高中物理必修3物理全冊全單元試卷測試卷附答案

高中物理必修3物理全冊全單元精選試卷測試卷附答案一、必修第3冊靜電場及其應(yīng)用解答題易錯(cuò)題培優(yōu)〔難〕如下圖，固定于同一條豎直線上的A、B是兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為＋Q和－Q，A、B2d。MN是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個(gè)穿過細(xì)桿的帶電小球p，質(zhì)量為m、電荷量為+q〔可視為點(diǎn)電荷，不影響電場的分布?！常F(xiàn)將小球pACpCdO點(diǎn)時(shí)vMNABdkg。求：〔2〕OEpO點(diǎn)時(shí)的加速度；mv22mgd 2kQ 2kQq【答案】〔1〕 2q【解析】【詳解】

〔2〕

；g

2md2pCO的過程，由動(dòng)能定理得1mgdqUCO所以

mv202pO點(diǎn)時(shí)受力如圖

mv22mgdU CO 2q由庫侖定律得它們的合力為

FF1 2

kQq( 2( 2d)2O點(diǎn)處的電場強(qiáng)度由牛頓其次定律得：所以

F=F1cos45°+F2cos45°=Eq2kQE=2d2mg+qE=ma 2k a g2md2如下圖，在絕緣水平面上，相距LA、B兩點(diǎn)處分別固定著兩個(gè)帶電荷量相等的正點(diǎn)電荷，a、bABAaBbL，OAB連線的中點(diǎn)，一質(zhì)量為4m、帶電荷量為+q的小滑塊〔可以看作質(zhì)點(diǎn)〕以初動(dòng)能EaABb點(diǎn)O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為初動(dòng)能的n倍(n1)b點(diǎn)時(shí)動(dòng)能恰好Og，求：小滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；O、b兩點(diǎn)間的電勢差；小滑塊運(yùn)動(dòng)的總路程.2E【答案】〔1〕 k02E

〔2〕U

(2n1)E k0

s

2n1L【解析】【詳解】

mgL

Ob 2q 4AaBb勢差U 0;ab

L4，0ABa、bOa、b兩點(diǎn)間的電fab點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得又摩擦力解得

qU fL0Eab 2 k0fmg2E k0.2EmgLOb點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得qU fL0nEob 4 k0解得(2n1)EU ob

2q ko.aO點(diǎn)停下的整個(gè)過程，由動(dòng)能定理得qU f 0Ea0 x k0又U UaO Ob解得

(2n1)EkO2q2n1s L.4如下圖，長l＝1m的輕質(zhì)細(xì)繩上端固定，下端連接一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場中，繩與豎直方向的夾角θ＝37°.小球所帶電荷量q＝1.0×10－6CE＝3.0×103N/Cg＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：F的大小；m；將電場撤去，小球回到最低點(diǎn)時(shí)速度v的大?。敬鸢浮?1)F=3.0×10－3N (2)m=4.0×10－4kg (3)v=2.0m/s【解析】【分析】【詳解】(1)依據(jù)電場力的計(jì)算公式可得電場力FqE1.01063.0103N3.0103N；小球受力狀況如下圖：依據(jù)幾何關(guān)系可得mg qE ，所以mtan

qE 3103 kg4104kg；gtan 10tan37電場撤去后小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，則mgl(1cos37)1mv2，解得v=2m/s．2如下圖，一光滑斜面的直角點(diǎn)A處固定一帶電量為+qm的絕緣小球。另一同樣小球置于斜面頂點(diǎn)B處，斜面長為L，現(xiàn)把上部小球從B點(diǎn)從靜止自由釋放，球能沿斜面從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到斜面底端C處〔靜電力常量為k，重力加速度為g〕求：〔1〕小球從B處開頭運(yùn)動(dòng)到斜面中點(diǎn)D處時(shí)的速度？gl2〔2〕小球運(yùn)動(dòng)到斜面底端Cgl2【答案】(1)v D【解析】

(2)

F” F N N

2kq23mg32 3L2〔1〕由題意知：小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，由于AD=AB，所以有 D B即U DB D

0①L 1mg

sin30qu2

mv20②2gl2聯(lián)立①②解得v gl2D〔2〕當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，對球受力分析如下圖則由平衡條件得：F FN 庫

sin30mgcos30④由庫侖定律得：F庫

kq2lcos302⑤聯(lián)立④⑤得：F N

2kq23mg32 3L2由牛頓第三定律即F”N

F N

3 2kq2mg ．2 3L2如下圖，小球的質(zhì)量為m0.1kg，帶電量為q1.0105C，懸掛小球的絕緣絲線與豎直方向成30時(shí)，小球恰好在水平向右的勻強(qiáng)電場中靜止不動(dòng)．問：小球的帶電性質(zhì)；E的大小；假設(shè)剪斷絲線，求小球的加速度大?。敬鸢浮俊?〕小球帶正電〔2〕E5.77104N/C〔3〕a11.54m/s2【解析】【詳解】對小球進(jìn)展受力分析，如圖；由電場力的方向可確定小球帶正電；qE=mgtan3001 33解得：3

mgtan300E＝ =

N/C5.77104N/Cq 105當(dāng)線斷絲線后，小球的合力為F＝

mgcos300 F g a＝＝ m/s2 11.54m/s2由牛頓其次定律，則有： m cos300 32小球?qū)⒆龀跛俣葹榱?，加速度的方向沿著線的反向，大小為11.54m/s2，勻加速直線運(yùn)動(dòng)．【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是對小球受力分析，明確帶電小球受電場力、細(xì)線的拉力和重力，依據(jù)共點(diǎn)力平衡條件及牛頓其次定律列示求解．如下圖，AB為固定在豎直平面內(nèi)粗糙傾斜軌道，BC為光滑水平軌道，CD為固定在ABBC通過一小段光滑弧形軌道相連，BC與弧CD相ABL=10mθ37，BCs=4m，CDR=2m，O為其圓心，∠COD=143。整個(gè)裝置處在水平向左的勻強(qiáng)電場中，電場強(qiáng)度大小為E=1×103N/C。一質(zhì)m=0.4kgq=+3×10-3CAvA=15m/sAB軌道開頭運(yùn)ABμ=0.2，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2，物體運(yùn)動(dòng)過程中電荷量不變。求：物體在AB軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力和電場力的合力對物體所做的總功；C點(diǎn)對軌道的壓力大小為多少；DD點(diǎn)的速度；假設(shè)不能說明理由。【答案】(1)W=0(2)27N(3)D點(diǎn)【解析】【詳解】物體所受重力和電場力的合力大小為(mg)2(qE)2F (0.410)2(3103103(mg)2(qE)2Fα，則tanqE3mg 4即37AB上運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力和電場力的合力與軌道AB垂直，對物體做的總功為W=0；A→B過程，依據(jù)受力分析可知，物體下滑過程受到的滑動(dòng)摩擦力為：Nf=μF=μ(mgcos37+qEsin37)N代入數(shù)據(jù)解得：A→C過程，由動(dòng)能定理得：

f=1N11WfLqEs11

mv2

mv2v2C

115m2

/s2

2 C 2 AC點(diǎn)，由重力和軌道支持力的合力供給向心力，由牛頓其次定律得：mv2代入數(shù)據(jù)解得：

Nmg CRN=27N重力和電場力的合力為：F (mg)2(qE)2 (0.410)2(3103103)2N5Nv方向與豎直方向成37D點(diǎn)即為圓周運(yùn)動(dòng)中的等效最高點(diǎn)，物體到達(dá)D點(diǎn)的最小速度設(shè)為，則：vD解得：

