新疆烏魯木齊市名校2024學年物理高三第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析

新疆烏魯木齊市名校2024學年物理高三第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一長木板靜止在傾角為θ的斜面上，長木板上一人用力推長木板上的物塊，使物塊與長木板間的摩擦力剛好為零，已知人、物塊、長木板的質量均為m，且整個過程未發(fā)生移動。人、物塊與長木板間的動摩擦因數均為μ1，長木板與斜面間的動摩擦因數為μ2，重力加速度為g，則下列說法正確的是()A．斜面對長木板的摩擦力大小為mgsinθB．斜面對長木板的支持力大小為3μ2mgcosθC．長木板對人的摩擦力大小為2μ1mgcosθD．長木板對人的摩擦力大小為2mgsinθ2、如圖所示，彈簧秤一端固定在墻壁上，另一端與小木塊A相連，當用力加速抽出長木板B的過程中，觀察到彈簧秤的示數為1．0N，若勻速抽出木板B，彈簧秤的示數大小為A．一定大于1．0N B．一定小于1．0NC．一定等于1．0N D．一定為零3、某靜電場中的一條電場線與x軸重合，其電勢的變化規(guī)律如圖所示，在O點由靜止釋放一個負點電荷，該負點電荷僅受電場力的作用，則在－x0～x0區(qū)間內（）A．該靜電場是勻強電場B．該靜電場是非勻強電場C．負點電荷將沿x軸正方向運動，加速度不變D．負點電荷將沿x軸負方向運動，加速度逐漸減小4、在平直公路上行駛的a車和b車，其位移時間圖像分別為圖中直線a和曲線b．t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，下列說法正確的是（

