2023春新教材高中物理期中達(dá)標(biāo)檢測卷粵教版必修第三冊

期中達(dá)標(biāo)檢測卷(考試時(shí)間：60分鐘滿分：100分)一、選擇題：本題共20小題，每小題3分，共60分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1．關(guān)于電容器的電容，下列說法中正確的是()A．電容器兩極的電勢差越大，電容就越大B．電容器所帶電荷量越多，電容就越大C．電容器所帶電荷量為零，電容就為零D．電容器的電容與兩極的電勢差及所帶電荷量均無關(guān)，僅由電容器本身因素決定【答案】D【解析】電容是電容器容納電荷本領(lǐng)的屬性，其大小與加在兩板上的電壓無關(guān)，與帶電量多少無關(guān)，僅由電容器本身因素決定．故選D．2．如圖所示，a、b兩點(diǎn)位于以負(fù)點(diǎn)電荷－Q(Q＞0)為球心的球面上，c點(diǎn)在球面外，則()A．a(chǎn)點(diǎn)場強(qiáng)的大小比b點(diǎn)大 B．b點(diǎn)場強(qiáng)的大小比c點(diǎn)小C．a(chǎn)點(diǎn)電勢比b點(diǎn)高 D．b點(diǎn)電勢比c點(diǎn)低【答案】D【解析】由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式E＝keq\f(Q,r2)可知，a、b兩點(diǎn)到場源電荷的距離相等，所以a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，故A錯(cuò)誤；由于c點(diǎn)到場源電荷的距離比b點(diǎn)的大，所以b點(diǎn)的場強(qiáng)大小比c點(diǎn)的大，故B錯(cuò)誤；由于點(diǎn)電荷的等勢線是以點(diǎn)電荷為球心的球面，所以a點(diǎn)與b點(diǎn)電勢相等，負(fù)電荷的電場線是從無窮遠(yuǎn)處指向負(fù)點(diǎn)電荷，根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低，所以b點(diǎn)電勢比c點(diǎn)低，故D正確．3．如圖所示，空間有一電場，電場中有兩個(gè)點(diǎn)a和b．下列表述正確的是()A．該電場是勻強(qiáng)電場 B．a(chǎn)點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的大C．a(chǎn)點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的高 D．正電荷在a、b兩點(diǎn)受力方向相同【答案】C【解析】電場線疏密表示電場強(qiáng)度的大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，正電荷的受力方向和場強(qiáng)方向相同．沿著電場線電勢降低，C正確，A、B、D錯(cuò)誤．4．如圖所示，兩個(gè)互相垂直的平面a和b，其交線上的M點(diǎn)和N點(diǎn)有等量同種點(diǎn)電荷，O是MN的中點(diǎn)，A是平面a上的一點(diǎn)，B是平面b上的一點(diǎn)，AO和BO均垂直于MN，且AO＝BO，則下列說法正確的是()A．A、B兩點(diǎn)的電勢相同，場強(qiáng)相同B．A、B兩點(diǎn)的電勢不相同，場強(qiáng)相同C．A、B兩點(diǎn)的電勢相同，場強(qiáng)不相同D．A、B兩點(diǎn)的電勢不相同，場強(qiáng)不相同【答案】C【解析】M、N兩點(diǎn)的點(diǎn)電荷為等量同種點(diǎn)電荷，A、B兩點(diǎn)離點(diǎn)電荷的距離相等，根據(jù)電勢的疊加知A、B兩點(diǎn)的電勢相同，根據(jù)對稱性知A、B兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，由平行四邊形定則知，A點(diǎn)場強(qiáng)方向沿直線OA，B點(diǎn)場強(qiáng)方向沿直線OB，即A、B兩點(diǎn)的場強(qiáng)方向不同，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤．5．在真空中的一個(gè)點(diǎn)電荷的電場中，離該點(diǎn)電荷距離為r0的一點(diǎn)引入電荷量為q的試探電荷，若測得試探電荷所受靜電力為F，則距離該點(diǎn)電荷r的某處的電場強(qiáng)度大小為()A．eq\f(F,q) B．