Fmv2DRDv 5m/sDDCvC→D，由動(dòng)能定理得1 1mg(RRcos37)qERcos37

mv22 D

mv22解得：v=vCD點(diǎn)

v2115m2/s2二、必修第3冊靜電場中的能量解答題易錯(cuò)題培優(yōu)〔難〕AB=AD=L，ADBCBCD30度。在空間內(nèi)有平行于紙面的勻強(qiáng)mq>0AB點(diǎn)，電場力WW>0A點(diǎn)以一樣的初動(dòng)能射出，恰經(jīng)過C點(diǎn)電場力做2W，不計(jì)粒子重力。求：勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度大小和方向； AD W5W523q1 3L52 31 352 31 3

方向與豎直方向夾角arccos 〔2〕【解析】【詳解】由題意可知UAC2UABDBCBCQACAC終點(diǎn)P，連接BP，則可得AP=BP=PC，過A做AN垂直于BP，則AN方向即為電場方向；由于角BCD等于30度，AB=AD=L，故QC= 3L，在三角形ABC中有： AC 解得：

AC

52 3 LABNCAB相像，故有：ABAN解得：

AC BC1 3LAN1 3L52 3ABW，則有：WqEd所以解得：

W 5 Eq1 3 LAB方向夾角為，則有：52 3cos52 3L所以夾角為：

1 31 352 352 3DANANMADMABC相像，所以有：AMAD解得：

AB ACAMD點(diǎn)時(shí)，電場力做功為：

L52

d WqEdqW 5 q1 3 L

L52

W1 3答：〔1〕勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度大小E1 3arccos ；52 3

W 52 3 q1 3 W

，方向與豎直方向夾角〔2〕恰經(jīng)過D點(diǎn)，那么電場力做功1 3。1如下圖，M、N為豎直放置的平行金屬板，兩板間所加電壓為U0S1

S為板上正21對的小孔.PQN板右側(cè)，關(guān)于小孔S1

S所在直線對稱，兩板的長2lPQ右邊緣lPQ；取屏上與S1S2Ox軸，M板左側(cè)電子槍放射出的電子經(jīng)小孔S1

M、N兩板間.me，初速度可以無視.不計(jì)電子重力和電子之間的相互作用.為簡潔計(jì)，無視電容器的邊緣效應(yīng).求電子到達(dá)小孔Sv；21PQut的變化關(guān)系如下圖，單位時(shí)間內(nèi)從小孔S1

進(jìn)入的電子都一樣.電子打在熒光屏上形成一條亮線，無視電場變化產(chǎn)生的磁場；可以認(rèn)為每個(gè)電PQ間運(yùn)動(dòng)過程中，兩板間的電壓恒定.試分析、猜測題干中“PQ間運(yùn)動(dòng)過程中，兩板間的電壓恒定”這句話的依據(jù)？P、Q兩板間電壓uU0P、Q間，求其打到熒光屏上的位置.求打到熒光屏上的電子最大動(dòng)能.試分析在一個(gè)周期〔即2t0時(shí)間〕內(nèi)熒光屏單位長度亮線上的電子個(gè)數(shù)是否一樣？【答案】(1v

2eU0m

(2)a.b.

x3l4

Ec.kmc.

2eU

0 d.電子個(gè)數(shù)一樣【解析】【詳解】eU02eU

1mv22解得：v m0〔2〕a.由〔1〕中電子速度表達(dá)式猜測，由于電子比荷q/m極大，電子很簡潔加速到很大的速度，電子在板PQ間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間遠(yuǎn)小于交變電壓變化的周期，故“可以認(rèn)為每個(gè)電子在板P和Q間運(yùn)動(dòng)過程中，兩板間的電壓恒定”。假設(shè)全部電子均能打在熒光屏上，下面以偏向P板的電子為例推導(dǎo)，偏向Q板的電子推導(dǎo)過程一樣。設(shè)電子在偏轉(zhuǎn)電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1

，PQulvt11x1

at22 1eu此過程中電子的加速度大小aml1x1

ul4U0x電子出偏轉(zhuǎn)電場時(shí)，在方向的速度vxx

at1電子在偏轉(zhuǎn)電場外做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)時(shí)間t到達(dá)熒光屏，則2lvt2豎直方向：x vt2 x22x2

ul2U0

xxx

3l u電子打在熒光屏上的位置坐標(biāo)：

1 2 4U0當(dāng)uU

ll

，電子能打在熒光屏上03lx4。

1 4 2x1

lu2U2

，即從極板邊緣射出的電子動(dòng)能最大，無論電子向哪個(gè)極板偏轉(zhuǎn)，電場力均做正功。eU0解得E 2eUkm 0

2

0Ekm對于有電子穿過P、Q間的時(shí)間內(nèi)進(jìn)展?fàn)幷摚篣x 3l uU打在熒光屏上的電子形成的亮線長度 40由電壓圖象可知，在任意△t時(shí)間內(nèi)，P、Q間電壓變化u相等。所以在任意t時(shí)間內(nèi)亮線長度x相等。由題意可知，在任意t時(shí)間內(nèi)，射出的電子個(gè)數(shù)是一樣的，也就是說在任意t時(shí)間內(nèi)，射出的電子都分布在相等的亮線長度x范圍內(nèi)。因此在一個(gè)周期內(nèi)單位長度亮線上的電子個(gè)數(shù)一樣。12如下圖，AABU，在兩水平放置的平行帶電C、DUmqA被加速電壓U1加速后水平進(jìn)入豎直方向的勻強(qiáng)電場，平行帶電板的極板的長度為L，兩板間的距離d，不計(jì)帶電粒子的重力，求：12B板時(shí)的速度；C、D極板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；C、Dy.【答案】〔1〕