）A．t=3s時，兩車具有共同的加速度B．在運動過程中，b車始終沒有超過a車C．a車做勻速運動，b車做加速運動D．在0-3s的時間內，a車的平均速度比b車的大5、如圖靜止在光滑水平面上的物體，在水平推力F的作用下開始運動，推力F隨時間t變化的規(guī)律如圖所示。則物體在0～t1時間內（）A．速度一直增大B．加速度一直增大C．速度先增大后減小D．位移先增大后減小6、在地面上方某一點將一小球以一定的初速度沿水平方向拋出，不計空氣阻力，則小球在隨后的運動中()A．速度和加速度的方向都在不斷變化B．速度與加速度方向之間的夾角一直減小C．在相等的時間間隔內，速率的改變量相等D．在相等的時間間隔內，動能的改變量相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩質量相等的物塊A、B通過一輕質彈簧連接，B足夠長、放置在水平面上，所有接觸面均光滑．彈簧開始時處于原長，運動過程中始終處在彈性限度內．在物塊A上施加一個水平恒力，A、B從靜止開始運動到第一次速度相等的過程中，下列說法中正確的有A．當A、B加速度相等時，系統(tǒng)的機械能最大B．當A、B加速度相等時，A、B的速度差最大C．當A、B的速度相等時，A的速度達到最大D．當A、B的速度相等時，彈簧的彈性勢能最大8、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，A、B、C三點的電勢分別為1V、2V、5V．則下列說法中正確的為A．D、E、F三點的電勢分別為6V、5V、2VB．正點電荷在從D點移動到F點的電場力做負功C．D、E、F三點的電勢分別為7V、6V、3VD．負點電荷在從D點移動到C點的電場力做負功9、一定質量的理想氣體，在某一平衡狀態(tài)下的壓強、體積和溫度分別為P1、V1、T1，在另一平衡狀態(tài)下的壓強、體積和溫度分別為P2、V2、T2，下列關系正確的是A．P1＝P2，V1＝2V2，T1＝2T2B．P1＝P2，V1＝V2，T1=2T2C．P1＝2P2，V1＝2V2，T1＝2T2D．T1=T2，P1＝2P2，10、如圖所示，一帶電液滴在重力和勻強電場的電場力作用下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結論正確的是（）A．此液滴可能帶正電B．液滴做勻加速直線運動C．合外力對液滴做的總功等于零D．液滴的電勢能減少三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖所示的裝置做“驗證動量守恒定律”實驗．先將小球1從斜槽軌道上某固定點由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把另一小球2放在斜槽軌道末端水平段的最右端靜止，讓小球1仍從原固定點由靜止開始滾下，且與小球2相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次．A、B、C為三個落點的平均位置，O點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點．實驗中空氣阻力的影響很小，可以忽略不計．（1）在本實驗中斜槽軌道_____（填選項前的字母）A．必須光滑B．可以不光滑（2）實驗中應該選擇兩個合適的小球進行實驗①兩個小球的半徑____（填“相同”或“不同”）②應該選擇下列哪組小球_____（填選項前的字母）A．兩個鋼球B．一個鋼球、一個玻璃球C．兩個玻璃球（3）斜槽末端沒有放置被碰小球2時，將小球1從固定點由靜止釋放．若僅降低斜槽上固定點的位置，那么小球的落地點到O點的距離將______（填“改變”或“不變”），若僅增大小球1的質量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，那么小球的落地點到O點的距離將______填（“改變”或“不變”）．（4）在安裝實驗裝置的過程中，使斜槽軌道末端的切線水平，小球碰撞前與碰撞后的速度就可以用小球飛出的水平距離來表示，其原因的是_______A．小球都是從同一高度飛出，水平位移等于小球飛出時的速度B．小球都是從同一高度飛出，水平位移與小球飛出時的速度成正比C．小球在空中的運動都是勻變速曲線運動，而且運動的加速度都相同（5）本實驗必須測量的物理量是_____A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球1和小球2的質量、C．小球1的釋放位置到斜槽軌道末端的高度hD．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離、、（6）斜槽末端沒有放置被碰小球2時，小球1的落點為B點，放置被碰小球2后，小球2的落點為C點．假設兩小球發(fā)生的是彈性碰撞，試論證：當小球1碰后的速度方向未改變時，C點必在B點的前方．_____12．（12分）借助計算機、力傳感器的掛鉤與其它物體間的彈力大小能夠在屏幕上顯示出來．為了探究最大靜摩擦力的大小跟哪些因素有關,某同學在老師的指導下做了一系列實驗:將滑塊平放在長木板上,用力傳感器沿長木板水平拉滑塊,改變拉力直到將滑塊拉動;再在長木板上鋪上毛巾,并在滑塊上放上砝碼,重復前一個過程,得到的圖線分別如圖甲、乙所示．（1）由圖乙知:在～這段時間內,滑塊的運動狀是___(填“運動”或“靜止”),滑塊受到的最大靜摩擦力為___(填“”或“”)．（2）結合甲、乙兩圖,________(填“能”或“不能”)得出最大靜摩擦力與兩物體接觸面的粗糙程度和接觸面的壓力均有關的結論．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）從地面斜向上拋出一個質量為m的小球，當小球到達最高點時，小球具有的動能與勢能之比是9：16，選地面為重力勢能參考面，不計空氣阻力，現在此空間加上一個平行于小球運動平面的水平電場，以相同的初速度拋出帶上正電荷量為q的原小球，小球到達最高點時的動能與拋出時動能相等．已知重力加速度大小為g．試求：(1)無電場時，小球升到最高點的時間；(2)后來所加電場的場強大?。?4．（16分）如圖所示,傳送帶以v=10m/s速度向左勻速運行,AB段長L為2m,豎直平面內的光滑半圓形圓弧槽在B點與水平傳送帶相切,半圓弧的直徑BD=3.2m且B、D連線恰好在豎直方向上,質量m為0.2kg的小滑塊與傳送帶間的動摩擦因數μ為0.5,g取10m/s2,不計小滑塊通過連接處的能量損失.圖中OM連線與水平半徑OC連線夾角為300求:(1)小滑塊從M處無初速度滑下,到達底端B時的速度;(2)小滑塊從M處無初速度滑下后,在傳送帶上向右運動的最大距離以及此過程產生的熱量;(3)將小滑塊無初速度的放在傳送帶的A端,要使小滑塊能通過半圓弧的最高點D,傳送帶AB段至少為多長?15．（12分）如圖所示，傳送帶水平部分的長度，與一圓心在點、半徑的豎直光滑圓軌道的末端相切于點。高出水平地面。一質量的小滑塊（可視為質點），由軌道上的點從靜止釋放，與豎直線的夾角。已知，，取，滑塊與傳送帶的動摩擦因數，轉輪與傳送帶間不打滑。不計空氣阻力。(1)求滑塊對圓軌道末端的壓力的大??；(2)若傳送帶以速度為順時針勻速轉動.滑塊運動至點水平拋出。求此種情況下，滑塊的落地點與點的水平距離；(3)若傳送帶以速度為順時針勻速轉動，求滑塊在傳送帶上滑行過程中產生的熱量。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

