2022-2023學年阿里市重點中學物理高二下期末達標檢測試題含解析

2022-2023學年高二下物理期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、無線充電器指不用導線連接到需要充電的設備上進行充電的器材，充電器中送電線圈產(chǎn)生的磁場作用于需要充電設備的受電線圈中,通過電磁感應實現(xiàn)充電過程,則充電時A．不需要消耗能量B．充電線圈中通入恒定電流C．充電效果不受擺放位置影響D．受電線圈接受變化磁場產(chǎn)生感應電流2、614C發(fā)生放射性衰變成為714N，半衰期為5700年。已知植物存活期間，其體內(nèi)614C與612C的比例不變；生命活動結束后，614A．該古木采伐的年代距今約2850年B．614C衰變?yōu)?14N的過程中放出C．612C、614D．增加樣品測量環(huán)境的壓強將加速614C3、如圖所示，矩形導線框必abcd固定在水平桌面上，通有恒定電流的長直導線MN靠近水平桌面，且平行于ab邊，在長直導線勻速從ab平移到cd邊的過程中，下列說法正確的是A．導線框中有逆時針方向的感應電流B．導線框中感應電流的方向先順時針后逆時針C．導線框所受的安培力的合力方向水平向右D．導線框所受的安培力的合力方向先水平向右后水平向左4、電阻不變的三個電燈A、B、C連接在如圖所示的電路中，閉合電鍵S后三燈電功率相同，此后向上移動滑動變阻器R的滑片．則可判斷()A．三燈的電阻大小是RB＞RC＞RA B．三燈的電阻大小是RA＞RC＞RBC．A、B兩燈變亮，C燈變暗 D．A、C兩燈變亮，B燈變暗5、在圖所示的電路中，閉合時流過電感線圈的電流是，流過燈泡的電流是，將突然斷開，則斷開前后，能正確反映流過燈泡的電流隨時間變化的圖線是圖中的（）A．B．C．D．6、如圖所示，一物塊從一光滑且足夠長的固定斜面頂端O點無初速釋放后，先后通過P、Q、N三點，已知物塊從P點運動到Q點與從Q點運動到N點所用的時間相等，且PQ長度為3m，QN長度為4m，則由上述數(shù)據(jù)可以求出OP的長度為（）A．2mB．98mC．258m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于原子核的結合能，下列說法正確的是（）A．比結合能越大，原子核越不穩(wěn)定B．原子核的結合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量C．自由核子組成原子核時，其質量虧損所對應的能量大于該原子核的結合能D．一個重原子核衰變成粒子和另一原子核，衰變產(chǎn)物的結合能之和一定大于原來重核的結合能8、用雙縫干涉測光的波長的實驗裝置如圖所示，實驗裝置使光屏上能觀察到清晰的干涉條紋。關于該實驗，下列說法正確的是()A．取下濾光片，光屏上將只見到白光B．若光屏與雙縫間距增大，光屏上相鄰兩條亮紋中心的距離增大C．若將雙縫間的距離d增大，光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離減小D．測出n條亮條紋間的距離a，則相鄰兩條亮條紋間距為△x=a／(n+1)E.若將濾光片由紅色換成綠色，光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離減小9、一簡諧橫波沿水平方向由質元a向質元b傳播，波速為4m／s，a、b兩質元平衡位置間的距離為2m，t-0時刻，a在波峰，b在平衡位置且向下振動，則該橫波的周期可能為A．s B．s C．s D．s10、將分子a固定在x軸上的O點，另一分子b由無窮遠處只在分子間作用力作用下沿x軸的負方向運動，其分子勢能隨兩分子的空間關系的變化規(guī)律如圖所示．則下列說法正確的是．A．分子b在x=x2處時的分子勢能最大B．分子b由x=x2處向x=x1處運動的過程中分子勢能減小C．分子b在x=x2處受到的分子力為零D．分子b由無窮遠處向x=x2處運動的過程中，分子b的加速度先增大后減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，用“碰撞試驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．①試驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通過僅測量______（單選）A.小球開始釋放高度hB.小球拋出點距地面的高度HC.小球做平拋運動的射程②圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP，然后，把被碰小球m2靜止于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復．椐據(jù)圖可得兩小球質量的大小關系為m1_____m2,(A.用天平測量兩個小球的質量m1、mB.測量小球m1開始釋放高度hC.測量拋出點距地面的高度HD.分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、E.測量平拋射程OM，ON③若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示______________________（用②中測量的量表示）12．（12分）在做“用油膜法測分子直徑的大小”實驗時,油酸酒精溶液的濃度為每溶液中有純油酸,用注射器測得上述溶液有液滴100滴.把1滴該溶液滴入撒有痱子粉的盛水的淺盤里,待水面穩(wěn)定后,將玻璃板放在淺盤上,在玻璃板上描出油酸膜的輪廓,隨后把玻璃板放在坐標紙上,其形狀和尺寸如圖所示,坐標中正方形小方格的邊長為,則(1)油酸膜的面積是_____________；(2)每一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積是_____________；(3)油酸分子的直徑是__________(保留一位有效數(shù)字);(4)若用注射器測量溶液滴數(shù)時,錯將100滴數(shù)成98滴,則油酸分子的直徑測量值偏_________(選填“大”或“小”)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）物體在斜面頂端由靜止勻加速下滑，最初4s內(nèi)經(jīng)過路程為s1，最后4s內(nèi)經(jīng)過的路程s2，且s2-s1＝8m，s1∶s2＝1∶2，求斜面的全長．14．（16分）封閉在氣缸內(nèi)一定質量的理想氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)C，其體積與熱力學溫度T關系如圖所示。該氣體的摩爾質量為M，狀態(tài)A的體積為V1、溫度為T1．已知O、A、C三點在同一直線上，阿伏伽德羅常數(shù)為NA，求：①若在A→C過程中，氣體對外做功為5J，內(nèi)能增加9J，則氣體是吸熱還是放熱？吸收或放出的熱量是多少？②在狀態(tài)C，該氣體的密度為ρ，體積為2V1，則狀態(tài)C的溫度為多少？該氣體的分子數(shù)為多少？15．（12分）如圖所示，勻強電場的場強E＝4V/m，方向水平向左，勻強磁場的磁感應強度B＝2T，方向垂直紙面向里。一個質量為、帶正電的小物塊A，從M點沿絕緣粗糙的豎直壁無初速度下滑，當它滑行0.8m到N點時就離開墻壁做曲線運動，當A運動到P點時，恰好處于平衡狀態(tài)，此時速度方向與水平成45°角，求：(1)A沿壁下滑時克服摩擦力做的功；(2)A所帶電荷量以及運動到P點時的速度大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