2qU1

〔2〕

LmLm2qU1

UL22m試題分析：〔1試題分析：〔1〕由動(dòng)能定理得：W=qU1=

1則L=則L=綜合解得設(shè)粒子在離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)縱向偏移量為y綜合解得考點(diǎn)：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵明確粒子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，對應(yīng)直線加速過程，依據(jù)動(dòng)能定理列式；對于類似平拋運(yùn)動(dòng)過程，依據(jù)類似平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)公式列式求解；不難．E＝1.0×103V/m的豎直勻強(qiáng)電場中，有一光滑半圓形絕緣軌道QPN與一MNN點(diǎn)平滑相接，半圓形軌道平面與電場線平行，其半徑R＝0.5m，NP為N圓弧的中點(diǎn)，一帶負(fù)電＝3C的小滑塊質(zhì)量＝0.1kg，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5NM處，NM1m。小滑v0Qg=10m/s2，試求：Q點(diǎn)時(shí)的速度vQ的大小？QMN軌道何處？1070v0的大?。?070【答案】(1)【解析】【詳解】

m/s(2)1m (3)

m/sQ點(diǎn)受力有：

v2m Q ，解得：v Q

R10m/s10Q點(diǎn)后做類平拋：

Fa 合20m/s2Fmy2R

12at2，xvt，Q解得：x=1mMQ點(diǎn)過程中，由動(dòng)能定理得:1 1－mg·2R－qE·2R－μ(mg＋qE)x＝

mv2－mv20聯(lián)立方程組，解得：v＝70m/s.0

2 Q 2 0如下圖，豎直面內(nèi)的光滑絕緣軌道，處于豎直向下的勻強(qiáng)電場中．一個(gè)帶負(fù)電的小A點(diǎn)由靜止釋放，沿軌道滑下，小球的質(zhì)量為m，電荷量為－q，勻強(qiáng)EαR球的重力大于所受的電場力．求小球沿軌道滑下的加速度的大小；BAh1至少為多大；2假設(shè)小球從距圓軌道最低點(diǎn)的豎直高度h＝5R處由靜止釋放，假設(shè)其能通過圓軌道頂端BB點(diǎn)的過程中小球機(jī)械能的轉(zhuǎn)變量．2【答案】〔1〕

5R〔3〕3qER.【解析】【詳解】由牛頓其次定律有解得

m 2(mg－qE)sinα＝maa＝B點(diǎn)有：

mv2mg－qE＝m B①RAB點(diǎn)過程，則有：1mv2

0②由①②解得

1 2 B5h1＝2R.從釋放到B的過程中，因電場力做的總功為負(fù)功，電勢能增加，則增加量：2ΔE＝qE(h－2R)＝qE(5R－2R)＝3qER.2由能量守恒定律得機(jī)械能削減，且削減量為3qER.〔mg-qE〕sin 5答案：〔1〕