AB．對人、物塊、長木板三者整體研究，斜面對它們的摩擦力為靜摩擦力，其大小為f=3mgsinθ，故AB錯誤；CD．對人、物塊整體研究，由于物塊與長木板間的摩擦力剛好為零，因此長木板對人的靜摩擦力大小為f′=2mgsinθ，故C錯誤，D正確。故選D。2、C【解題分析】試題分析：當用力加速抽出木板B時，A物體保持靜止，故可知A受B的摩擦力f=F=1.0N；因A對B物體的壓力不變，故A、B間的摩擦力不會發(fā)生變化，故勻速拉動時摩擦力也為1.0N；物體A在彈簧秤的作用下仍保持靜止，故彈簧秤對A的拉力仍為1.0N，即彈簧秤的示數大小仍等于1.0N；故選C．3、B【解題分析】

AB．圖線的斜率等于電場中電場強度的大小，故該條電場線上各點場強不一樣，該靜電場為非勻強電場，故A錯誤，B正確；CD．沿著電場線的方向電勢降低，可知靜電場方向沿x軸負方向，故負點電荷沿x軸正方向運動，根據牛頓第二定律得由于O點x軸正半軸圖象斜率逐漸減小，電場強度減弱，加速度減小，故CD錯誤。故選B。4、B【解題分析】

A.因為位移時間圖像的斜率代表物體的速度，在t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，斜率相同，所以兩車具有相同的速度，而不是加速度，A錯誤B.位移時間圖像，縱坐標表示距原點的距離，通過圖像可知，b車始終沒有超過a車，B正確C.通過圖像可知，b車斜率在減小，速度在減小，所以b車做減速運動，C錯誤D.縱軸的變化量代表位移，所以在0-3s的時間內，a的位移小于b的位移，所以a的平均速度小，D錯誤5、C【解題分析】

對物體受力分析可知，物體受到的合力推力F；由圖可知，物體受到的力先減小后反向增大；則由F合=ma得：a先減小后反向增大，則物體的速度先增加后減??；由于速度方向不變，故位移一直增大；故C正確，ABD錯誤；故選C。【題目點撥】本題考查牛頓第二定律的應用，有些同學一直認為加速度減小速度一定減小，從而因思維定勢而出現錯誤；一定要牢記：速度和加速度方向相同物體加速；方向相反，物體減速，與加速度的大小變化沒有關系．6、B【解題分析】由于物體只受重力作用，做平拋運動，故加速度不變，速度大小和方向時刻在變化，選項A錯誤；設某時刻速度與豎直方向夾角為θ，則tanθ=v0vy平拋運動、動能定理【名師點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合加速度公式和動能定理公式靈活求解即可。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解題分析】

