2022年陜西省漢中市廣坪中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試題含解析

2022年陜西省漢中市廣坪中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.下列說法正確的是A．阻尼振動一定是等幅振動B．物體做受迫振動，驅(qū)動力的頻率小于物體的固有頻率，若驅(qū)動力的頻率逐漸增大，則物體的振幅將先減小后增大C．受迫振動穩(wěn)定時的頻率等于驅(qū)動力的頻率，與物體的固有頻率無關(guān)D．廠房建筑物的固有頻率應(yīng)該處于機(jī)器轉(zhuǎn)動的頻率范圍之內(nèi)

參考答案：C2.如圖所示，兩個帶電球，大球的電量大于小球的電量，可以肯定A．兩球都帶正電B．兩球都帶負(fù)電C．大球受到的靜電力大于小球受到的靜電力D．兩球受到的靜電力大小相等參考答案：D3.（單選）在電能的輸送過程中，若輸送的電功率一定、輸電線電阻一定時，對于在輸電線上損失的電功率，有如下四種判斷,正確的是（

）A.和輸送電壓成正比

B.和輸送電線上的電流成正比

C.和輸送電線上的電壓降成正比

D.和輸送電壓的平方成反比參考答案：D4.關(guān)于物體的帶電荷量，以下說法中正確的是

（

）。A．物體所帶的電荷量可以為任意實數(shù)B．物體所帶的電荷量只能是某些特定值C．物體帶電＋1.60×10-9C，這是因為該物體失去了1.0×1010個電子D．物體帶電荷量的最小值為1.6×10-19C參考答案：BCD5.如圖所示，C為兩極板水平放置的平行板電容器，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器R1、R2的滑片處于各自的中點位置時，懸在電容器C兩極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，要使塵埃P向下加速運(yùn)動，下列方法中可行的是（）A.把R1的滑片向左移動B.把R2的滑片向左移動C.把R2的滑片向右移動D.把閉合的開關(guān)S斷開

參考答案：B考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；電容；閉合電路的歐姆定律．專題：共點力作用下物體平衡專題．分析：塵埃P受到重力和電場力而平衡，要使塵埃P向下加速，就要減小電場力，即要減小電場強(qiáng)度；變阻器R2處于分壓狀態(tài)，根據(jù)題意，只要減小電容器兩端電壓就可以減小電場力，從而使塵埃P向下加速運(yùn)動．解答：解：A、塵埃P受到重力和電場力而平衡，要使塵埃P向下加速，就要減小電場力，故要減小電容器兩端的電壓；電路穩(wěn)定時，滑動變阻器R1無電流通過，兩端電壓為零，故改變R1的電阻值無效果，故A錯誤；B、C、變阻器R2處于分壓狀態(tài)，電容器兩端電壓等于變阻器R2左半段的電壓，故要減小變阻器R2左半段的電阻值，變阻器R2滑片應(yīng)該向左移動，故B正確，C錯誤；D、把閉合的開關(guān)S斷開，電容器兩端電壓增大到等于電源電動勢，故P向上加速，故D錯誤；故選B．點評：本題是簡單的力電綜合問題，關(guān)鍵先通過受力分析，得到電場力先與重力平衡，后小于重力；然后對電路進(jìn)行分析，得到減小電容器兩端電壓的方法．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.在真空中兩個帶等量異種的點電荷，電量均為2×10-8C，相距20cm，則它們之間的相互作用力大小為_________________N。在兩者連線的中點處，電場強(qiáng)度大小為_________________N/C。參考答案：，

3.6×1047.已知電子的比荷絕對值大小為，則其電荷量為

，質(zhì)量為

。（保留一位小數(shù)）參考答案：，8.一個電熱器接到55V的直流電源上所產(chǎn)生的熱功率剛好是接到某交流電源上產(chǎn)生的熱功率的1/16，那么，這個交流電源的路端電壓是________V；先后兩次通過電熱器的電流之比為________。參考答案：220；1:4

由得，所以由得,所以9.如圖所示為一個勻強(qiáng)電場的三個等勢面A、B、C，相鄰兩個等勢面間距離為10cm，此電場的電場強(qiáng)度為3000V/m，若B點的電勢為零，A、C的電勢分別為____________;__________..參考答案：φA=300V，φC=-300V或φA=-300V，φC=300V由U＝Ed可知，相鄰兩等勢面間的電勢差的大小|UAB|=|UBC|=Ed=3000×0.1V=300V,那么：φA=300V,φC=-300V或φA=-300V,φC=300V.10.質(zhì)量為M的小船以速度v0行駛，船上有兩個質(zhì)量均為m的小孩a和b，分別靜止站在船頭和船尾．現(xiàn)小孩a沿水平方向以速率v（相對于靜止水面）向前躍入水中，然后小孩b沿水平方向以同一速率v（相對于靜止水面）向后躍入水中，則小孩b躍出后小船的速度方向

（填向前或向后），大小為

（水的阻力不計）．參考答案：向前，（1+）v0．【考點】動量守恒定律．【分析】水的阻力不計，小孩a、小孩b和小船系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律列式求解，也可以先對小孩a跳出過程運(yùn)用動量守恒定律，再對小孩b跳出過程運(yùn)用動量守恒定律求小船的速度．【解答】解：設(shè)小孩b躍出后小船的速度為v′，取小船原來的速度方向為正，根據(jù)動量守恒定律，有（M+2m）v0=Mv′+mυ﹣mυ解得v′=（1+）v0，方向向前．故答案為：向前，（1+）v0．11.（16分）如圖為日常生活用電的電壓隨時間變化的規(guī)律圖，由圖可知：該交流電電壓的峰值為

