2023年河北省邯鄲重點中學高考物理二模試卷及答案解析

2023年河北省邯鄲重點中學高考物理二模試卷

1.在下列情況中，物體機械能守恒的是（）

A.物體沿斜面勻速滑下

B.降落傘在空中勻速下降

C.不計空氣阻力，斜向上拋出的物體在空中運動的過程中

D.起重機吊著重物加速上升

2.如圖所示，以IOM/S的水平初速度％拋出的物體，飛行一段時間后，垂直地撞在傾角為30。

的斜面上，則飛行時間t是（g取l（hn/s2）（）

3.如圖甲所示，兩消防員在水平地面4、B兩處使用相同口徑的噴水槍對高樓著火點進行滅

火。出水軌跡簡化為如圖乙所示，假設(shè)均能垂直擊中豎直樓面上的同一位置點P。不計空氣

阻力，則（）

甲乙

A.4處水槍噴出的水在空中運動的時間較長

B.8處水槍噴出的水在空中運動的時間較長

C.4處水槍噴出的水擊中墻面的速度較大

D.8處水槍噴出的水擊中墻面的速度較大

4.“電動平衡車”是青少年非常喜歡的一種代步工具。如圖所示，人站在“電動平衡車”

上在某水平地面上沿直線前進，不計空氣阻力，下列說法中正確的是（）

A.“電動平衡車”加速行駛時，車對人的作用力等于人的重力

B.“電動平衡車”勻速行駛時，車對人的作用力大小等于人對車的壓力大小

C.“電動平衡車”加速行駛時，車對人的作用力方向豎直向上

D.“電動平衡車”勻速行駛時，平衡車受到的重力和地面對平衡車的支持力是一對平衡力

5.如圖所示，光滑斜面上用細線拴著的勻質(zhì)小球處于靜止狀態(tài),

細線水平且延長線經(jīng)過球心。，小球與斜面的接觸點為4,下列說

法正確的是（）

A.細線的拉力不可能等于小球的重力

B.細線的拉力一定小于斜面對小球的支持力

C.若細線長度等于小球半徑，則細線拉力等于小球重力

D.若細線長度等于小球半徑.則細線拉力等于小球重力的一半

6.如圖所示，在圓心。為正點電荷Q的電場中有1、2、3三個點，以下說]

//-一.、、'、

法正確的是（）/\

i：七：；

A.1、2兩點的電場強度方向相同\?

\

B.2、3兩點的電勢相同'、'?一

C.將正的試探電荷分別從“1”移動到“2”和“3”，電場力做功相同

D.電勢差的大小關(guān)系滿足外1>a3

7.兩玩具車在兩條平行的車道上行駛，t=0時兩車都在同一計時線處，它們在四次比賽中

的t圖象如圖所示。在0-3s內(nèi)哪幅圖對應(yīng)的比賽中兩車可能再次相遇（）

8.甲乙兩車在公路上沿同一方向做直線運動，它們的u-t圖

象如圖所示.兩圖象在1=口時相交于P點，P在橫軸上的投影為

Q,△。2（?的面積為$在1=0時刻，乙車在甲車前面，相距為d.

已知此后兩車相遇兩次，且第1次相遇的時刻為t',則下面4組t'

和d的組合中可能的是（）

A.t'=L，d=SB.'=d=js

iq

C.tr=-td=-SD.tr=-td=-S

219441194

9.如圖所示，在xOy平面內(nèi)存在著磁感應(yīng)強度大小為8的勻強磁

場，第一、二、四象限內(nèi)的磁場方向垂直紙面向里，第三象限內(nèi)的

磁場方向垂直紙面向外。P（-，2L,。）、Q（O,--2L）為坐標軸上

的兩個點?，F(xiàn)有一電子從P點沿PQ方向射出，不計電子的重力（）

A.若電子從P點出發(fā)恰好經(jīng)原點。第一次射出磁場分界線，則電子

在磁場中運動的軌道半徑為L

B.若電子從P點出發(fā)經(jīng)原點。到達Q點，則電子運動的路程一定為2立

C.若電子從P點出發(fā)經(jīng)原點。到達Q點，則電子在Q點速度方向與y軸正向的夾角可能為45?；?/p>

135°

D.若電子從P點出發(fā)經(jīng)原點。到達Q點，則電子運動的路程可能為兀3也可能為2立

10.如圖所示是氫原子的能級圖，當大量處于量子數(shù)n=4的激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷

過程中，可能產(chǎn)生幾種不同頻率的光，用這些不同頻率的光照射逸出功為3.20W的金屬鈣，

下列說法正確的是（）

0C0

5-0.54

3-1.51

2

-H6

A.能使金屬鈣發(fā)生光電效應(yīng)的有三種頻率的光

B.能使金屬鈣發(fā)生光電效應(yīng)的有四種頻率的光

C.從金屬鈣表面逸出的光電子的最大初動能為9.55eU

D.從金屬鈣表面逸出的光電子的最大初動能為12.75W

11.如圖所示，一個繞圓心軸MN勻速轉(zhuǎn)動的金屬圓盤，勻強磁場垂直于圓盤平面，磁感應(yīng)

強度為B,圓盤中心C和圓盤邊緣。通過電刷與螺線管相連，圓盤轉(zhuǎn)動方向如圖所示，則下述

結(jié)論中正確的是（）

A.圓盤上的電流由圓心流向邊緣B.圓盤上的C點電勢低于。點電勢

C.金屬圓盤上各處電勢相等D.螺線管產(chǎn)生的磁場，F(xiàn)端為N極

12.在如圖所示的坐標系中，將兩個帶電量均為-q1的帶電小球和一個帶電量為+勺2的帶電

小球分別位于邊長為，等邊三角形的三個頂點從B、C上。坐標軸上P、Q、M三點坐標如圖所

示，則（）

MO.>

0Q<

A.。點場強一定大于M點場強

B.。點電勢一定高于M點電勢

C.P點與Q點的場強相同

D.若將位于4處的帶電小球從4點移至。點，小球電勢能一定發(fā)生了變化

13.圖(a)為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；飛、/?2、/?3、氏4和Rs

是固定電阻，是可變電阻；表頭向的滿偏電流為250m4,內(nèi)阻為4802虛線方框內(nèi)為換擋

開關(guān)，4端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓擋和51/

擋，直流電流1mA擋和2.5m4擋，歐姆X100。擋。

(1)關(guān)于7?6的使用，下列說法正確的是(填正確答案標號)。

A.在使用多用電表之前，調(diào)整及使電表指針指在表盤左端電流“0”位置

B.使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整/?6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置

C.使用電流擋時，調(diào)整/?6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置

(2)某次測量時該多用電表指針位置如圖(b)所示。若此時B端是與“1”相連的，則多用電表

讀數(shù)為；若此時B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為；若此時B端是與“5”相連的，

則讀數(shù)為o(結(jié)果均保留3位有效數(shù)字)

14.某實驗小組做“測量某一均勻新材料制成的金屬絲的電阻率”實驗。

(1)先用螺旋測微器測量電阻絲感的直徑/示數(shù)如圖甲所示，其直徑d=mm；用圖乙

的毫米刻度尺測出電阻絲氏的長度么=9.15cm；

....._.....?..

_V01234s678910cm

甲乙

(2)再用多用電表粗測燈的電阻，當用“X10”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，應(yīng)該換用(

選填“x100”或“xl”）擋，進行一列正確操作后，指針靜止時位置如圖丙所示，其讀數(shù)為

,12；

丙r

（3）為了能比較精確地測量號的阻值，實驗小組設(shè)計電路圖如圖丁所示，實驗室提供了如下的

實驗器材，電流表應(yīng)選用,定值電阻應(yīng)選用;為了滑動變阻器調(diào)節(jié)方便，并讓

電壓變化范圍盡量大一些，滑動變阻器應(yīng)選用;（均填儀器前的字母代號）

A.直流電源（電動勢E=6V,內(nèi)阻可忽略不計）;