m 〔2〕2R〔3〕3qER.如下圖，ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，AB段光滑水平，BC段為光滑圓弧，對應(yīng)的圓心角θ＝37o，半徑r＝2.5m，CD段平直傾斜且粗糙，各段軌道均平滑連接，傾斜軌道所在區(qū)域有場強(qiáng)大小為E＝2×105N／C、方向垂直于斜軌向下的勻強(qiáng)電場．質(zhì)量m＝5×100－2kg、電荷量q＝＋1×10－6C的小物體〔視為質(zhì)點(diǎn)〕被彈簧槍放射后，沿水平軌道向左滑行，在C點(diǎn)以速度v＝3m／s沖上斜軌．以小物體通過C點(diǎn)時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，0.1s以后，場強(qiáng)大小不變，方向反向．斜軌與小物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.25．設(shè)小物體的電荷量保持不變，取g＝10m／s2，sin37o＝0.6，cos37o＝0.8．0求彈簧槍對小物塊所做的功；在斜軌上小物體能到達(dá)的最高點(diǎn)為PCP的長度．【答案】(1)Wf=0.475J (2)s=0.57m【解析】試題分析：〔1〕設(shè)彈簧槍對小物體做功為Wf，由動(dòng)能定理即可求解；〔2〕對小物體進(jìn)展受力分析，分析物體的運(yùn)動(dòng)狀況，依據(jù)牛頓其次定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)根本公式即可求解．〔1〔1〕設(shè)彈簧槍對小物體做功為Wf，由動(dòng)能定理得W﹣mgr〔l﹣cosθ〕=fmv2①0代人數(shù)據(jù)得：Wf=0.475J②1〔2〕取沿平直斜軌向上為正方向．設(shè)小物體通過C點(diǎn)進(jìn)入電場后的加速度為a，由牛頓其次定律得：﹣mgsinθ﹣μ〔mgcosθ+qE〕=ma1③1由③④可知v=2.1m/s1，設(shè)運(yùn)動(dòng)的位移為s1，有：s=vt+ a由③④可知v=2.1m/s1，設(shè)運(yùn)動(dòng)的位移為s1，有：s=vt+ at2⑤l 01111 1 0 11a電場力反向后，設(shè)小物體的加速度為，由牛頓其次定律得：a2﹣mgsinθ﹣μ〔mgcosθ﹣qE〕=ma2⑥2 設(shè)小物體以此加速度運(yùn)動(dòng)到速度為0，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，位移為s2 s2=v1t2+ a2s2=v1t2+ a2t22⑧CP的長度為s，有：s=s1+s2⑨聯(lián)立相關(guān)方程，代人數(shù)據(jù)解得：s=0.57m答：〔1〕彈簧槍對小物體所做的功為0.475J；〔2〕在斜軌上小物體能到達(dá)的最高點(diǎn)為P，CP0.57m．【點(diǎn)評】此題主要考察了動(dòng)能定理、牛頓其次定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)根本公式的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確對物體受力分析，確定物體的運(yùn)動(dòng)狀況，難度適中．三、必修第3冊電路及其應(yīng)用試驗(yàn)題易錯(cuò)題培優(yōu)〔難〕某試驗(yàn)小組為了測量某待測電阻Rx的阻值，先用多用電表進(jìn)展粗測，后用伏安法準(zhǔn)確測量。如圖甲所示為一簡易多用電表內(nèi)部電路原理圖，其中G為靈敏電流計(jì)，選擇開關(guān)S與不同接點(diǎn)連接就構(gòu)成不同的電表，以下分析正確的選項(xiàng)是 。A．A為黑表筆，B為紅表筆將選擇開關(guān)S3連接，就構(gòu)成了歐姆表將選擇開關(guān)S1、21接點(diǎn)相連時(shí)量程較大將選擇開關(guān)S4、54接點(diǎn)相連時(shí)量程較大如圖乙先用多用表×10擋粗測其電阻為 Ω。試驗(yàn)要求盡可能準(zhǔn)確地測量Rx的阻值，試驗(yàn)室可供給下面器材，電流表應(yīng)選 ，電壓表應(yīng)選 (填字母代號)E3V，內(nèi)阻無視不計(jì)；電流表A10~15mA，內(nèi)阻為100Ω；電流表A20~0.6A0.3Ω；電壓表V10~3V3kΩ；電壓表V20~15V15kΩ；R0~10Ω；R1：阻值為10Ω；R2100Ω；S、導(dǎo)線假設(shè)干。在圖丙虛線框中畫出測量R，阻值的完整電路圖，并在圖中標(biāo)明器材代號 。R2.60V8.0mA時(shí)，則待測電阻Rx的阻值為 Ω?！敬鸢浮緽C 120 A1 V1 見解析112.5【解析】【分析】【詳解】(1)[1]AB．在多用電表使用時(shí)應(yīng)讓電流從紅表筆進(jìn)，黑表筆出，當(dāng)將選擇開關(guān)S與3連接，就構(gòu)成了歐姆表，由此可推斷A為紅表筆，B為黑表筆，故A錯(cuò)誤，B正確；C．將選擇開關(guān)S1、2連接，就構(gòu)成了電流表，依據(jù)并聯(lián)分流原理，并聯(lián)的電阻越小分1接點(diǎn)相連時(shí)量程較大，C正確；D．將選擇開關(guān)S4、5連接，就構(gòu)成了電壓表，依據(jù)串聯(lián)分壓原理，串聯(lián)的電阻越大分5接點(diǎn)相連時(shí)量程較大，D錯(cuò)誤。BC。(2)[2]由圖所示歐姆表可知，所測電阻阻值為12.0×10Ω=120Ω(3)[3][4]電路中可能消滅的最大電流約為IE25mARxV可用電流表A1R230mA3V，則電壓表選擇。V1(4)[5]電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻的阻值，故電壓表外接；滑動(dòng)變阻器用分壓接法，電路如圖(5)[6]8.0mARx16mARx的阻值為U R 2.60R 2 Ω50Ω112.5Ωx I 2 16103試驗(yàn)室有一燒壞的雙量程電壓表，兩量程分別是3V和15V，其內(nèi)部電路如圖甲所示，R1、R22.9kΩ14.9kΩGR2R1完好，一課外活動(dòng)小組想要修復(fù)這個(gè)電壓表，他們在試驗(yàn)室找到兩個(gè)表頭，外形都與原表頭G一樣，表頭G11mA50ΩG20.5mA，內(nèi)阻100ΩR3=50Ω，R4=150Ω，R5=200Ω，R6=3kΩ，R7=12kΩ，R8=15kΩ，假設(shè)在保存R1的狀況下，對電壓表進(jìn)展修復(fù)，依據(jù)所給條件答復(fù)以下問題：原表頭G的滿偏電流流I= mA，內(nèi)阻r= Ω；2x由于試驗(yàn)室沒有14.9kΩ的電阻來替換R，為了修復(fù)這個(gè)電壓表，課外活動(dòng)小組對電壓表電路進(jìn)展了改裝，改裝后的電路圖如圖乙所示，則電阻R應(yīng)選用 (填題中所給器2x材符號)；在圖乙中虛線框內(nèi)補(bǔ)齊修復(fù)后的雙量程電壓表的電路圖(標(biāo)出所選用的相應(yīng)器材符號)?！敬鸢浮? 100【答案】1 100R7【分析】【詳解】(1)[1][2]由圖示電路圖可知，電壓表量程：g1gI〔r+R〕=3V，g1gg2g代入數(shù)據(jù)解得：g2g

I〔r

+R〕=15V，(2)(3)[3][4]1mAG，又由于表頭(2)(3)[3][4]1mAG，又由于表頭1內(nèi)阻為g 100ΩG1R3串聯(lián)，即圖乙中虛線框內(nèi)補(bǔ)齊修復(fù)后的雙量程電壓表的電路圖如下圖：15V時(shí)有即

UI(Rg x

Rr1

R)，3R故應(yīng)選用。R7

R 12k，x某小組設(shè)計(jì)試驗(yàn)對電流表內(nèi)阻進(jìn)展測量，電路如圖甲，其中A1是標(biāo)準(zhǔn)電流表〔量程2100mA15Ω〕，A〔100mA18Ω〕表刻度盤刻度完整2R R 1 2①使用螺絲刀，調(diào)整A2機(jī)械調(diào)零旋鈕，使指針指向“0”刻度；R1R2的阻值調(diào)至最大S S R A A ③斷開S S R A A 2 1 1 2 1 02 ④開關(guān)S21R1R，使A1IR22 0A2I0n倍(n<1)nI。0n-1R-1圖象，如圖乙所示。依據(jù)圖甲和題給條件，將圖丙中的實(shí)物連線補(bǔ)充完整；〔 〕2 電流表A的量程為 〔用所測物理量表示〕；依據(jù)圖象可計(jì)算電流表A2 Ω；〔保存兩位有效數(shù)字〕一同學(xué)認(rèn)為該電路可以進(jìn)一步測量電流表A1內(nèi)阻，他把單刀雙擲開關(guān)接到2，調(diào)整電阻R1R2阻值，使電流表A1和電流表A2示數(shù)恰當(dāng)，并分別登記電流表示數(shù)I，I2，請用1【答案】I 200II2RRR21211 2 1 2 R【答案】I 200II2RRR21211 2 1 2 【解析】【分析】【詳解】(1)[1]．電路連線如圖：0 (2)[2]A2的指針到達(dá)滿偏刻度時(shí)，此時(shí)A1I，可知電流表A2I；0 [3]．依據(jù)電路的構(gòu)造可得nI 0

