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文檔簡介
絕密★啟用前
2023年高考物理考前信息必刷卷01
五省專用
高國新陶向
今年五省高考物理考試題型為8(選擇題)+2(填空題)+3(解答題),與往年試題的不同之處是去
掉了選考題型,將選考部分的機械振動機械波、光學和熱學融合到選擇題、填空題和解答題三個基本題型
中進行考查。
高考物理命題的方向是“對所學的知識靈活應用”,高考命題要注重考查學生對知識的融會貫通和靈
活運用。
“板塊模型”和“電磁綜合”是多年來最高頻的高考考題情景,本試卷的最后兩道解答題以板塊模型
和電磁感應導軌模型為載體考查學生用物理知識解決綜合問題的能力。
V____________________________________>
一、選擇題(本大題共8小題,每小題6分,共48分。在每小題給出的四個選項中,第?5題只有一項符合
題目要求,第6-8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。)
1.原來靜止在勻強磁場中的原子核A發(fā)生一次衰變后放出的射線粒子和新生成的反沖核都以垂直于磁感線
的方向運動,形成如圖所示的“8”字型軌跡,已知大小圓半徑之比為〃,大小圓周期之比為左,且繞大圓軌
道運動的質(zhì)點沿逆時針方向旋轉(zhuǎn)。設衰變過程釋放的核能全部轉(zhuǎn)化成射線粒子和反沖核的動能,已知該衰
變過程前后原子核的質(zhì)量虧損為根,光速為以下列判斷正確的是()
A.該勻強磁場的方向一定是垂直于紙面向外的
B.發(fā)生的是。衰變
C.原子核A的原子序數(shù)是〃+2
D.反沖核的動能為工me?
n+k
【答案】D
【解析】AB.無論是哪種衰變,反應后的兩個粒子運動方向一定是相反的,由左手定則可知,射線粒子和
新生成的反沖核的電性相同,則該衰變?yōu)閍衰變,由左手定則可知,該勻強磁場的方向一定是垂直于紙面向
里的,故AB錯誤;
V2
qvB=m——
C.根據(jù)牛頓第二定律有「
_mv
可得qB
可知,半徑大的為a粒子,由于衰變過程中動量守恒,則射線粒子和新生成的反沖核的動量等大,反向,又
有大小圓半徑之比為〃,則新生成的反沖核的電量為2〃,由電荷數(shù)守恒可知,原子核A的原子序數(shù)是2〃+2,
故C錯誤;
1_2冗r_InM
D.根據(jù)周期公式vqB
=Tttqak
射線粒子和新生成的反沖核的質(zhì)量之比為M反丁反q及
已知該衰變過程前后原子核的質(zhì)量虧損為“,則釋放的能量為E=me2
根據(jù)加=2峭
P2
筑
可得2M
%—反〃+1
由此可得反沖核和新核的動能之比為線反k
又有后卜+后卜反=E=mc~
k2
線F反=7mc
解得"k故D正確。
故選D。
2.2022年7月18日網(wǎng)易科技消息,阿聯(lián)酋宣布將設立總額約30億迪拉姆(約合8.2億美元)的專項基金,
用于開發(fā)衛(wèi)星并資助太空計劃。計劃將在三年內(nèi)首次發(fā)射衛(wèi)星并探索金星。金星是太陽系的八大行星中的
第二顆行星,在中國古代稱為太白、長庚或大囂。如果金星的公轉(zhuǎn)周期為T,自轉(zhuǎn)周期為T',半徑為火,金
星到太陽的距離為r,引力常量為G,則()
4必店4萬2尸3
A.金星質(zhì)量為B.金星質(zhì)量為竺一
GV2GT'2
4//D.太陽質(zhì)量為它軍
C.太陽質(zhì)量為
GT2GT2
【答案】C
【解析】CD.設金星質(zhì)量為〃?,太陽質(zhì)量為M,
根據(jù)萬有引力提供向心力有G駕=由寫
4/7
M=-----
解得G『故C正確,D錯誤;
AB.根據(jù)行星繞恒星運行的公轉(zhuǎn)周期、軌道半徑可以計算中心天體的質(zhì)量,而不能計算行星質(zhì)量可知,根