8.電流表（量程為30nL4,內(nèi)阻％=9.5。）；

C.電流表（量程為34,內(nèi)阻/?2=0.1。）；

D電壓表（量程為6V,內(nèi)阻心＞10/cO）；

￡定值電阻(/?3=0.5/2)；

F.定值電阻(/?4=50);

G.滑動變阻器（最大阻值為100,允許通過的最大電流為24）；

，.滑動變阻器（最大阻值為15/C0,允許通過的最大電流為0.54）；

/.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干。

15.如圖所示，。0'上側(cè)有磁感應(yīng)強度大小B=2.0x10-47的勻XXXXXXXX

XXXXXXXX

強磁場，電子以u=1.6x106M/S的速度從4點與0。'成30。方向進

XXXXXX

入磁場，在垂直于磁場的平面內(nèi)運動。已知電子質(zhì)量m=9.1xXXXXX

p-o

10~31kg,電量q=1.6x1Q-19CO

（1）畫出電子在磁場中運動軌跡;

（2）該電子離開磁場出射點離A的距離；

（3）該電子在磁場中運動的時間。

16.一透明物體截面如圖所示，其中乙4BC=60°,乙BCD=90°,

現(xiàn)有一束單色光從4B邊的M點垂直于4B邊射入，已知物體內(nèi)部

c

介質(zhì)分布均勻，折射率=「，MB=d,BC=L,光在空氣中速度為c求該光從截面上某條

邊第一次射出玻璃時，出射光線與該邊的夾角。

17.如圖所示，M、N為兩平行金屬板，其間電壓為U。質(zhì)量為小、MNa

I、、

電荷量為+q的粒子，從M板由靜止開始經(jīng)電場加速后，從N板上的>''

I、

小孔射出，并沿與帥垂直的方向由d點進入Aabc區(qū)域，不計粒子\

I、

重力，已知be=1,Z.C—60°,Zb-90°,ad=—I?\

3：\

b'、...........'-c

(1)求粒子從N板射出時的速度見：

(2)若Aabc區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場，要使粒子不從ac邊界射出，則磁感應(yīng)強度

最小為多大？

(3)若4abc區(qū)域內(nèi)存在平行紙面且垂直反方向向下的勻強電場，要使粒子不從ac邊界射出，

電場強度最小為多大？

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：4、物體沿斜面勻速滑下的過程中，動能不變，重力勢能減小，則其機械能減少，

故A錯誤

8、降落傘在空中勻速下降，動能不變，重力勢能減小，故機械能不守恒，故B錯誤

C、不計空氣阻力，將物體斜向上拋出后，只受重力，故機械能守恒，故C正確

。、起重機吊著重物加速上升，拉力對重物做功，機械能不守恒，故。錯誤。

故選：Co

物體機械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，逐個分析物體的受力的情況，判斷做功情況，

即可判斷物體是否是機械能守恒.也可以機械能的概念分析.

解決本題的關(guān)鍵掌握判斷機械能守恒的方法：1、根據(jù)條件，看是否只有重力做功.2、看勢能和

動能之和是否保持不變.