R2 IR R 0A 22可得1 R2n A 12R22所以n1R1圖象斜率表示A內(nèi)阻，內(nèi)阻為2R kA2

2.01.020；0.05(3)[4]2，依據(jù)并聯(lián)關(guān)系I R1I I2 所以I

2RR1R 2RI 21

RR1 2某學(xué)習(xí)小組在做“測定金屬絲的電阻率”的試驗(yàn)時(shí)，用了兩個(gè)電壓表，目的是可以同時(shí)測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，電路圖如圖甲所示，試驗(yàn)室可選用的器材有：金屬絲〔阻值幾歐〕電池〔3V左右，內(nèi)阻幾歐〕電壓表兩個(gè)〔量程3V，內(nèi)阻很大〕電流表〔0.6A0.2Ω左右〕電流表〔3A0.04Ω左右〕滑動(dòng)變阻器〔0?2kΩ〕G.滑動(dòng)變阻器〔0?20Ω〕H.毫米刻度尺，螺旋測微器I.開關(guān)，導(dǎo)線假設(shè)干試驗(yàn)前在選用器材時(shí)，電流表應(yīng)選擇 ，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇 ；〔均填器材前的字母〕測得金屬絲的長度為0.5023m；在測金屬絲直徑時(shí)，螺旋測微器的測量結(jié)果如圖乙所示，則金屬絲的直徑為 mm；1 試驗(yàn)過程中電壓表V、V與電流表A的測量結(jié)果已經(jīng)在圖丙中的圖像中描出，由U—I圖像可得，電源的電動(dòng)勢為 V，電源的內(nèi)阻為 Ω，金屬絲的電阻為 Ω1 由電阻定律可得，金屬絲的電阻率為 Ωm〔保存兩位有效數(shù)字〕?！敬鸢浮緿 G 0.580 3.00〔2.98?3.00均給分〕2.0〔2.17?2.22均給分〕3.00〔2.979均給分〕6【解析】【分析】【詳解】(1)該試驗(yàn)中金屬絲的電阻為幾歐姆，所以滑動(dòng)變阻器的阻值選擇量程為20歐姆的即可，所以選擇G0.6A的就可以，所以是D。(2)依據(jù)螺旋測器的讀數(shù)規(guī)章d0.5mm0.018.0mm0.580mmV2測的是電源電動(dòng)勢，V1測的是金屬絲的電壓，依據(jù)圖像可知，斜率為負(fù)的那條直線對應(yīng)的是V2的圖線，斜率為正的是V1的圖線，V2圖線與縱軸的交點(diǎn)即為電動(dòng)勢，斜率的大E3.00Vr2.0，兩條線的交點(diǎn)為金屬絲的工作電壓和電流，所以RU

1.8 3.0。I 0.6依據(jù)電阻定律可得

R( )2d2 Ld某同學(xué)利用如圖1所示的電路測量一電壓表〔量程為3V，內(nèi)阻約兩三千歐〕的內(nèi)阻?？墒褂玫钠鞑挠校捍郎y電壓表；兩個(gè)定值電阻〔R1

600，R2

3000 〕；兩個(gè)滑動(dòng)3 R〔102023〕；R〔只能使用×100擋〕；E〔9V，內(nèi)阻未知〕；S和K；導(dǎo)線假設(shè)干。3 請依據(jù)原理圖1，將實(shí)物圖2連線 ；試驗(yàn)步驟如下：①為了保護(hù)電壓表，開關(guān)S閉合前，將滑動(dòng)變阻器R3的滑片滑動(dòng)到接近圖1中的滑動(dòng)變阻器的 端〔填“左”或“右”〕對應(yīng)的位置；3②閉合開關(guān)S，保持開關(guān)KR3所示，讀數(shù)為33 VRR3 0 ③保持S閉合和R3不變，再閉合KRUR的40 3依據(jù)上述試驗(yàn)步驟，可知選擇的滑動(dòng)變阻器R最大阻值為 ；3依據(jù)圖線，計(jì)算得電壓表的內(nèi)阻RV

。〔保存四位有效數(shù)字〕【答案】左【答案】左2.20 10 2515~2550【分析】【詳解】(1)[1]．實(shí)物連線如圖；①[2]S閉合前，將滑動(dòng)變阻器R31中的滑動(dòng)變阻器的左端對應(yīng)的位置；②[3]．2.20V；30[4]SKR，此時(shí)電壓表示數(shù)如下圖；此后保持R3R，電壓表示數(shù)幾乎保持不變；以上信息說明與滑動(dòng)變阻器連接的上局部R3的阻值大得多，可知選擇的滑動(dòng)變阻器R310Ω。30(4)[5]R3不變，閉合開關(guān)K，電壓表示數(shù)不變，由電橋?qū)W問可知RR3000R0R1600VRR3000R0R16002.20V時(shí)，R0=505Ω，解得RV=2525Ω小明同學(xué)購置了一捆標(biāo)稱長度為L=100m的銅導(dǎo)線，他想用學(xué)過的學(xué)問來測量該電線的電阻率。他先用多用電表粗測了該電線的電阻Rx大約2Ω。然后從試驗(yàn)室還找到以下器材：電源E4.0V0.2Ω；1 電流表A0.6Ar=1Ω1 2電流表A3A0.1Ω21R=20Ω；1R2=5Ω；R5Ω；S一個(gè)，導(dǎo)線假設(shè)干；螺旋測微器。他用螺旋測微器測量導(dǎo)線的直徑d，其中一次測量的示數(shù)如下圖，d= mm；請依據(jù)方框乙內(nèi)的局部電路，合理選用所給器材，補(bǔ)全測量銅導(dǎo)線電阻的電路，要求在電路圖上注明所選元件符號 ；12小明用設(shè)計(jì)的電路進(jìn)展試驗(yàn)，獲得多組電流表A1A2I、I，描點(diǎn)作圖得到如12圖丙所示的圖象。假設(shè)把圖甲中示數(shù)作為銅導(dǎo)線的直徑，可以算出銅導(dǎo)線的電阻率為= ×10-8Ω·m〔取3.14，計(jì)算結(jié)果保存兩位小數(shù)〕；通過查詢相關(guān)資料，小明覺察銅導(dǎo)線的標(biāo)準(zhǔn)電阻率01.75108Ω·m，則該導(dǎo)線的實(shí)際長度為 m〔保存三位有效數(shù)字〕?！敬鸢浮?.128【答案】1.128〔1.127-1.129〕1.67108【解析】【分析】此題考察試驗(yàn)：測量電阻絲電阻率?！驹斀狻?1)[1]依據(jù)螺旋測微儀讀數(shù)原則，讀數(shù)為1.128〔1.127-1.129〕mm。2 1 (2)[2]粗測阻值約為2Ω，故測量電路選用電流表外接法。電路中最大電流約為2A，電流表A。運(yùn)用AR3.6V的電壓表。故試驗(yàn)電路如圖2 1 (3)[3]運(yùn)用歐姆定律對電路進(jìn)展分析UIr1 1