據(jù)題中條件無法求出金星的質(zhì)量,故AB錯誤。
故選C。
3.體育課中,小明用打氣筒給籃球打氣,整個打氣過程緩慢進行,每次打氣筒活塞都將一個標準大氣壓的
一整筒空氣壓入籃球,無漏氣,氣體可視為理想氣體,設籃球的體積不變,氣體溫度不變,則下列說法正
確的是()
A.整個打氣過程中氣體的內(nèi)能增大
B.整個打氣過程中氣體分子對籃球內(nèi)壁的平均撞擊力變大
C.后一次與前一次推活塞過程比較,籃球內(nèi)氣體壓強的增加量相等
D.后一次與前一次推活塞過程比較,壓入的氣體分子數(shù)少
【答案】C
【解析】A.在緩慢充氣過程中,氣體溫度保持不變,打氣筒內(nèi)的氣體全部壓入籃球內(nèi),無漏氣,氣體可視
為理想氣體,則整個打氣過程中氣體的內(nèi)能不變,故A錯誤:
B.由于氣體的溫度不變,氣體分子的平均動能不變,則整個打氣過程中氣體分子對籃球內(nèi)壁的平均撞擊力
不變,故B錯誤;
C.設籃球的容積為匕,打氣筒的容枳為p,打第〃次氣后籃球內(nèi)氣體的壓強為P“,打第〃+1次氣后籃球
內(nèi)氣體的壓強為P向,根據(jù)玻意耳定律可得Pjo+P/=P,H%
V
P.+l-P"=
可得可P。
即后一次與前一次推活塞過程比較,籃球內(nèi)氣體壓強的增加量相等,故C正確;
D.每次壓入的氣體體積、溫度和壓強都相同,所以每次壓入的氣體分子數(shù)相同,故D錯誤。
故選C。
4.如圖,一質(zhì)量為,〃的物塊P套在光滑水平長桿上,通過細繩繞過兩個滑輪與相同質(zhì)量的另一個物塊Q
相連,從圖示位置由靜止釋放,已知物塊Q下落的最大高度為人不計一切阻力,則下列說法正確的是
()
P
B.物塊Q的速度最大時,P的加速度。尸0
C.物塊Q下落的過程中,繩子對P的拉力的功率一直增大
D.物塊Q的速度最大時,桿對物塊P的支持力為2mg
【答案】A
【解析】A.當物塊P運動到滑輪正上方時速度最大,此時物塊Q的速度為零,由機械能守恒定律
mgh.=1-v2tw
解得物塊P的最大速度為"="礪選項A正確;
B.物塊Q的速度最大時,此時Q的加速度為零,繩的拉力等于Q的重力,物塊P水平方向合力不為零,
即P的加速度不為零,選項B錯誤;
C.物塊Q下落的過程中,開始時繩子對P的拉力的功率為零,當物塊P到達滑輪正上方時,繩子對P的
拉力的功率又為零,可知繩子對P的拉力的功率先增大后減小,選項C錯誤;
D.物塊Q的速度最大時,繩的拉力等于Q的重力mg,此時物塊P還沒有到達滑輪的正上方,細繩的拉力
與水平方向夾角小于90。,則桿對物塊P的支持力小于2,喈,選項D錯誤。
故選A。
5.如圖甲所示,絕緣水平面上存在方向水平向右的勻強電場,一帶電物塊以一定的初速度從。點開始向右
運動。取。點為電勢零點,該物塊的電勢能與動能之和巴口、電勢能當隨它離開。點的距離x變化的關系
如圖乙所示,由此能夠求出的物理量是()
甲乙
A.物塊帶電的正負和電量多少
B.勻強電場的場強大小
C.物塊返回。點時的動能
D.物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)
【答案】C
【解析】A.由乙圖可知,物塊離開。點向右運動電勢能增加,電場力做負功,可知物塊所受的電場力水
平向左,與勻強電場的電場線方向相反,即物塊帶負電。物塊所帶電荷量不能確定。故A錯誤;
?£=Fx
B.根據(jù)p
結合乙圖中數(shù)據(jù)?綜=80J,x=8m
解得F=10N
由F=qE
可知,物塊所帶電荷量未知,所以不能確定勻強電場的場強大小。故B錯誤;
C.由乙圖知,物塊向右運動時,電勢能與動能之和減小了20J,電勢能增加了80J,則動能減小了100J,
即?耳=T00J
根據(jù)動能定理-(尸+小=.線
()