eq\f(Freq\o\al(2,0),qr2)C．eq\f(Fr0,qr) D．eq\f(F,q)eq\r(\f(r,r0))【答案】B【解析】根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式和決定式，在該點(diǎn)電荷距離為r0的一點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為E＝eq\f(kQ,req\o\al(2,0))，E＝eq\f(F,q)，距離該點(diǎn)電荷為r的某處的電場強(qiáng)度大小為E′＝eq\f(kQ,r2)，聯(lián)立可得E′＝eq\f(Freq\o\al(2,0),qr2)，故選B．6．如圖所示，直角三角形ABC中∠B＝30°，點(diǎn)電荷A、B所帶電荷量分別為QA、QB，測得在C處的某負(fù)點(diǎn)電荷所受靜電力方向平行于AB向左，則下列說法正確的是()A．A帶正電，QA∶QB＝1∶4 B．A帶負(fù)電，QA∶QB＝1∶4C．A帶正電，QA∶QB＝1∶8 D．A帶負(fù)電，QA∶QB＝1∶8【答案】C【解析】根據(jù)題意，可判斷C處的電場方向水平向右，由點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場和電場的疊加，點(diǎn)電荷A在C處產(chǎn)生的電場EA方向豎直向上，則A帶正電，點(diǎn)電荷B在C點(diǎn)處產(chǎn)生的電場EB方向沿CB指向B，則B帶負(fù)電，有eq\f(EA,EB)＝sin30°，EA＝keq\f(QA,req\o\al(2,1))，EB＝keq\f(QB,req\o\al(2,2))，eq\f(r1,r2)＝sin30°，聯(lián)立解得QA∶QB＝1∶8．故選C．7．如圖所示，M、N兩點(diǎn)分別放置兩個(gè)等量異種電荷，A為它們連線的中點(diǎn)，B為連線上靠近N的一點(diǎn)，C為連線中垂線上處于A點(diǎn)上方的一點(diǎn)，在A、B、C三點(diǎn)中()A．場強(qiáng)最小的點(diǎn)是A點(diǎn)，電勢最高的點(diǎn)是B點(diǎn)B．場強(qiáng)最小的點(diǎn)是A點(diǎn)，電勢最高的點(diǎn)是C點(diǎn)C．場強(qiáng)最小的點(diǎn)是C點(diǎn)，電勢最高的點(diǎn)是B點(diǎn)D．場強(qiáng)最小的點(diǎn)是C點(diǎn)，電勢最高的點(diǎn)是A點(diǎn)【答案】C【解析】根據(jù)等量異種電荷電場線的分布，可知EB＞EA＞EC，場強(qiáng)最小的是C點(diǎn)；等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，可知φA＝φC，沿著電場線方向電勢逐漸降低，異種電荷間的電場線由正電荷指向負(fù)電荷，可知φB＞φA，所以電勢最高點(diǎn)是B點(diǎn)．故選C．8．如圖所示，空間中存在水平向左的勻強(qiáng)電場．在電場中將一帶電液滴從b點(diǎn)由靜止釋放，液滴沿直線由b運(yùn)動(dòng)到d，且直線bd方向與豎直方向成45°角，下列判斷正確的是()A．液滴帶正電荷B．液滴的電勢能減小C．液滴的重力勢能和電勢能之和不變D．液滴的電勢能和動(dòng)能之和不變【答案】B【解析】由題可知，帶電液滴受重力和電場力作用，兩個(gè)力都是恒力，其合力沿bd方向，則電場力必定水平向右，則液滴帶負(fù)電，電場力做正功，電勢能減少，故B正確，A錯(cuò)誤；因?yàn)橛兄亓碗妶隽ψ龉?，所以液滴的電勢能、?dòng)能和重力勢能之和守恒，C、D錯(cuò)誤．9．興華同學(xué)對他家的電子秤很感興趣，他通過說明書了解到電子秤是用平行板電容器制成的，其電路如圖所示．稱重時(shí)，把物體放到電子秤面板上，壓力作用會(huì)導(dǎo)致平行板上層膜片電極下移．則放上物體后()A．極板間電場強(qiáng)度變小B．電容器的帶電荷量減小C．電容器的電容變小D．膜片下移過程中，電流表G有從b到a的電流【答案】D【解析】根據(jù)電容器表達(dá)式C＝eq\f(εrS,4πkd)可知，當(dāng)兩個(gè)極板的距離減小時(shí)，電容器的電容增大，再根據(jù)電容器定義式C＝eq\f(Q,U)可知，由于電容器一直和電源相連，電壓不變，當(dāng)電容增大時(shí)，帶電荷量增大，即電容器充電．電流表有從b到a的電流，B、C錯(cuò)誤，D正確；由勻強(qiáng)電場公式E＝eq\f(U,d)可知，當(dāng)電壓不變，兩個(gè)極板的距離減小時(shí)，極板間電場強(qiáng)度變大，A錯(cuò)誤．