RI1

IR1 x依據(jù)圖像斜率，得Rx1.67Ω。

RI 2

rR1 1 IR 1x Rd RS 2 得(4)[4]依據(jù)電阻率計(jì)算公式

L L1.67108ΩLRS

95.3m0四、必修第3冊電能能量守恒定律試驗(yàn)題易錯(cuò)題培優(yōu)〔難〕某同學(xué)在做“測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻”的試驗(yàn)中，可使用的器材有：g兩只一樣的毫安表〔Ig＝3mAR＝1000Ω〕；g1R〔20Ω〕；12R〔2023Ω〕；20各種規(guī)格的定值電阻R；EE〔3.0V〕；F．開關(guān)、導(dǎo)線假設(shè)干．00由于給出的毫安表量程太小，該同學(xué)首先要把一只毫安表改裝成量程為0.6A的電流表，他需要把阻值為 Ω的定值電阻R與毫安表并聯(lián)〔結(jié)果保存一位小數(shù)〕.該同學(xué)將用如右上方的電路圖進(jìn)展試驗(yàn)，測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻．在試驗(yàn)中覺察變阻器的滑片由左0G1G23.0mA并且?guī)缀醪蛔?，?dāng)G2示數(shù)急劇變化．消滅這種問題，應(yīng)更換一個(gè)總阻值比原來 (選填“大”或“小”)的變阻器．在更換變阻器后,該同學(xué)連好電路，轉(zhuǎn)變滑動(dòng)變阻G、GI、I，并得到多組數(shù)據(jù)，建立直角坐標(biāo)1 2 1 22I2I1I＝3.0mA－0.4I1,E＝2 V，內(nèi)阻r＝ Ω．〔保存一位小數(shù)〕【答案】5.0 小3.0V 2.0【解析】【詳解】g I＝3mAR＝1000Ω,I0.6A，設(shè)電流表的量程擴(kuò)大的倍數(shù)為ng nIIR,依據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)則有RR=5.0

gRgn1當(dāng)變阻器的滑片由左向右漸漸滑動(dòng)時(shí)，變阻器的阻值漸漸減小，外電路電阻減小，電流G1G23.0mA并且?guī)缀醪蛔儯f明變阻器的電阻接近零時(shí)，路端電壓才接近電源電動(dòng)勢，消滅這種問題，應(yīng)更換一個(gè)總阻值比原來小的變阻器，G[3][4]G1

I

1時(shí),電路中的總電流是I2

200I1

，由閉合電路的歐姆定律得整理得

EIR2 gI2

200Ir1I E 200rI2 R r R r 1g gI＝3.0mA－0.4I2 1I2

b=3.0mAK0.4E 0.003AR rg200r 0.4解得r2.0

R rG用圖甲中所示的電路測定一種特別的電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，它的電動(dòng)勢E約為8V，內(nèi)r30Ω，該電池允許輸出的最大電流為40mA．為防止調(diào)整滑動(dòng)變阻器時(shí)造成短:A(0.05A0.2Ω)V(6V20kΩ)R1(100Ω1W)R2(200Ω1W)R3(0~10Ω2A)R4(0~750Ω1A)導(dǎo)線和單刀單擲開關(guān)假設(shè)干個(gè)為了電路安全及便于操作，定值電阻應(yīng)中選 ；滑動(dòng)變阻器應(yīng)中選 ．(均填寫器材名稱代號)接入符合要求的試驗(yàn)器材后，閉合開關(guān)S，調(diào)整滑動(dòng)變阻器的阻值，讀取電壓表和電流表的示數(shù)．取得多組數(shù)據(jù)，作出了如圖乙所示的圖線．依據(jù)圖象得出該電池的電動(dòng)勢E為 V，內(nèi)阻r為 Ω．(結(jié)果均保存2位有效數(shù)字)【答案】R2 R4 7.8 29【解析】【分析】應(yīng)用歐姆定律求出電路最小電阻，然后選擇保護(hù)電阻；依據(jù)電源內(nèi)阻與保護(hù)電阻的阻值，選擇滑動(dòng)變阻器．電源的U-I圖象與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值是電源的電動(dòng)勢，圖象斜率確實(shí)定值是電源內(nèi)阻．【詳解】〔1〕[1]為保護(hù)電源安全，電路最小電阻8R 0.040Ω200Ω，保護(hù)電阻阻值至少為則保護(hù)電阻應(yīng)選定值電阻R2

最?。籟2]電源等效電阻〔電源內(nèi)阻與保護(hù)電阻之和〕為200Ω，為進(jìn)展屢次試驗(yàn)，測出多組試驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選滑動(dòng)變阻器R．4〔2〕[3]U-I圖象可知，圖象與縱軸的交點(diǎn)坐標(biāo)值是7.8E=7.8V，[4]圖象斜率kU 7.8

229，電源內(nèi)阻

I 0.034rkR2

22920029．可將光能轉(zhuǎn)換為電能的硅光電池已經(jīng)得到了廣泛的應(yīng)用．某同學(xué)利用如圖甲所示的器材探究在肯定光照強(qiáng)度下硅光電池的路端電壓UI的關(guān)系．電表視為抱負(fù)電表．在圖甲中實(shí)物圖上用筆畫線代替導(dǎo)線進(jìn)展連接 ；用肯定強(qiáng)度的光照耀硅光電池，調(diào)整滑動(dòng)變阻器，通過測量得到該電池的U-I圖象如圖乙所示，由此可知在該光照強(qiáng)度下，硅光電池內(nèi)阻 (填“是”或“不是”)常數(shù)，短路電流為 mA，電動(dòng)勢為 V．(結(jié)果保存三位有效數(shù)字)假設(shè)將R=10kΩ的電阻接在該硅光電池兩極上，用同樣強(qiáng)度的光照耀該硅光電池，則該電阻消耗的功率為 W，此時(shí)該硅光電池的內(nèi)阻為 kΩ.(結(jié)果保存兩位有效數(shù)【答案】不是0.295(0.293～0.297)【答案】不是0.295(0.293～0.297)2.68(2.66～2.69)3.0×10－4(2.9×10－4～3.1×10－4)5.4(4.9～5.6)【解析】【詳解】〔1〕[1]本試驗(yàn)中測量電源的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻，故承受限流接法，而電流表承受相對電源的外接法；連接實(shí)物電路圖，如下圖．〔2〕[2][3][4]因圖象的斜率是變化的，所以電池的內(nèi)阻不是定值；在硅光電池的U-I圖象，圖象與橫軸的交點(diǎn)表示短路電流，由圖可知，短路電流為295μA=0.295mA；當(dāng)I=0，U=E，圖線斜率確實(shí)定值表示內(nèi)阻．由圖線aE=2.68V；〔3〕[5][6]在圖乙中作出電阻的伏安特性曲線如下圖，與電源的伏安特性曲線的交點(diǎn)表示電壓和電流，由圖可知，I=175μA，U=1.7V；故電源的輸出功率P=UI=1.7×175×10-6=3.0×10-4W；依據(jù)閉合電路歐姆定律可得：EU 2.681.7r 5.61035.6kI 175106用以下器材組裝成一個(gè)電路，既能測量出電池組旳電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r，又能同時(shí)描繪小燈泡旳伏安特性曲線.電壓表V1〔量程6V、內(nèi)阻很大〕電壓表V2〔量程3V、內(nèi)阻很大〕電流表A〔量程3A、內(nèi)阻很小〕R〔10Ω4A〕E．小燈泡〔2A、5W〕F．電池組〔Er〕G．開關(guān)一只，導(dǎo)線假設(shè)干試驗(yàn)時(shí)，調(diào)整滑動(dòng)變阻器旳阻值，屢次測量后覺察：假設(shè)電壓表V1旳示數(shù)增大，則電壓表V2旳示數(shù)減小.請將設(shè)計(jì)旳試驗(yàn)電路圖在虛線方框中補(bǔ)充完整 .每一次操作后，同時(shí)記錄電流表A、電壓表V1和電壓表V2旳示數(shù)，組成兩個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)1 〔I，U〕、〔I，U〕，標(biāo)到U—I坐標(biāo)中，經(jīng)過屢次測量，最終描繪出兩條圖線，如下圖，則電池組旳電動(dòng)勢E＝ V、內(nèi)阻r＝ Ω.〔本小題結(jié)果保存21 U—IP點(diǎn)相交，此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路旳阻值應(yīng)為 Ω，電池組旳效率為 〔此空結(jié)果保存2位有效數(shù)字〕.【答案】4.5 1.0 0 56%【答案】4.5 1.0 0 56%【詳解】〔1〕[1]伏安法測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻試驗(yàn)中，電壓表測路端電壓，電壓表示數(shù)隨滑動(dòng)變阻器接入電路阻值的增大而增大；描繪小燈泡伏安特性曲線試驗(yàn)中，電流表測流過燈泡的電流，燈泡兩端電壓隨滑動(dòng)變阻器接入電路電阻的增大而減小，調(diào)整滑動(dòng)變阻器時(shí)，電壓表V的示數(shù)增大，則電壓表V1