由能量守恒可知，充電時仍需要消耗能量，選項A錯誤；根據(jù)電磁感應現(xiàn)象可知，充電線圈中通入變化的電流，選項B錯誤；根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，充電效果受擺放位置影響，選項C錯誤；受電線圈接受變化磁場產(chǎn)生感應電流，選項D正確.2、B【解析】

A.，某古木樣品中614CB.614C衰變?yōu)?14N的過程是：614C→C.612C有6個質子、6個中子，614D.放射性元素的衰變的快慢是由核內(nèi)部自身因素決定的，與環(huán)境的壓強無關，所以增加樣品測量環(huán)境的壓強不能加速614C3、C【解析】

AB.直導線中通有向上的電流，根據(jù)安培定則知，通過線框的磁場方向先垂直向里減小，然后垂直向外增大，根據(jù)楞次定律知感應電流的方向為順時針方向，故A、B錯誤。CD.根據(jù)左手定則知，ab邊所受安培力方向水平向右，cd邊所受安培力方向水平向右，則線框所受安培力的合力方向水平向右，故C正確，D錯誤。4、C【解析】

AB：由電路圖可知，ABC三燈兩燈電壓間關系為：，三燈功率相等，據(jù)可得，A燈的電阻最大；由電路圖可知，BC兩燈的電流關系為，兩燈功率相等，據(jù)可得，C燈電阻小于B燈電阻；則三燈電阻的大小關系是．故AB兩項錯誤．CD：向上移動滑動變阻器R的滑片，滑動變阻器接入電路的電阻變大，電路總電阻變大，電路中總電流減小，A燈兩端電壓增大，A燈變亮；流過C燈的電流減小，C燈變暗；B燈兩端電壓增大，B燈變亮．故C項正確，D項錯誤．【點睛】靈活應用閉合電路的歐姆定律，電動勢、路端電壓和內(nèi)電壓關系，串并聯(lián)電路的電壓電流關系是解決動態(tài)電路的關鍵，即先局部--整體---局部的解題思路．5、D【解析】S斷開前燈泡中電流方向向右大小為1A，斷開后，由于自感現(xiàn)象，線圈中電流不會立即消失，它與燈泡構成回路，電流從2A緩慢減小，通過燈泡的電流方向向左，也從2A開始減小到零，故D正確，ABC錯誤。6、C【解析】