10．電場中有A、B兩點(diǎn)，一個(gè)點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的電勢能為1.2×10－8J，在B點(diǎn)的電勢能為0.80×10－8J．已知A、B兩點(diǎn)在同一條電場線上，如圖所示，該點(diǎn)電荷的電荷量大小為1.0×10－9C，那么()A．該電荷為負(fù)電荷B．該電荷在A點(diǎn)所受的電場力比在B點(diǎn)所受的電場力大C．A、B兩點(diǎn)的電勢差UAB＝4.0VD．把電荷從A移到B，電場力做功為2.5×1010J【答案】A【解析】點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的電勢能大于在B點(diǎn)的電勢能，而由圖可知，電場線由B指向A，則A點(diǎn)電勢小于B點(diǎn)電勢，故該電荷一定為負(fù)電荷，故A正確；從A到B電場力做功WAB＝EpA－EpB＝1.2×10－8J－0.80×10－8J＝0.40×10－8J，故D錯(cuò)誤；根據(jù)UAB＝eq\f(WAB,q)，得UAB＝eq\f(0.40×10－8,－1.0×10－9)V＝－4.0V，故C錯(cuò)誤；因該電場線周圍的電場線分布情況未知，所以兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小無法比較，電場力大小也無法判定，故B錯(cuò)誤．11．如圖所示，在孤立的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中有a、b兩點(diǎn)，a點(diǎn)的電勢為φa，場強(qiáng)大小為Ea，方向與連線ab垂直，b點(diǎn)的電勢為φb，場強(qiáng)大小為Eb，方向與連線ab的夾角為30°．則a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小及電勢高低的關(guān)系是()A．φa＞φb，Ea＝eq\f(Eb,2) B．φa＜φb，Ea＝eq\f(Eb,2)C．φa＞φb，Ea＝4Eb D．φa＜φb，Ea＝4Eb【答案】D【解析】沿Ea、Eb方向的線相交，其交點(diǎn)為場源點(diǎn)電荷的位置，由幾何關(guān)系知rb＝2ra，又由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式E＝keq\f(Q,r2)，可得Ea＝4Eb，分別過a、b作等勢面，電場線由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，則φb＞φa，故選D．12．如圖所示，兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸．把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開，則()A．此時(shí)A帶正電，B帶負(fù)電B．此時(shí)A電勢低，B電勢高C．移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合D．先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合【答案】C【解析】把一帶正電荷的物體C置于A附近，電子被吸引到A端，B端遺留了不能移動(dòng)的原子核，此時(shí)A帶負(fù)電，B帶正電，A錯(cuò)誤；處于靜電平衡的導(dǎo)體是等勢體，故A、B電勢相等，B錯(cuò)誤；移去C，A端的電子又回到B端，恢復(fù)原來的狀態(tài)，A、B下部的金屬箔閉合，C正確；先把A和B分開，然后移去C，A帶負(fù)電，B帶正電，A、B下的金屬箔都不會(huì)閉合，D錯(cuò)誤．13．如圖，一帶正電的點(diǎn)電荷固定于O點(diǎn)，兩虛線圓均以O(shè)為圓心，兩實(shí)線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點(diǎn)．不計(jì)重力，下列說法錯(cuò)誤的是()A．M帶負(fù)電荷，N帶正電荷B．M在b點(diǎn)的動(dòng)能小于它在a點(diǎn)的動(dòng)能C．N在d點(diǎn)的電勢能等于它在e點(diǎn)的電勢能D．