數(shù)據(jù)解得：p2==×1atm=0.92atm，②在上述過程中艙內(nèi)氣體的溫度降低，內(nèi)能減小，而體積不變，氣體不做功，由熱力學第一定律判斷得知，氣體放熱．③艙內(nèi)空氣的體積不變，分子數(shù)密度不變，溫度降低，分子的平均動能減小，所以壓強降低．答：①艙內(nèi)氣體的壓強為0.92atm．②放熱．③艙內(nèi)空氣的體積不變，分子數(shù)密度不變，溫度降低，分子的平均動能減小，所以壓強降低．【點評】：對于氣體問題，往往是氣態(tài)方程和熱力學第一定律的綜合，關(guān)鍵要正確分析不變量，靈活選擇狀態(tài)方程．8.一個質(zhì)量為70kg的人在電梯中用體重計稱量，當電梯以4m/s2向下加速運動時，讀數(shù)為

N，當電梯以4m/s2向下減速運動時，讀數(shù)為

N。參考答案：420

9809.電梯內(nèi)的水平地板上，豎直放置一根輕質(zhì)彈簧，彈簧上端固定質(zhì)量為m的物體。當電梯沿豎直方向勻速運動時，彈簧被壓縮了x；當電梯接著做減速運動時，彈簧又被繼續(xù)壓縮了0.1x。重力加速度大小為g。則彈簧的勁度系數(shù)k=________；該電梯做勻速運動時的速度方向為_________，電梯做減速運動時的加速度大小是________。參考答案：mg/x，向下，0.1g（提示：彈簧繼續(xù)被壓縮，說明彈力大于重力，加速度向上，由于是減速運動，因此速度一定是向下。）10.如圖所示，AB為勻質(zhì)桿，其重為G，它與豎直墻面成角；BC為支撐AB的水平輕桿，A、B、C三處均用鉸鏈連接且位于同一豎直平面內(nèi)。則BC桿對B端鉸鏈的作用力大小為_______,AB桿對A端鉸鏈的作用力與豎直方向夾角_______角(選填“大于”、“等于”或“小于”)。參考答案：、小于11.(5分)如圖所示，是測定子彈速度的裝置示意圖，A、B兩圓盤平行，相距為L，兩圓盤固定在同一根穿過圓心且與盤面垂直的轉(zhuǎn)軸上，兩圓盤以角速度ω高速轉(zhuǎn)動，子彈以平行轉(zhuǎn)軸方向先后穿過A、B兩盤，量得兩圓盤上彈孔和圓心連線的夾角為θ，由此可測出子彈的速度為

。參考答案：

答案：ωL/（θ+2kл）k=0，1，2，3……12.已知氮氣的摩爾質(zhì)量為M，在某狀態(tài)下氮氣的密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，在該狀態(tài)下體積為V1的氮氣分子數(shù)為

▲

，該氮氣變?yōu)橐后w后的體積為V2，則一個氮分子的體積約為

▲

．參考答案：

氣的質(zhì)量為：氮氣的物質(zhì)的量為：；故質(zhì)量為m的水所含的分子數(shù)為：；該氮氣變?yōu)橐后w后的體積為，則一個氮分子的體積約為：。13.鐳核(Ra)經(jīng)過一系列α衰變和β衰變，變成鉛核(Pb)，其中經(jīng)過α衰變的次數(shù)是_____，鐳核(Ra)衰變成鉛核(Pb)的過程中損失了_______個中子．參考答案：516三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.實驗室常用的電磁打點計時器用的是低壓______（填“直流”、“交流”）電源．某次實驗連續(xù)打了一系列點的紙帶如下圖，由此可以判斷，這段紙帶的運動屬于________（填“勻速”、“勻變速”）直線運動，紙帶上AB段運動的時間t=____s，AB段的平均速度=______（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。參考答案：交流，勻變速，0.08，1.15m/s15.利用圖示裝置可以做力學中的許多實驗．（1）以下說法正確的是

．A．利用此裝置“研究勻變速直線運動”時，須設(shè)法消除小車和木板間的摩擦阻力的影響B(tài)．利用此裝置探究“小車的加速度與質(zhì)量的關(guān)系”并用圖象法處理數(shù)據(jù)時，如果畫出的a-M關(guān)系圖象不是直線，就可確定加速度與質(zhì)量成反比C．利用此裝置探究“功與速度變化的關(guān)系”實驗時，應(yīng)將木板帶打點計時器的一端適當墊高，這樣做的目的是利用小車重力沿斜面分力補償小車運動中所受阻力的影響（2）小華在利用此裝置“探究加速度a與力F的關(guān)系”時，因為不斷增加所掛鉤碼的個數(shù)，導致鈞碼的質(zhì)量遠遠大于小車的質(zhì)量，則小車加速度a的值隨鈞碼個數(shù)的增加將趨近于