2.【答案】D

【解析】解：物體做平拋運動，當垂直地撞在傾角為30。的斜面上時，把物體的速度分解如圖所示，

由圖可知，此時物體的豎直方向上的速度的大小為

%=焉=備m/s=10^m/s

由%=gt可得，運動的時間為：

t=—==-\Z-3So故ABC錯誤，￡>正確。

910

故選：D。

根據(jù)幾何關(guān)系得出物體在豎直方向上的速度，結(jié)合速度一時間公式得出物體的飛行時間。

本題主要考查了平拋運動的相關(guān)應(yīng)用，理解平拋運動在不同方向上的運動特點，結(jié)合幾何關(guān)系和

運動學公式即可完成分析。

3.【答案】C

【解析】解：AB.利用逆向思維，水從拋出點拋出到垂直擊中P點的過程可以看成水從P點做平拋

運動，根據(jù)八="￡2,可得小心，高度八相等，所以從拋出到擊中墻壁的時間相等，故AB錯

誤；

CD根據(jù)％=時間t相等，可知水平方向位移大的則水平方向的速度大，水擊中墻面的速度即

為水平方向的速度，由圖可知，4處水槍噴出的水，水平方向的位移大，所以4處水槍噴出的水擊

中墻面的速度較大，故C正確，D錯誤。

故選：C。

不計空氣阻力，噴出的水做斜拋運動，水均能垂直擊中豎直樓面上的同一位置點P,逆過程處理，

則水從P點做平拋運動，豎直方向做自由落體，高度相等，則運動時間相等，水平方向做勻速直

線運動，水平方向位移大，則水平方向速度大，水擊中墻面的速度即為水平方向的速度。

本題考查了斜拋運動的特點，逆向思維是解決本題的關(guān)鍵。

4.【答案】B

【解析】解：4、人受”電動平衡車”的作用力和“電動平衡車”受到人的作用力是一對作用力

和反作用力，二者總是大小相等，方向相反，故A錯誤；

8、“電動平衡車”勻速行駛時人受到的合外力等于零，所以車對人的作用力即人受到的支持力,

大小等于人對車的壓力大小，故B正確；

C、“電動平衡車”加速行駛時，人受到的合力的方向向前，車對人的作用力方向斜向上，故C

錯誤；

。、“電動平衡車”勻速行駛時，平衡車受到的重力與人的重力的和與地面對平衡車的支持力是

一對平衡力，故。錯誤。

故選：B。

作用力與反作用力大小相等，方向相反；根據(jù)人的受力情況分析“電動平衡車”對人的作用力；

以人和電動車整體為研究對象，根據(jù)平衡條件分析地面對電動平衡車的作用力。

本題主要是考查了作用力與反作用力，要注意二者總是大小相等，方向相反。

5.【答案】B

【解析】解：4對小球受力分析，小球受重力，細線的拉力和斜面對小球的支持力，由于斜面角

度未知，故不能確定細線拉力與重力的大小關(guān)系，故A錯誤；

8.根據(jù)三力平衡構(gòu)成的矢量直角三角形可得，細線的拉力小于斜面對小球的支持力，故8正確；

CD.由幾何關(guān)系可得，當線長等于半徑時，斜面傾角為30。，則可得

T=mgtan30°=

故CD錯誤。

故選：B。

以小球為研究對象，分析受力情況，由數(shù)學知識分析細線長度等于小球半徑時的夾角，根據(jù)共點

力的合成解答.

本題考查共點力平衡條件，解題關(guān)鍵掌握小球的受力分析，注意幾何關(guān)系的應(yīng)用。

6.【答案】D

【解析】解：4、由點電荷的電場分布可知，1、2兩點距中心源電荷的距離不同，故兩點的電場

強度方向不相同，故A錯誤；

8、由于2、3兩點離點電荷的距離不同，不在同一等勢面上，則2、3兩點的電勢不相同，故8錯

誤；

C、1點的電勢低于2點的電勢，將正的試探電荷分別從“1”移動到“2”電場力做負功，將正的

試探電荷分別從“1”移動到“3”電場力做正功，故C錯誤；

。、由于1、2兩點間的距離與1、3兩點的距離相等，由1、2兩點間的平均場強大于1、3兩點的平

均場強，則由U=Ed可知，電勢差的大小關(guān)系滿足＞Ui3，故。正確。

故選：D。

明確點電荷電場電場強度和電勢的分布規(guī)律，知道正電荷從低電勢向高電勢移動時電場力做負功;