N在從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過程中克服電場力做功【答案】D【解析】由粒子運(yùn)動(dòng)軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負(fù)電荷，N帶正電荷，故A正確；M從a點(diǎn)到b點(diǎn)，庫侖力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理知，動(dòng)能減小，則M在b點(diǎn)的動(dòng)能小于在a點(diǎn)的動(dòng)能，故B正確；d點(diǎn)和e點(diǎn)在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點(diǎn)的電勢能等于在e點(diǎn)的電勢能，故C正確；N從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)，庫侖斥力做正功，故D錯(cuò)誤．本題選錯(cuò)誤的，故選D．14．電容式話筒的保真度比動(dòng)圈式話筒好，其工作原理如圖所示．Q是絕緣支架，薄金屬膜片M和固定電極N形成一個(gè)電容器，被直流電源充電，當(dāng)聲波使膜片振動(dòng)時(shí)，電容發(fā)生變化，電路中形成變化的電流，當(dāng)膜片向右運(yùn)動(dòng)的過程中，則()A．M、N構(gòu)成的電容器的電容減小B．固定電極N上的電荷量保持不變C．導(dǎo)線AB中有向左的電流D．對R而言上端(即B端)電勢高【答案】C【解析】當(dāng)膜片向右運(yùn)動(dòng)的過程中，M、N構(gòu)成的電容器極板間距離減小，電容C增大，由于始終和電源相連，電容器兩端電壓U不變，所以極板上電荷量增加，電容器充電，導(dǎo)線中有向左的電流，對R而言下端電勢高，所以A、B、D錯(cuò)誤，C正確．15．有一勻強(qiáng)電場，電場線與坐標(biāo)平面xOy平行，以原點(diǎn)為圓心，半徑R＝5cm的圓周上任意一點(diǎn)Р的電勢φ＝9cosθ＋180(V)，θ為O、P兩點(diǎn)連線與x軸的夾角，如圖所示．則該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度的大小和方向?yàn)?)A．360V/m，沿x軸正方向 B．36V/m，沿y軸正方向C．180V/m，沿x軸負(fù)方向 D．18V/m，沿y軸負(fù)方向【答案】C【解析】由題意可知，當(dāng)θ＝90°和θ＝270°時(shí)，圓周對應(yīng)的兩點(diǎn)電勢相等，故y軸為電勢180V的等勢面，可知場強(qiáng)沿x軸方向，當(dāng)θ＝0°和θ＝180°時(shí)，代入題中函數(shù)關(guān)系可得，圓周對應(yīng)點(diǎn)的電勢分別為φ1＝189V，φ2＝171V，場強(qiáng)由電勢高的一側(cè)指向電勢低的一側(cè)，故場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，大小為E＝eq\f(φ1－φ2,2R)＝180V/m，故選C．16．如圖所示，在水平面內(nèi)固定三個(gè)點(diǎn)電荷a、b、c，其連線為一直角三角形，c所受庫侖力的合力平行于a、b的連線，以下判斷正確的是()A．a(chǎn)、b為同號電荷 B．a(chǎn)、b為異號電荷C．c所受庫侖力的合力水平向左 D．若將c由靜止釋放將做直線運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】因?yàn)閏所受庫侖力的合力平行于a、b的連線，則c點(diǎn)的合場強(qiáng)方向平行于ab連線，由場強(qiáng)疊加可知，a、b為異號電荷，A錯(cuò)誤，B正確；因a、b、c的電性都不能確定，則由題中條件不能確定c所受庫侖力的合力方向，C錯(cuò)誤；c點(diǎn)的合場強(qiáng)方向平行于ab連線，但是過c點(diǎn)與ab平行的直線上各點(diǎn)的場強(qiáng)不是沿同一直線方向，可知若將c由靜止釋放不可能做直線運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤．17．如圖所示，在水平方向的勻強(qiáng)電場中，一帶負(fù)電的微粒以初速度v0從圖中的A點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，在此過程中()A．粒子一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．