物塊向左運動過程,由動能定理得F-/x=Ek
聯(lián)立,解得&=60J,戶2.5N故C正確;
D.根據(jù)卜鵬
可知,由于物塊的質(zhì)量未知,也不能求出,則不能確定物塊與水平面間的動摩擦因數(shù),故D錯誤。
故選C。
6.如圖所示,放置在水平地面質(zhì)量為胡的直角劈M上,有一個質(zhì)量為〃?的物體沿斜面加速下滑,M保持
靜止,則下列說法正確的是()
A.M對地面的壓力等于(M+w)gB.M對地面的壓力小于(〃+m)g
C.地面對M沒有摩擦力D.地面對M有向左的摩擦力
【答案】BD
【解析】AB.物塊沿斜面向下的加速度a可分解為水平向左的分量見和豎直向下分量句,對物塊和斜面體
整體由牛頓第二定律可得,在豎宜方向上(%+“應一&=〃?外
變形得FN=(m+M)g-may
可知FN<(m+M)g
由牛頓第三定律可知斜面體M對地面的壓力大小小于。"+A/)g,A錯誤,B正確;
CD.在水平方向上f=ma、
可知地面對斜面體M有水平向左的摩擦力,C錯誤,D正確。
故選BD..
7.碰碰車是大人和小孩都喜歡的娛樂活動,游樂場上,大人和小孩各駕著一輛碰碰車正對迎面相撞,碰撞
前后兩人的位移-時間圖像如圖所示,已知小孩的質(zhì)量為30kg,大人的質(zhì)量為60kg,碰碰車質(zhì)量相同,碰
撞時間極短。下列說法正確的是()
Ax/m
10
大人
01234//s
A.碰后大人的速度大小為2m/s
B.碰撞前后大人的運動方向保持不變
C.碰碰車的質(zhì)量為30kg
D.碰撞過程中小孩和其駕駛的碰碰車受到的總沖量大小為60N-S
【答案】BC
【解析】A.位移-時間圖像斜率表示速度,由圖可知,碰前瞬間小孩的速度為2m/s,大人的速度為-3m/s,
碰后兩人的共同速度為-lm/s,故A錯誤;
B.位移-時間圖像的斜率表示速度,斜率的正負表示速度的方向,由圖可知規(guī)定了大人初始運動方向為負
方向,碰后兩車一起向負方向運動,故碰撞前后大人的運動方向保持不變,故B正確;
C.設碰碰車的質(zhì)量為
由動量守恒定律有(3。+A/)x2kg-m/s-(60+A/)x3kg-m/s=(2/W+30+60)x(-l)kg-m/s
解得/=30kg故c正確;
D.碰前小孩與其駕駛的碰碰車的總動量為仍=(30+30)x2kg.m/s=120kg.m/s
碰后總動量為Pi'=(30+30)x(-1)kg./s=-60kg.m/s
由動量定理可知碰撞過程中小孩和其駕駛的碰碰車受到的總沖量為/=AP=P;-P.=->80N-S故其大
小為180N-s,故D錯誤。
故選BC。
8.如圖所示,油為一足夠大感光板,板下方有一勻強磁場,板面與磁場方向平行,磁場方向垂直于紙面向
里,磁感應強度大小B=0.60T,在到油的距離1=16而處,有一個點狀的&放射源s,它在紙面內(nèi)同時向各
個方向均勻連續(xù)發(fā)射大量“粒子,a粒子的速度大小為”=3Oxl06m/s,已知粒子的電荷與質(zhì)量之比
£
~5.0'1()701^,“粒子撞在感光板上則會被吸收。不考慮粒子重力及粒子間作用力,下列選項正確的是()
Q1—亍b
XXX
XX!XX
XX!XX
!Q
XX?XX
a鬻x10%
A.撞在感光板ab上的粒子在磁場中運動的最短時間為27°
-xl0-7s
B.撞在感光板ab上的粒子在磁場中運動的最長時間為3
53
C.撞在感光板成的粒子數(shù)占發(fā)射的總粒子數(shù)的痂
D.感光板ab上有粒子撞擊的長度范圍為16cm
【答案】AC
汨—許,
【詳解】A.用我表示軌道半徑,則有‘°-下
可得R=0?lm
?p-2irwi
周期為qB
粒子在磁場中運動的圓心角最小時,弧長最短,運動時間最短,最短弧長為S與帥垂直的距離,則有
.e-
sm2-=-Rt
可得8=106°
?=—T=—x10-7s