根據(jù)U=Ed定性分析電勢差的大小。

本題考查對點電荷電場的分布規(guī)律，要掌握電場強度和電勢的規(guī)律，明確U=Ed在非勻強電場中

的定性應(yīng)用方法。

7.【答案】C

【解析】解：4、在0—2.5s內(nèi)，一輛車的速度始終比另一輛車的速度大，兩車間距增大，2.5s時，

兩車速度相等，兩者相距最遠，2.5s-3s時另一輛車的速度比這輛車的速度大，距離減小，但未

相遇，故A錯誤；

B、根據(jù)v-t圖象的面積等于位移可知，3s時，兩車未相遇，故8錯誤；

C、在0-2.5s內(nèi)，圖象中圍成面積相等，即t=2.5s相遇，故C正確；

。、在0-5s內(nèi)，一輛車的速度始終比另一輛車的速度大，5s時，速度相等，兩者相距最遠，故。

錯誤。

故選：Co

根據(jù)t圖象比較兩車在0-3s內(nèi)的速度大小，圖象的面積等于位移，由此判斷是否會相遇。

圖象法是描述物理規(guī)律的重要方法，應(yīng)用圖象法時注意理解圖象的物理意義，即圖象的縱、橫坐

標表示的是什么物理量，圖線的斜率、截距、兩條圖線的交點、圖線與坐標軸所夾的面積的物理

意義各如何。

8.【答案】C

【解析】解：在。時刻如果甲車沒有追上乙車，以后就不可能追上了，故t'Wti，從圖象中甲、乙

與坐標軸圍成的面積即對應(yīng)的位移看：

4當t'=t時，s/一Sz=S,即當d=S時正好相遇，但第一次相遇的時刻為乙以后就不會相遇

了，只相遇一次，故4錯誤；

B、C、當時，由幾何關(guān)系可知甲的面積比乙的面積多出,S,即相距d=9S時正好相遇，

2x44

故3錯誤，C正確；

。、當=由幾何關(guān)系可知甲的面積比乙的面積多出，S,即相距d=，S＜：S,不可能相

4116164

遇，故。錯誤。

故選：Co

u-t圖象中，與時間軸平行的直線表示做勻速直線運動，傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率

表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大，圖象與坐標軸圍成的面積表示位移.在時間軸上方的

位移為正，下方的面積表示位移為負.相遇要求在同一時刻到達同一位置.

本題是速度-時間圖象的應(yīng)用，知道在速度-時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，并能根

據(jù)幾何關(guān)系求出面積，能根據(jù)圖象讀取有用信息

9.【答案】ACD

【解析】解：4、若電子從P點出發(fā)恰好經(jīng)原點。第一次射出磁場分界線，則有運動軌跡如圖所示:

由幾何關(guān)系可知，電子在磁場中運動的軌道半徑為：R=^PO=^X，NL=ZJ&A正確；

C、若電子從P點出發(fā)恰好經(jīng)原點。第一次射出磁場分界線，則微粒運動的路程為圓周的/即為學;

若電子從P點出發(fā)經(jīng)原點。到達Q點，運動軌跡可能如圖所示：

由幾何關(guān)系可知，電子在Q點速度方向與y軸正向的夾角可能為45。或135。，故C正確;

B、D、電子從P點出發(fā)經(jīng)原點。到達Q點，運動軌跡也可能如圖：

因此則微粒運動的路程可能為兀3也可能為2日，

若粒子完成3、4、...n個圓弧，那么電子運動的路程可能：n為奇數(shù)時為2兀占n為偶數(shù)時為兀3

故B錯誤，力正確；

故選：ACD?

粒子在洛倫茲力作用下，做勻速圓周運動，根據(jù)題意可知，電子從P點出發(fā)恰好經(jīng)原點。第一次射

出磁場分界線，與電子從P點出發(fā)經(jīng)原點。到達Q點，運動軌跡的半徑不同，從而由運動軌跡來確

定運動路程。

本題考查根據(jù)運動半徑來確定運動軌跡，從而確定運動的路程，掌握左手定則與右手定則的區(qū)別，

注意運用幾何關(guān)系正確畫出運動軌跡圖是解題的關(guān)鍵，注意次數(shù)增多，而半徑會減小。

10.【答案】AC

【解析】

【分析】

當光子能量大于金屬的逸出功時，會發(fā)生光電效應(yīng)，能級間躍遷輻射的光子能量等于兩能級間的

能級差，結(jié)合光電效應(yīng)方程求出光電子的最大初動能。

本題考查了光電效應(yīng)方程、能級躍遷的綜合運用，知道能級差越大，輻射的光子能量越大。以及

掌握光電效應(yīng)方程，并能靈活運用。

【解答】

解：4B.大量處于量子數(shù)n=4的激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷過程中，只有從n=4躍遷到n=1,