的示數(shù)減小，則V1

測路端電壓，V2

測燈泡兩端電壓，電路圖如下圖：〔2〕[2]U-I圖象是一條傾斜的直線，由圖象可知，電源電動(dòng)勢為：E4.5V；[3]則電源內(nèi)阻為：

rU

4.5V2.5V

1.0Ω；I 2.0A〔3〕[4]由圖乙所示圖象可知，兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，即燈泡電壓U 2.5V，此時(shí)電路電LI2.0A，則電源電動(dòng)勢為：EIrUL即：

IR滑4.5V2.0A1Ω2.5V2.0AR滑則：[5]則電池組旳效率為：

R 0Ω；滑U I L100%56%。EI某同學(xué)利用如下圖的電路可以測量多個(gè)物理量．試驗(yàn)室供給的器材有：兩個(gè)一樣的待測電源(內(nèi)阻r1ΩR(最大阻值為999.9Ω)R

最大阻1 2值為999.9Ω)，電壓表V(內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A(內(nèi)阻約為2Ω)，靈敏電流計(jì)G，兩個(gè)開關(guān)S、S．1 2主要試驗(yàn)步驟如下：①按圖連接好電路，調(diào)整電阻箱R和R1 2

至最大，閉合開關(guān)S和S1 2

，再反復(fù)調(diào)整R和1R ，使電流計(jì)G0，讀出電流表A、電壓表VRR

的示數(shù)分2 1 2I、URR；1 1 1 2RR與中的電阻值不同)，使電流計(jì)G0，讀出電流1 2A、電壓表V的示數(shù)分別為I2、U2．答復(fù)以下問題：A 電流計(jì)G的示數(shù)為0時(shí)，電路中A和B兩點(diǎn)的電勢φ 和φ 的關(guān)系為 A 電壓表的內(nèi)阻為 ，電流表的內(nèi)阻為 ；電源的電動(dòng)勢E為 ，內(nèi)阻r為 ?！敬鸢浮喀?φ

R UR

R UR1

UI UIE 12 21

rUU1112A B1112【解析】【詳解】

V IRU11

A I 21

I I2 1

I I2 1〔1〕[1]G0時(shí)，由歐姆定律知，GA、B兩點(diǎn)的電勢φA=φB．〔2〕[2][3]G0，所以電流表的示數(shù)等于電壓表的電流與電阻R1的1中，通過電壓表的電流UI I 1電壓表的內(nèi)阻為

V 1 R1U URR 1 1 1I IRVV左右兩個(gè)電源兩極間的電壓相等，則有：

U1 1 1解得電流表的內(nèi)阻

U1=I〔R+R〕1 A 1 A R 1RA I 2〔3〕[4][5]．依據(jù)閉合電路歐姆定律得：解得

1E=U1+I1rE=U2+I2rEUE12I

UI21I2 1UUr 1 2I I2 1為了測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，某同學(xué)承受了伏安法，現(xiàn)備有以下器材：被測干電池一節(jié)1電流表A0～0.6Ar＝0.3Ω12電流表A0～0.6A0.1Ω21電壓表V0～3V，內(nèi)阻未知12電壓表V0～15V，內(nèi)阻未知21,0～10Ω，2A2,0～100Ω，1AH．開關(guān)、導(dǎo)線假設(shè)干伏安法測電池電動(dòng)勢和內(nèi)阻的試驗(yàn)中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差；在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準(zhǔn)確地測量電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻．(1)在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模? (填寫選項(xiàng)前的字母)；(2)試驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇以下圖中的 (填“甲”或“乙”)；(3)依據(jù)試驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U－IE＝ V，內(nèi)電阻r＝ Ω.【答案】ABDFH 甲1.5 0.7【解析】【詳解】(1)[1]本試驗(yàn)中必選的儀器有：A．被測干電池一節(jié)；H開關(guān)、導(dǎo)線假設(shè)干；因電源電動(dòng)勢為1.5V，電流較小，為了讀數(shù)準(zhǔn)確，所以電流表應(yīng)選擇：量程0～0.6A，內(nèi)阻0.3Ω的B；電壓表選擇D0～3V，滑動(dòng)變阻器阻值較小有利于電表的數(shù)值變化，減小誤差，應(yīng)選FABDFH.(2)[2]因電流表的內(nèi)阻，故試驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇圖甲；(3)[3][4]依據(jù)試驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U－I圖象，則干電池的電動(dòng)勢內(nèi)電阻

