2016版一點高考物理專題演練二十三磁場對運動電荷作用含兩年一年模擬

子(不計重力)()2．(2015·新課標卷Ⅱ，19)(多選)有兩個勻強磁場區(qū)域Ⅰ磁場區(qū)域做圓周運動。與Ⅰ中運動的電子相比，Ⅱ中的電子()Ak倍Bk倍Ck倍a、b、c、d為氣泡室中某放射物發(fā)生衰變放出的部分粒子的徑是()A．a(chǎn)、b為β粒子的徑跡B．a(chǎn)、b為γ粒子的徑跡C．c、d為α粒子的徑跡D．c、d為β粒子的徑跡海南單科，1)如圖，aP上的一點，P前有一條形磁的瞬間，條形磁鐵的磁場對該電子的作用力的方向()A．向上B．向下C．向左D5．(2015·理綜，7)(多選)如圖所示，S處有一電子源，可向＝9.1cmOSd＝4.55cm，MNSO直線的夾角B＝2.0×10－4Tm＝9.1×10－31kg，電e＝－1.6×10－19Cv＝1.6×106m/sl(A．θ＝90°時，l＝9.1cm B．θ＝60°時，l＝9.1cmC．θ＝45°時，l＝4.55cm D．θ＝30°時，l＝4.55cm26．(2014·新課標卷Ⅰ，16)如圖，MN為鋁質(zhì)薄平板，鋁板PQ點穿越鋁板后到2 2 2

D.山東理綜，24)D2D的同心圓處于同一豎直面內(nèi)，O為圓心，GH為大圓的水平直徑。兩圓之間的環(huán)形區(qū)域(Ⅰ區(qū))和小圓內(nèi)部(Ⅱ區(qū))d

vH點緊靠大圓內(nèi)側(cè)射入磁場。不計粒子的重 磁感應強度為B、方向垂直于紙面向里。一質(zhì)量為m、電荷量絕對值為q、不計重力的粒子，以某速度從O點沿著與y軸夾角為30°的方向進入磁場，運動到A點時，粒子速度沿x軸正方向。下列判斷正 OAx軸正方向的夾角為30°2．(2015·南昌調(diào)研)兩個質(zhì)量相同，所帶電荷量相等的帶電粒子a、b，以不同的速率對準圓心O沿著AO方向射入垂直紙面向里的圓形勻強磁場區(qū)域， Ov的不同帶電粒子，1A2B點飛出磁場，不考慮帶電粒子的重力，則()B12的比荷比值為Ovx45°并出磁場。則()C．O、P兩點間的距離為xOy0<x<1.5l的范圍內(nèi)充滿垂直紙面P點坐標為(1.5l3l)MxPQMNB的勻強磁場，方向平行于水MQhS點(S在平面上的投影位置為A)向垂直磁場的平面內(nèi)的各個方向同時發(fā)射大量相5BqhOFOF

r，軌道半徑r＝qB 知角速度變小，選項D正確。 qvB＝RT＝v

T＝qB 11A、CB、D錯誤。 α粒子為氦核帶正電，由左手定則知向上偏轉(zhuǎn)，選項A、C錯誤；β粒子是帶負電的電子，應向下偏轉(zhuǎn)，選項D正確。]4．A[aP向外，電子在條形磁鐵A正確。]

4.55cmθ＝90l＝L＝9.1cm，Aθ＝30°時，豎直向下發(fā)射的粒子，恰好打到N點，由幾何關系知，另一臨界運動軌跡恰好與MN相切于O22正確；進而可分析知當θ＝45°或θ＝60°時，粒子打到板上的范圍大于ON小于NM，即4.55cm＜l＜9.1cm，故B、C錯誤。]

mvmRvm

E＝1mv2＝q2B2R2，故磁感應強度 Ek1·R2＝

Ek2 D正確。7．解析(1)設極板間電場強度的大小為E，對粒子在電場中的 E＝qd設ⅠBR，qvB＝R甲4444 設粒子在Ⅰ區(qū)和Ⅱ區(qū)做圓周運動的半徑分別為R1、R2意可知，Ⅰ區(qū)和ⅡB＝2mv、

2＝ 乙區(qū)內(nèi)圓弧所對圓心角設為θ2，圓弧和大圓的兩個切點與圓心O連線丙粒子重復上述交替運動回到H點，軌跡如圖丙所示，設粒子在Ⅰ區(qū)和Ⅱ區(qū)做圓周運動的時間分別為t1、t2可得 t1＝α×360°

聯(lián)立⑨⑩????? 答案(1) (2)qD或 帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由軌跡可以判斷，a粒子軌 a粒子速度＝qB T＝θTθa的軌跡所對圓心角較大，故a粒子在磁場中運動時間較長，D。] [帶電粒子在勻強磁場中運動的半徑為

v＝qBv 3 π

qB＝2qB，A正確，B qvB＝RR＝qBOP＝2Rsin45°＝2mv，C正確，D錯誤。解析(1)OPPyyAO做初速OO1PAO1P點的坐標值及初速度方向可得：O1為粒子在磁場中做圓周運動的圓心，OO1r。r＋rcos60°＝1.5v2vmmm答案m

6．解析(1)粒子在磁場中的運動半徑為R，由第二定律 qvB＝R