處理本題的關鍵是對物體進行受力分析和運動過程分析，使用圖象處理則可以使問題大大簡化．對A、B在水平方向受力分析如圖，F1為彈簧的拉力；當加速度大小相同為a時，對Ａ有，對B有，得，在整個過程中Ａ的合力（加速度）一直減小而Ｂ的合力（加速度）一直增大，在達到共同加速度之前A的合力（加速度）一直大于B的合力（加速度），之后A的合力（加速度）一直小于B的合力（加速度）.兩物體運動的v-t圖象如圖，時刻，兩物體加速度相等，斜率相同，速度差最大，時刻兩物體的速度相等，A速度達到最大值，兩實線之間圍成的面積有最大值即兩物體的相對位移最大，彈簧被拉到最長；除重力和彈簧彈力外其它力對系統(tǒng)正功，系統(tǒng)機械能增加，時刻之后拉力依然做正功，即加速度相等時，系統(tǒng)機械能并非最大值，A錯誤B正確；時刻兩物體的速度相等，A速度達到最大值，兩實線之間圍成的面積有最大值，即兩物體的相對位移最大，此時彈簧被拉到最長，彈性勢能最大，故CD正確．8、CD【解題分析】:AC、設正六邊形的中心為O.設D點電勢為,因為勻強電場中電勢隨距離均勻變化(除等勢面),又因為正六邊形對邊平行,DE間電勢差等于BA間電勢差,EF間電勢差等于CB間電勢差,則有E的電勢為:,F點的電勢為，O點是AD的中點,則O點的電勢為,AC中點的電勢與OB中點重合,根據幾何知識得,計算得出則E點電勢為：,F點的電勢為.故A錯誤，C正確；

B、由于D點電勢高于F點電勢，正電荷受力方向和電場線方向一致，所以正點電荷在從D點移動到F點電場力做正功，故B錯誤；D

由于D點電勢高于C點電勢，負電荷受力方向和電場線相反，所以把負電荷從D點移動到C點電場力做負功、故D正確；綜上所述本題答案是：CD9、AD【解題分析】

由題意可知考查理想氣體狀態(tài)方程的應用，根據理想氣體狀態(tài)方程計算可得?！绢}目詳解】由理想氣體狀態(tài)方程可知，當p1＝p2，體積和熱力學溫度成反比，V1＝2V2，T1＝2T2故A正確；B．由A分析可知當p1＝p2，V1＝V2，T1=T2，故B錯誤。C．由理想氣體狀態(tài)方程可知，當p1＝2p2，V1＝2V2，T1＝4T2，故C錯誤。D．由理想氣體狀態(tài)方程可知，當T1=T2，p1＝2p2，，故D正確?！绢}目點撥】一定質量的理想氣體滿足理想氣體狀態(tài)方程，根據公式計算可得。10、BD【解題分析】

A.帶電液滴受到重力和電場力兩個力作用，由題意，帶電液滴沿直線bd運動，合外力方向必定沿bd方向，則知電場力方向必定水平向右，故液滴帶負電荷，故A錯誤；B.由于重力和電場力都是恒力，液滴的合力恒定，則液滴從靜止開始做勻加速直線運動，故B正確；C.合外力的方向與運動的方向相同，故合外力對液滴做正功，故C錯誤；D.電場力對液滴做正功，故液滴的電勢能減少，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B相同B改變不變BBD見解析【解題分析】