粒子在磁場中運動的最短時間為加270故A正確;
B.撞在感光板時上的"粒子在磁場中運動的弧長最長時,運動時間最長,則粒子到達附板時與板相切,
0=1808+arccos°~=233s
由幾何關系可得01
t_=—T=三8x10-'s
最長運動時間為F21r900故B錯誤;
C.粒子的運動軌跡與感光板仍分別相切與P、P2,圓心在以S為圓心,半徑為R的圓弧0八3上的a粒
子均可搭載感光板上,如圖
4。1502=2arccos^^i=106&
有幾何關系可得01
n_4_0z_53
則撞在感光板油的粒子數(shù)占發(fā)射的總粒子數(shù)的13附1SC故C正確:
由幾何關系可得感光板ab上有粒子撞擊的長度范圍為
r=JR2-0一町2+J(2R)2—R=o.2m=20cm
故D錯誤。
故選ACo
二、非選擇題(本大題共5小題,共62分。)
9.(6分)某同學設計了如題圖甲所示的實驗裝置,測量滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)。所選用的實驗器材有
傾角可調(diào)的斜面、長木板、滑塊、電磁打點計時器、頻率為50Hz的交流學生電源。
―21.60cm
--------28.61cm
-------------36.70cm
-----------------45.75cm----------------
?---------------------------------55.75cm一
<----------------------------------------66.77cm
乙
(1)下列選項中是實驗中不必要操作的是
A.需要測量出滑塊的質(zhì)量
B.需要測量出斜面的傾角
C.紙帶必須與長木板平行
D.先接通電源再釋放滑塊
E.墊高長木板一端補償滑塊與長木板間的摩擦力
(2)某次實驗時,調(diào)節(jié)斜面傾角6=37。。接通電源,開啟打點計時器,釋放滑塊由靜止沿斜面下滑,多次
重復實驗選擇一條點跡清晰的紙帶,如題圖乙所示“、B、C、。、E、F、G為相鄰計數(shù)點(相鄰兩計數(shù)點
之間還有4個點未畫出)。則滑塊下滑的加速度為m/s2,滑塊與木板間的摩擦因數(shù)為。
(sin370=0.6,g取lOm/s?;結果均保留兩位有效數(shù)字)
【答案】AE0.990.63
【解析】(1)設滑塊的質(zhì)量為〃?,斜面傾角為6,
根據(jù)牛頓第二定律可得"吆sincos0=ma
sin。a
〃-------------
解得COS。geos。
為了測量滑塊與木板間的動摩擦因數(shù),需要測量斜面的傾角,以及滑塊的加速度;為了減小誤差,紙帶必
須與長木板平行,應先接通電源再釋放滑塊,不需要平衡摩擦力。故不必要的操作是AE。
故選AEo
(2)相鄰兩計數(shù)點之間還有4個點未畫出,
可知相鄰計數(shù)點的時間間隔為7=5x0.02s=0.1s
一一-:*(66刀-36.7。-36可+15.5。?1。\—
根據(jù)逐差法,可得滑塊下滑的加速度為"9x0.12
sin。a0.60.99八0
〃=-----------=----------?0.63
滑塊與木板間的摩擦因數(shù)為cos。geos。0.810X0.8
DD
10.(9分)某學習小組用如圖甲所示的電路測量待測電阻”(約為10。)的阻值和電流表A的內(nèi)阻,要求
盡可能減小測量誤差。
實驗室可提供的實驗器材如下:
電壓表V(量程為0?3V,內(nèi)阻很大);
p
電流表A(量程為60mA,內(nèi)阻人約為5。);
電阻箱R(最大阻值為999.9。,最小改變值為O.1Q);
定值電阻即(阻值為44。);
兩節(jié)干電池,開關及導線若干。
(1)根據(jù)圖甲電路圖,用筆畫線代替導線,將圖乙中實物間的連線補充完整。()