從九=3躍遷到n=l,從n=2躍遷到n=l輻射的光子能量大于逸出功，可知能使金屬鈣發(fā)生光

電效應(yīng)的光只有三種，故A正確，B錯誤；

CD.從n=4躍遷到n=1輻射的光子能量最大，有：/w=-0.85eV+13.6eV=12.75eV,根據(jù)光

電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動能為：Ek7n=/w-%=12.75eU-3.20eU=9.55eV,故C正

確，。錯誤。

故選AC。

11.【答案】AB

【解析】解：4、將金屬圓盤看成由無數(shù)金屬幅條組成，根據(jù)右手定則判斷可知：圓盤上的感應(yīng)

電流由圓心流向邊緣，故A正確；

BC、金屬圓盤切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當于電源，感應(yīng)電流由圓心流向邊緣，可知圓盤邊

緣相當于電源的正極，圓心相當于負極，所以圓盤邊緣電勢高于圓心的電勢，則C點電勢低于D點

電勢，故8正確，C錯誤；

D、感應(yīng)電流從下往上通過螺線管，根據(jù)安培定則可知，螺線管產(chǎn)生的磁場E端為N極，故。錯誤。

故選：AB.

將金屬圓盤看成由無數(shù)金屬幅條組成,根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向，從而判斷電勢的高低,