V，有效值為

V，周期為

s，頻率為

Hz。參考答案：220，220，0.02，5012.平行板電容器所帶量Q=4×l0-8C，它的兩極板之間電壓U=2v如果兩板電量各減少一半，則兩板間電勢差變?yōu)?/p>

V，兩板間的電場強(qiáng)度將變?yōu)樵瓉淼?/p>

。參考答案：1，1/213.已知空氣的擊穿電場強(qiáng)度為2×106V/m，測得某一次閃電，設(shè)閃電的火花路徑為直線，其火花長為1000m，則發(fā)生這次閃電時，放電路徑兩端的電勢差U=

V．參考答案：2×109【考點】勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系．【分析】本題通過具體事例直接考察了公式U=Ed和W=qU的理解和應(yīng)用，比較簡單，直接代入公式求解即可．【解答】解：由題意可知兩云團(tuán)之間為勻強(qiáng)電場，符合公式U=Ed適用條件，所以有：U=Ed=2×106×1000=2×109V故答案為：2×109三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在“驗證機(jī)械能守恒定律”的實驗中，(l）下列器材中不必要的是________（只需填字母代號A．重物

B.紙帶

C．天平D．刻度尺(2）由于打點計時器兩限位孔不在同一豎直線上，使紙帶通過時受到較大阻力，這樣會導(dǎo)致實驗結(jié)果mgh________________mv2(選填“<”或”>”)參考答案：C

>15.在“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實驗中，除有一標(biāo)有“6V1.5W”字樣的小電珠、導(dǎo)線和開關(guān)外，還有：A．直流電源6V（內(nèi)阻不計）B．直流電流表0～3A（內(nèi)阻0.1Ω以下）C．直流電流表0～250mA（內(nèi)阻約為5Ω）D．直流電壓表0～10V（內(nèi)阻約為15kΩ）E．滑動變阻器10Ω、2AF．滑動變阻器1kΩ、0.5A實驗要求小電珠兩端的電壓從零開始變化并能進(jìn)行多次測量．（1）實驗中電流表應(yīng)選用C，滑動變阻器應(yīng)選用E（均用序號表示）（2）小電珠的伏安特性曲線如圖1所示（只畫出了AB段），由圖可知，當(dāng)電珠兩端電壓由3V變?yōu)?V時，其燈絲電阻改變了10Ω．（3）試將如圖2所示的器材連成實物圖．參考答案：

考點：描繪小電珠的伏安特性曲線．專題：實驗題．分析：器材的選擇需安全和精確，根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流選擇電流表和電壓表的量程，從而測量誤差的角度選擇滑動變阻器．電壓和電流需從0測起，滑動變阻器需采用分壓式接法，通過燈泡的電阻大小判斷其是大電阻還是小電阻，從而確定電流表內(nèi)接還是外接．解答：解：（1）小燈泡的額定電壓為6V，小燈泡的額定電流為I===0.25A，從安全和精確度方面考慮，所以量程為300mA的電流表應(yīng)選C；要描畫小燈泡的伏安特性曲線，電路中電流的變化范圍比較大，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選E．（2）根據(jù)圖示圖象，由歐姆定律可知，小電珠電阻：RA==30Ω，RB==40Ω，電阻變化量：△R=40﹣30=10Ω；（3）小燈泡在正常工作時的電阻R==24Ω，電流表內(nèi)阻約為5Ω，電壓表內(nèi)阻約為15kΩ，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法；描繪燈泡伏安特性曲線，電壓和電流需從零開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，實物圖如圖所示．故答案為：（1）C，E

（2）10．（3）如圖點評：解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，以及知道滑動變阻器分壓式和限流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，電荷量為－e，質(zhì)量為的電子從點沿與電場垂直的方向進(jìn)入勻強(qiáng)電場，初速度為，當(dāng)它通過電場中點時，速度與場強(qiáng)方向成角，不計電子的重力，求：（1）電子經(jīng)過點的速度多大；（2）兩點間的電勢差多大。參考答案：17.一束初速不計的粒子流在經(jīng)U=5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進(jìn)入平行板間的勻強(qiáng)電場，如圖所示，若板間距離d=1.0cm，板長l=5.0cm，那么，要使粒子能從平行板間飛出，兩個極板上最多能加多大電壓？（重力不計）參考答案：在加速電場中，由動能定理，得

qU=

（2分）

在偏轉(zhuǎn)電場中，粒子做平拋運(yùn)動，得

y=at2

a=Eq/m=q/dm

l=v0t

（3分）

加最大電壓時，恰好能從下板邊緣出射，即y=d/2

（1分）

由以上幾式，解得U1=2d2U/l2

=4×102V

（2分）18.如圖所示，水平放置的平行金屬導(dǎo)軌，相距l(xiāng)=0.50m，左端接一電阻R=0.20Ω，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.40T的勻強(qiáng)磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面，導(dǎo)體棒ab垂直放在導(dǎo)軌上，并能無摩擦地沿導(dǎo)軌滑動，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略不計，當(dāng)ab以v=4.0m/s的速度水平向右勻速滑動時，求：（1）ab棒中感應(yīng)電動勢的大?。唬?）回路中感應(yīng)電流的大小和方向；（3）維持ab棒做勻速運(yùn)動的水平外力F的大小．參考答案：解：（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，ab棒中的感應(yīng)電動勢為E=Blv

代入數(shù)據(jù)知E=0.40×0.50×4.0V=0.80V（2）感應(yīng)電流大小為I=

即I=A=4.0A

方向：從b到a（3）由于ab棒受安培力F=IlB

代入數(shù)據(jù)知：F=4.0×0.50×0.40N=0.8N