(2)將電阻箱R調(diào)節(jié)到適當?shù)淖柚?,閉合開關S,記下電阻箱的阻值汽、電壓表V的示數(shù)。、電流表A的
示數(shù)/,則待測電阻孔與及的關系式為“三(用/、R、*°、*A表示)。
(3)改變電阻箱的阻值R,可獲得多組電阻箱的阻值、電壓表V的示數(shù)、電流表A的示數(shù)的數(shù)據(jù),作出U日
圖像如圖丙所示,則待測電阻“JC,電流表內(nèi)阻”心(結果均保留兩位有效數(shù)字)
【解析】(1)根據(jù)電路圖,連接實物圖如圖所示
⑶路端電壓為&=/島+%)
待測電阻兩端的電壓“a
力=如
又有R
R_
聯(lián)立解得“一
£=_^_.£+_1_
變形可得u電+%R即+以
_1
-^―=0.02fijx=030-0.02
結合題圖丙有&+%叼1■母2
解得a=120%=6.on
11.(12分)如圖所示,MNP是截面為扇形的透明介質(zhì)的橫截面圖,頂角a=75。,今有一束單色光線在橫
截面內(nèi)從的中點S沿垂直MN的方向射入透明介質(zhì),一部分光線經(jīng)NP面反射后恰好未從MP面射出,
只考慮兩次反射作用,求:
(1)該光全反射時的臨界角;
(2)透明介質(zhì)的折射率。(計算結果保留根式)
N
S
Pa
M
【答案】(1)C=45°;(2)n=y/2
【解析】(1)從S點垂直射入的光路如圖所示
因S點為的中點,所以入射角0=30°
設臨界角為C,則20+9O°+C+a+9O°=36O°
解得全反射中的臨界角C=45°
sinC=-
(2)光在〃尸面恰好發(fā)生全反射,則〃
解得透明介質(zhì)的折射率”6
12.(15分)如圖所示,粗糙水平地面上,有一長木板Z,質(zhì)量為皿=4kg,與地面間的動摩擦因數(shù)為4尸0.3。
在其左端有一個物塊8,質(zhì)量為加B=6kg,物塊8與長木板/之間的動摩擦因數(shù)為〃*0.6。最大靜摩擦力等
于滑動摩擦力,重力加速度g=10m/s2,用一水平向右的恒力作用在物塊8上。當尸大于45N時,兩者發(fā)生
相對滑動。求
(1)當尸為40N時,/、8之間的摩擦力為多大?
(2)當尸為50N時,物塊8運動到木板力右端用時2.4s,求長木板”的長度。
【答案】(1)34N;(2)2.4m
【解析】(I)尸大于45N時,兩者發(fā)生相對滑動,小于等于45N,兩者相對靜止,之間的摩擦力為靜摩擦:
當尸=40N,整體受力分析尸一%(%+%)g=(%+%)"
解得6r=lm/s2
對5受力分析F-j,=mBa
解得/行34N
(2)當Q50N,兩者發(fā)生相對滑動,A,8之間為滑動摩擦力,
此時/的加速為^BS-^(mA+mB)g=mAaA
a,=1.5m/s2
解得
g=占山=%/一
B的加速度為m?3
根據(jù)位移關系、Bf=L
解得L=2.4m
13.(20分)如圖所示,MCN與是一組足夠長的平行光滑導軌,間距£=Im,MC、尸。傾斜,CN、DQ
在同一水平面內(nèi),C。與CN垂直,C、。處平滑連接。水平導軌間有豎直向下的勻強磁場,磁感應強度
S=lTo質(zhì)量m=0/kg、電阻R=l。、長度為乙的硬質(zhì)導體棒。靜止在水平軌道上,與。完全相同的導體棒
b從距水平面高度〃=0.2m的傾斜軌道上由靜止釋放,最后恰好不與。棒相撞,運動過程中“、6棒始終與
導軌垂直且接觸良好。不計其它電阻和空氣阻力,重力加速度g=10m/s、
(1)求b棒剛進入磁場時,〃棒所受的安培力;
(2)求整個過程中通過。棒的電荷量夕及。棒距離C。的初始距離與;
(3)。棒穩(wěn)定后,在釋放b棒的初始位置由靜止釋放相同的棒所有棒運動穩(wěn)定后,在同一位置再
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