的值.參考答案：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（15分）如圖所示，某貨場而將質(zhì)量為m1=100kg的貨物（可視為質(zhì)點）從高處運送至地面，為避免貨物與地面發(fā)生撞擊，現(xiàn)利用固定于地面的光滑四分之一圓軌道，使貨物中軌道頂端無初速滑下，軌道半徑R=1.8m。地面上緊靠軌道次排放兩聲完全相同的木板A、B，長度均為l=2m，質(zhì)量均為m2=100kg，木板上表面與軌道末端相切。貨物與木板間的動摩擦因數(shù)為1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)=0.2。（最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，取g=10m/s2）（1）求貨物到達圓軌道末端時對軌道的壓力。（2）若貨物滑上木板4時，木板不動，而滑上木板B時，木板B開始滑動，求1-應(yīng)滿足的條件。（3）若1=0。5，求貨物滑到木板A末端時的速度和在木板A上運動的時間。參考答案：解析：（1）設(shè)貨物滑到圓軌道末端是的速度為，對貨物的下滑過程中根據(jù)機械能守恒定律得，①設(shè)貨物在軌道末端所受支持力的大小為,根據(jù)牛頓第二定律得，②聯(lián)立以上兩式代入數(shù)據(jù)得③根據(jù)牛頓第三定律，貨物到達圓軌道末端時對軌道的壓力大小為3000N，方向豎直向下。（2）若滑上木板A時，木板不動，由受力分析得④若滑上木板B時，木板B開始滑動，由受力分析得⑤聯(lián)立④⑤式代入數(shù)據(jù)得⑥。（3），由⑥式可知，貨物在木板A上滑動時，木板不動。設(shè)貨物在木板A上做減速運動時的加速度大小為，由牛頓第二定律得⑦設(shè)貨物滑到木板A末端是的速度為，由運動學公式得⑧聯(lián)立①⑦⑧式代入數(shù)據(jù)得⑨設(shè)在木板A上運動的時間為t，由運動學公式得⑩聯(lián)立①⑦⑨⑩式代入數(shù)據(jù)得?？键c：機械能守恒定律、牛頓第二定律、運動學方程、受力分析17.如圖所示，實線和虛線分別是沿x軸傳播的一列簡諧橫波在t=0和t=0.06s時刻的波形圖。已知在t=0時刻，x=l.5m處的質(zhì)點向y軸正方向運動。（1）判斷該波的傳播方向；（2）求該波的最小頻率：（3）若3T<t<4T，求該波的波速。參考答案：18.如圖，在金屬導軌MNC和PQD中，MN與PQ平行且間距為L＝1m，MNQP所在平面與水平面夾角α＝37°．N、Q連線與MN垂直，M、P間接有阻值R＝10Ω的電阻．光滑直導軌NC和QD在同一水平面內(nèi)，與NQ的夾角均為θ＝53°．a(chǎn)b棒的初始位置在水平導軌上與NQ重合．ef棒垂直放在傾斜導軌上，與導軌間的動摩擦因數(shù)為μ＝0．1，由導軌上的小立柱1和2阻擋而靜止．金屬棒ab和ef質(zhì)量均為m＝0．5kg，長均為L＝1m．空間有豎直方向、磁感應(yīng)強度B＝2T的勻強磁場（圖中未畫出）．兩金屬棒與導軌保持良好接觸，ef棒的阻值R＝10Ω，不計所有導軌和ab棒的電阻．假設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等．忽略感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場．若ab棒在拉力F的作用下，以垂直于NQ的速度v1＝1m/s在水平導軌上向右勻速運動，且運動過程中ef棒始終靜止（g取10m/s2，sin37°＝0．6，cos37°＝0．8）．（1）求金屬棒ab運動到x＝0．3m處時，經(jīng)過ab棒的電流大??；（2）推導金屬棒ab從NQ處運動一段距離x過程中拉力F與x的關(guān)系式；（3）若ab棒以垂直于NQ的速度v2＝2m/s在水平導軌上向右勻速運動，在NQ位置時取走小立柱1和2，且運動過程中ef棒始終靜止．求此狀態(tài)下磁感應(yīng)強度B的最大值（此問結(jié)果可只保留一位有效數(shù)字）．參考答案：（1）（2）（3）試題分析：（1）ab棒滑行距離為x時，ab棒在導軌間的棒長此時，ab棒產(chǎn)生的電動勢流過ab棒的電流（2）拉力F與x的關(guān)系式，代入數(shù)據(jù)得（3）流過ef棒的電流①ef棒所受安培力②聯(lián)立①②，解得，③由③式可得，在x＝0和B為最大值時有最大值由題意知，ab棒所受安培力方向必水平向左，ef棒所受安培力方向必水平向右，使為最大值的受力分析