E＝1.5V1.5 1.0r＝ 0.5

Ω－0.3Ω＝0.7Ω.五、必修第3冊電磁感應(yīng)與電磁波初步試驗(yàn)題易錯(cuò)題培優(yōu)〔難〕某同學(xué)在爭論電磁感應(yīng)現(xiàn)象的試驗(yàn)中，設(shè)計(jì)了如下圖的裝置．線圈A通過電流表1RR12

和開關(guān)S連接到干電池上．線圈B的兩端接到另一個(gè)電流表乙上，兩個(gè)電流表一樣，零刻度居中．閉合開關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2

P不動(dòng)時(shí)，甲、乙兩個(gè)電流表指針的位置如下圖．當(dāng)滑片P較快地向右滑動(dòng)時(shí)，乙電流表指針的偏轉(zhuǎn)狀況是 〔選填“向左偏”“向右偏”或“不偏轉(zhuǎn)”〕斷開開關(guān)，待電路穩(wěn)定后再快速閉合開關(guān)，乙電流表的偏轉(zhuǎn)狀況是 〔選填“向左偏”、“向右偏”或“不偏轉(zhuǎn)”〕【答案】向右偏向左偏【解析】(1)由圖可知，電流從正極流入時(shí)指針向右偏．當(dāng)滑片P較快地向右滑動(dòng)時(shí)，電阻增大，電流減小，依據(jù)右手定則，穿過BB電流的方向是逆時(shí)針的，電流從乙電流表正極流入，指針向右偏；〔2〕斷開開關(guān)，待電路穩(wěn)定后再快速閉合開關(guān)，B定律，B中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向是順時(shí)針的，電流從乙電流表負(fù)極流入，指針向左偏；點(diǎn)睛：依據(jù)穩(wěn)定時(shí)甲電流表指針的偏振確定指針偏轉(zhuǎn)方向與電流流向間的關(guān)系；依據(jù)楞次定律推斷感應(yīng)電流的方向，結(jié)合題中條件，推斷乙電流表指針偏轉(zhuǎn)方向．為了探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的產(chǎn)生條件，圖中給出了必備的試驗(yàn)儀器。請你用筆畫線代替導(dǎo)線，將試驗(yàn)電路連接完整 ；正確連接試驗(yàn)電路后，在閉合開關(guān)時(shí)，靈敏電流計(jì)的指針向左發(fā)生偏轉(zhuǎn)。則以下過程中能使靈敏電流計(jì)的指針向右發(fā)生偏轉(zhuǎn)的是 。斷開開關(guān)時(shí)閉合開關(guān)后，螺線管A插入螺線管B的過程中閉合開關(guān)后，螺線管A放在螺線管B中不動(dòng)，滑動(dòng)變阻器的滑片快速向左滑動(dòng)的過程中閉合開關(guān)后，螺線管A放在螺線管B中不動(dòng)，滑動(dòng)變阻器的滑片快速向右滑動(dòng)的過程中【答案】AC【答案】AC【分析】【詳解】(1)[1]把電流計(jì)與大線圈組成串聯(lián)電路，電源、開關(guān)、滑動(dòng)變阻器、小線圈組成串聯(lián)電路，電路圖如下圖(2)[2]A．開關(guān)閉合一段時(shí)間后再斷開開關(guān)的瞬間，則穿過線圈B中磁通量要減小，靈敏電流計(jì)指針要向右偏轉(zhuǎn)，故A正確；閉合開關(guān)后，螺線管A插入螺線管B的過程中，穿過線圈B中磁通量要增大，靈敏電流計(jì)指針要向左偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；閉合開關(guān)后，螺線管A放在螺線管B中不動(dòng)，滑動(dòng)變阻器的滑片快速向左滑動(dòng)的過程中，接入電路的電阻變大，電流變小，則穿過線圈B中磁通量要減小，靈敏電流計(jì)指針要向右偏轉(zhuǎn)，故C正確；閉合開關(guān)后，螺線管A放在螺線管B中不動(dòng)，滑動(dòng)變阻器的滑片快速向右滑動(dòng)的過程中，接入電路的電阻變小，電流變大，則穿過線圈B中磁通量要增大，靈敏電流計(jì)指針要向左偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤。AC。如下圖為“爭論電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的試驗(yàn)裝置。將圖中所缺的導(dǎo)線補(bǔ)接完整 ；假設(shè)在閉合開關(guān)時(shí)覺察靈敏電流計(jì)的指針向右偏了一下，那么合上開關(guān)，且在原線圈插入副線圈后，將滑動(dòng)變阻器滑片快速向左移動(dòng)時(shí)，電流計(jì)指針將 〔填“向左偏”或“向右偏”〕；滑片不動(dòng)，將原線圈A快速拔出副線圈B，電流計(jì)指針將 【答案】〔填“向左偏”或“向右偏”〕。【答案】向左偏向左偏【解析】【分析】【詳解】〔1〕[1]如下圖〔2〕[2][3]假設(shè)在閉合開關(guān)時(shí)覺察靈敏電流計(jì)的指針向右偏了一下，說明穿過線圈的磁通量增加，電流計(jì)指針向右偏；將滑動(dòng)變阻器滑片快速向左移動(dòng)時(shí)，線圈A中電流減小，穿過線圈的磁通量減小，電流計(jì)指針將向左偏；將原線圈快速拔出副線圈時(shí)，穿過線圈的磁通量削減，電流計(jì)指針將向左偏。某小組的同學(xué)做“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”試驗(yàn)。首先按圖甲(1)(2)所示方式連接電路，閉合開關(guān)后，覺察電流計(jì)指針向左偏轉(zhuǎn)。進(jìn)展上述試驗(yàn)的目的是〔 〕A．檢查電流計(jì)測量電路的電流是否準(zhǔn)確B．檢查干電池是否為電池C．推斷電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向的關(guān)系。接下來用圖乙所示的裝置做試驗(yàn)，圖中螺線管上的粗線標(biāo)示的是導(dǎo)線的繞行方向。某次試驗(yàn)中在條形磁鐵插入螺線管的過程中，觀看到電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)，說明螺線管中的電流方向〔從上往下看〕是沿 〔選填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”〕方向。下表是該小組的同學(xué)設(shè)計(jì)的記錄表格的一局部，表中完成了試驗(yàn)現(xiàn)象的記錄，還有一項(xiàng)需要推斷的試驗(yàn)結(jié)果未完成，請幫助該小組的同學(xué)完成 〔選填“垂直紙面對外”或“垂直紙面對里”〕。操作N操作N極朝下插入螺線管從上往下看的平面圖〔B0表示原磁場，即磁鐵產(chǎn)生的磁場〕原磁場通過螺線管磁通量的增減增加感應(yīng)電流的方向沿逆時(shí)針方向B”的方