由安培定則判斷螺線管產(chǎn)生的磁場極性。

本題關(guān)鍵要掌握右手定則、安培定則，并能正確用來分析電磁感應(yīng)現(xiàn)象，對于這兩個定則運用時,

要解決兩個問題：一是什么條件下用；二是怎樣用。

12.【答案】B

【解析】解：力、。點場強等于+92在。點產(chǎn)生的場強，為E°=k溫浮=苧，+q?在M點產(chǎn)生

的場強大小也等于等，方向沿y軸正方向，兩個-qi在M點產(chǎn)生的合場強沿y軸負方向，大小為

EML2k汨西產(chǎn)a-2k-^====一而奇，由于生和q?的大小未知，

所以不能確定。點和M點的場強大小。故4錯誤。

B、在+%的電場中，。點和M點的電勢相等，在兩個負電荷的電場中，。點電勢高于“點電勢，由

電場的疊加原理知。點電勢一定高于M點電勢，故8正確。

C、P點與Q點的場強大小相等，方向不同，則場強不同，故C錯誤。

。、將位于4處的帶電小球從4點移至。點，在兩個負電荷的電場中和在+《2的電場中，電場力做功

正負相反，總功可能為零，則電勢能可能不變，故。錯誤。

故選：B。

根據(jù)電場的疊加原理求各點的場強。根據(jù)電場線的方向分析電勢高低。根據(jù)電場力做功正負分析

電勢能的變化。

解決本題的關(guān)鍵是掌握電場的疊加原理，對場強和電勢進行合成，要知道電勢能變化與電場力做

功有關(guān)。

13.【答案】B1.47?n41.10k。2.94V

【解析】解：(1)由圖(a)所示電路圖可知，選擇開關(guān)置于3時可變電阻/?6接入電路，此時多用電表

測電阻是歐姆擋，選擇開關(guān)置于3后要進行歐姆調(diào)零，先將兩表筆短接，調(diào)整/?6使電表指針指在

表盤右端電阻“0”位置，故B正確，4C錯誤。

故選:B。

(2)若B端是與“1”相連，此時分流電阻較小，電流表量程較大，電流表量程為2.5m4,由圖(匕)所

示表盤可知，其分度值為0.05nM,多用電表讀數(shù)為1.47m4；

若此時B端是與“3”相連，此時多用電表測電阻，擋位是X100。擋，則讀數(shù)為11x1000=

noon=i.io/cn；

若此時B端是與“5”相連，此時分壓電阻較大，電壓表量程較大，電壓表量程是5W由圖(b)所

示表盤可知，其分度值為O.1U,讀數(shù)為2.94U。

故答案為：(1)8;(2)1.47mA；1.10k。；2.94V。

(1)用歐姆表測電阻選擇擋位后要進行歐姆調(diào)零。

(2)分流電阻越小，電流表量程越大；分壓電阻越大，改裝后的電壓表量程越大；根據(jù)多用電表所

測量的量與量程由圖示表盤確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)。

本題考查了多用電表讀數(shù)以及內(nèi)部原理，要注意明確串并聯(lián)電路的規(guī)律應(yīng)用，同時掌握讀數(shù)原則，

對多用電表讀數(shù)時，要先確定電表測的是什么量，然后根據(jù)選擇開關(guān)位置確定電表分度值，最后

根據(jù)指針位置讀數(shù)；讀數(shù)時視線要與電表刻度線垂直。

14.【答案】0.400x110.0BEG

【解析】解：(1)螺旋測微器的精確度為0.01mm,直徑d=0mm+40.0x0.01mm—0.400mm；

(2)歐姆表測電阻，指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明指針所指的示數(shù)小，電阻測量值=指針對應(yīng)刻度值x倍

率，為了使指針所指示數(shù)變大，要換成小倍率擋位，即“xl”擋位；待測電阻％=10.00x1=

10.0。；

(3)根據(jù)歐姆定律，通過電阻咒的電流/=*=卷/1=0.64，電流表C的量程過大，因此選用電流

Kx

表8并進行改裝：

由于并聯(lián)電路電流的分配與電阻成反比，因此定值電阻選用E,然后再進行電流表的改裝；

DQC

改裝后的量程/=%琮％=0.03/1+x0.03/1=0.64符合題目要求；

由于要求電壓變化范圍盡量大一些，滑動變阻器采用分壓式接法，因此滑動變阻器應(yīng)選用G。

故答案為：(1)0.400(2)“XI”；10.0或10；(3)8；E；G.

(1)螺旋測微器的精確度為0.017HM,測量值=固定刻度對應(yīng)讀數(shù)(nun)+對齊格數(shù)(估讀一位)x精

確度；

(2)歐姆表測電阻，測量值=指針對應(yīng)刻度值x倍率；指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，說明指針所指的示數(shù)

小，據(jù)此選擇擋位；每次換擋后必須重新進行歐姆調(diào)零，然后讀數(shù)；

(3)根據(jù)歐姆定律估算通過電阻&的電流,然后選擇電流表，將小量程電流表改裝成大量程電流表,

需要并聯(lián)一個小電阻，據(jù)此選擇定值電阻；由于要求電壓變化范圍盡量大一些，滑動變阻器采用

分壓式接法，據(jù)此選擇滑動變阻器。

要掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法；明確電學實驗中，當要求電壓從零開始，或者讓電壓變化范圍盡

量大一些，滑動變阻器應(yīng)用分壓式接法，從而確定滑動變阻器的選擇。

15.【答案】解：(1)根據(jù)左手定則確定偏轉(zhuǎn)方向，再由洛倫茲力指向圓

心，從而大致畫出電子的運動軌跡如圖所示,

2

(2)由牛頓第二定律有：q〃B=F

所以電子做圓周運動的半徑為:

316

771V9.1x10xl.6xl0.L1八一2

r=—=----zra------zzm=4.5x10,ni，

qB1,6x10iyx2.0xl04

由幾何關(guān)系知，電子出射點離4點的距離為:

△%=AD=2rcos60°=4.5x10-27n

XXXXXXXX

(3)電子在磁場中偏轉(zhuǎn)了a=y,則電子在磁場中運動時間為:

—7

a丁2nr5x3.14x4.5x10

t__T=Jx___=____________________=1.5x10-7s

2兀2兀v3x1.6x106

答：(1)畫出電子在磁場中運動軌跡如圖;

(2)該電子離開磁場出射點離4的距離是4.5x10-2m；

(3)該電子在磁場中運動的時間是1.5x10-7s?

【解析】(1)電子在磁場中做勻速圓周運動，由左手定則信確定偏轉(zhuǎn)方向，再畫出運動軌跡；

(2)洛倫茲力提供向心力求得電子