在相鄰的相等時間內(nèi)的位移差是恒量，即Δx=at2，結合Q的速度等于PN段的平均速度，求出Q的速度，再結合運動學公式求出OQ的距離，結合PQ距離求出OP【詳解】設相等的時間為t，加速度為a，由：Δx=at2Q點瞬時速度的大小等于PN段的平均速度的大?。簐則OQ間的距離：x則OP長度為：xOP=xOQ-xPQ【點睛】解決本題的關鍵掌握勻變速運動的兩個重要推論，某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度；在相鄰的相等時間內(nèi)的位移差是恒量，即Δx=aT二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，故A錯誤；B、原子核的結合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，故B正確；C、自由核子組成原子核時，其質量虧損對應的能量等于該原子核的結合能，故C錯誤；D、一重原子核衰變成α粒子和另一原子核，要釋放能量，衰變產(chǎn)物的結合能之和一定大于原來重核的結合能，故D正確；故選:BD．【點睛】比結合能：原子核結合能對其中所有核子的平均值，亦即若把原子核全部拆成自由核子，平均對每個核子所要添加的能量．用于表示原子核結合松緊程度．結合能：兩個或幾個自由狀態(tài)的粒子結合在一起時釋放的能量．分散的核子組成原子核時放出的能量叫做原子核結合能．8、BCE【解析】

根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式，結合色光波長、雙縫間距以及雙縫到光屏距離的變化，判斷條紋中心間距的變化?！驹斀狻緼．取下濾光片，不同的色光干涉，在光屏上將出現(xiàn)彩色的干涉條紋，故A錯誤；B．根據(jù)知，將光屏與雙縫間距L增大，則光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離增大，故B正確；C．根據(jù)知，將雙縫的距離d增大，則光屏.上相鄰兩條暗紋中心的距離減小，故C正確；D．測出n條亮條紋間的距離a,則相鄰兩條亮條紋間距為，故D錯誤；E．若將濾光片由紅色換成綠色，光的波長減小，根據(jù)知，光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離減小，故E正確?！军c睛】本題主要考查用雙縫干涉測光的波長的實驗的應用，較為簡單。9、AD【解析】

根據(jù)題意a、b兩質元平衡位置間的距離為(n+)λ，所以λ=m，(n=0,1,2,3…).T=λ/v=s，(n=0,1,2,3…).所以n=0時，T=s；n=1時，T=s；n=2時，T=s；n=3時，T=s.故AD正確，BC錯誤．故選AD.【點睛】t=0時刻，a在波峰，b在平衡位置且向下振動，知a、b兩質元平衡位置間的距離為（n+）λ，根據(jù)波速、波長、周期的關系公式和周期性，求出周期的表達式，n取不同值，即可求周期．10、CD【解析】由圖像可知，分子b在x=x2處時的分子勢能最小，選項A錯誤；分子b由x=x2處向x=x1處運動的過程中分子勢能增加，選項B錯誤；分子力做功等于分子勢能的變化，即EP=W=fx，則圖像的切線的斜率反映分子力的大小，分子b在x=x2處EP-x圖像的斜率為零，則受到的分子力為零，選項C正確；分子b由無窮遠處向x=x2處運動的過程中，分子b受到的分子力先增加后減小，則分子b的加速度先增大后減小，選項D正確；故選CD.點睛：此題關鍵是理解勢能變化圖線，知道分子力做功與分子勢能變化的關系，知道EP-x圖像的斜率反映分子力的大小.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）C（1）＞；ADE（3）m1OP=m1OM+m1ON；【解析】

（1）在做“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，所以要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平．

（1）由動量守恒定律求出需要驗證的表達式，根據(jù)表達式以及實驗過程分析實驗中的步驟；

（3）根據(jù)（1）的分析確定需要驗證的關系式．驗證動量守恒定律實驗中，質量可測而瞬時速度較難．因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度．過程中小球釋放高度不需要，小球拋出高度也不要求．最后可通過質量與水平射程乘積來驗證動量是否守恒．根據(jù)機械能守恒確定驗證是否為彈性碰撞的表達式．【詳解】（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，根據(jù)平拋運動規(guī)律，若落地高度不變，則運動時間不變，因此可以用水平射程大小來體現(xiàn)速度速度大小，故需要測量水平射程，故AB錯誤，C正確．故選C

（1）碰撞過程中動量、能量均守恒，因此有：m1v0=m1v1+m1v1，12mv02＝12mv12+12mv22因此有：v1＝m1-m2m1+m2v0，因此要使入射小球m1碰后不被反彈，應該滿足m1＞m1．碰撞過程動量守恒，則m1v0=m1v1+m1v1，兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m【點睛】本題考查驗證動量守恒定律實驗的基本內(nèi)容；實驗的一個重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運動并且落到同一水平面上，故下落的時間相同，所以在實驗的過程當中把本來需要測量的速度改為測量平拋過程當中水平方向發(fā)生的位移，可見掌握了實驗原理才能順利解決此類題目．12、440-456