（1）[1]小球離開軌道后做平拋運動，只要保證入射球離開軌道的初始速度相等即可，斜槽軌道不需要光滑，A不符合題意，B符合題意；故選B；（2）[2]①兩球要發(fā)生對心碰撞，故兩球的半徑應相同；②[3]為了防止入射球反彈，所以入射球的質量應大于被碰小球，所以應選一個鋼球、一個玻璃球，AC不符合題意，B符合題意；故選B；（3）[4][5]若僅降低斜槽上固定點的位置，小球離開軌道做平拋運動的速度減小，由于平拋運動的高度不變，所以不平位移變小，即小球的落地點到O點的距離將改變，若僅增大小球1的質量，小球仍以相同的速度從斜槽末端飛出，由于平拋運動的高度不變，運動的時間不變，所以小球的落地點到O點的距離不變；（4）[6]小球做平拋運動由于高度相同，由公式得：，可知高度h相同，則運動時間相同，水平位移所以小球的水平位移與小球飛出的速度成正比，B符合題意，AC不符合題意；故選B；（5）[7]小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相同，在空中的運動時間t相同，兩球碰撞過程動量守恒，以入射球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：兩邊同時乘以運動時間t得：則有：由上式可知，本實驗應測量小球1和小球2的質量m1、m2和記錄紙上O點到A、B、C各點的距離、、，BD符合題意，AC不符合題意。故選BD。（6）[8]證明：設小球1碰撞前后瞬間的速度分別為v0、v1，小球2碰后的速度為v2，根據動量守恒有：碰撞過程機械能守恒有：整理可得：當v1與v0同向時，v2大于v0，故C點必在B點的前方。12、靜止F1不能【解題分析】

根據題中F-t圖線可知，本題考查最大靜摩擦力、最大靜摩擦力與滑動摩擦力關系的知識點，根據最大靜摩擦力和滑動摩擦力產生的條件和影響因素，由平衡條件知，最大靜摩擦力隨外力的增大而增大，到達最大之后，當外力繼續(xù)增大，物體開始相對運動后，就變?yōu)榛瑒幽Σ亮?，滑動摩擦力小于最大靜摩擦力．【題目詳解】（1）物體靜止時受到拉力與靜摩擦力作用，由平衡條件可知，靜摩擦力等于拉力，隨拉力增大，靜摩擦力變大；當拉力大于最大靜摩擦力時，物體運動，之后物體受到的摩擦力是滑動摩擦力，滑動摩擦力小于最大靜摩擦力，所以在t1t1時間內滑塊處于靜止狀態(tài)，最大靜摩擦力為F1，t1時刻之后，物塊處于運動狀態(tài)，受到的是滑動摩擦力，大小為F1．（1）實驗中沒有控制接觸面粗糙程度相同而物體間壓力不同，因此不能得出最大靜摩擦力與接觸面的壓力有關的結論．故答案為（1）靜止；F1;（1）不能四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)或【解題分析】試題分析：（1）無電場時，當小球到達最高點時，小球具有的動能與勢能之比是將小球的運動分解為水平方向和豎直方向，則由，得，所以有（2）解得初始拋出時所以豎直方向的初速度為豎直方向做勻減速運動，解得（2）設后來加上的電場強度大小為E，小球到達最高抵時的動與剛拋出時的動能相等，若電場力的方向與小球初速度的水平方分量方向相同，則有解得若電場力的方向與小球初速度的水平分量方向相反，則有解得考點：考查了拋體運動規(guī)律，帶電小球在復合場中的運動【名師點睛】帶電粒子在復合場中運動問題的分析思路1．正確的受力分析除重力、彈力和摩擦力外，要特別注意電場力和磁場力的分析．2．正確分析物體的運動狀態(tài)找出物體的速度、位置及其變化特點，分析運動過程．如果出現臨界狀態(tài)，要分析臨界條件帶電粒子在復合場中做什么運動，取決于帶電粒子的受力情況．（1）當粒子在復合場內所受合力為零時，做勻速直線運動（如速度選擇器）．（2）當帶電粒子所受的重力與電場力等值反向，洛倫茲力提供向心力時，帶電粒子在垂直于磁場的平面內做勻速圓周運動．（3）當帶電粒子所受的合力是變力，且與初速度方向不在一條直線上時，粒子做非勻變速曲線運動，這時粒子的運動軌跡既不是圓弧，也不是拋物線，由于帶電粒子可能連續(xù)通過幾個情況不