粒子的機(jī)械能守恒C．粒子運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能減小，電勢能增加D．粒子運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能增加，電勢能減小【答案】C【解析】帶電粒子做直線運(yùn)動(dòng)，所受合力方向與運(yùn)動(dòng)方向必在同一直線上，小球受重力和電場力，根據(jù)題意，小球電場力方向水平向左，二力不共線，合力不可能為零，合力沿BA方向，所以粒子一定做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；因?yàn)殡妶隽椭亓Ψ较蚺c位移方向夾角為鈍角，所以重力和電場力都做負(fù)功，重力勢能增加，電勢能增加．機(jī)械能減少，故B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理得：合外力做的功等于動(dòng)能的變化量，合外力做負(fù)功，動(dòng)能減小，C正確，D錯(cuò)誤．18．如圖所示，M、N是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板．質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電的粒子(不計(jì)重力)以初速度v0由小孔水平射入電場，當(dāng)M、N間的電壓為U時(shí)，粒子剛好能到達(dá)N板．如果要使該帶電粒子到達(dá)M、N兩板中點(diǎn)位置處即返回，則下列措施能滿足要求的是()A．使初速度減小為原來的一半B．使M、N間的電壓提高到原來的2倍C．使M、N間的電壓提高到原來的4倍D．使初速度減小為原來的一半，同時(shí)M、N間的電壓提高到原來的2倍【答案】B【解析】粒子在進(jìn)入電場運(yùn)動(dòng)的過程中，設(shè)帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)距離為x，由動(dòng)能定理得－eq\f(qU,d)·x＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，所以x＝eq\f(mveq\o\al(2,0),2qU)d，則使初速度減小為原來的一半，可得x減小為原來的eq\f(1,4)，故A錯(cuò)誤；若電壓提高到原來的2倍，則x減小為原來的eq\f(1,2)，即粒子運(yùn)動(dòng)到M、N兩板中點(diǎn)處即返回，故B正確；使M、N間的電壓提高到原來的4倍，則x減小為原來的eq\f(1,4)，故C錯(cuò)誤；使初速度減小為原來的一半，同時(shí)M、N間的電壓提高到原來的2倍，則x減小為原來的eq\f(1,8)，故D錯(cuò)誤．19．某靜電場的電場線與x軸平行，電勢φ隨x坐標(biāo)變換的關(guān)系圖像如圖所示．若將一帶電的粒子(重力不計(jì))從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止釋放，在僅受電場力的作用下，該粒子在x軸上沿著軸線的正方向運(yùn)動(dòng)，已知電場中A、B兩點(diǎn)的x坐標(biāo)分別為10mm、30mm，則()A．該帶電粒子一定帶負(fù)電荷B．該電場為勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為1000V/mC．該粒子沿x軸從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中，電勢能一直增大D．在x軸上從A點(diǎn)到B點(diǎn)電場的方向先沿x軸正方向后負(fù)方向【答案】B【解析】粒子受力方向和電場方向相同，故粒子帶正電荷，A錯(cuò)誤；在圖象中，圖線斜率表示場強(qiáng)大小，斜率不變說明電場為勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E＝eq\f(U,d)＝eq\f(\a\vs4\al(Δφ),x)＝eq\f(20,20×10－3)V/m＝1000V/m，B正確；粒子沿x軸從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中，電場力一直做正功，電勢能一直減少，C錯(cuò)誤；由圖像知電勢降低，根據(jù)沿著電場線電勢降低，所以在x軸上從A點(diǎn)到B點(diǎn)電場強(qiáng)度都沿x軸正方向，D錯(cuò)誤．20．如圖所示是示波器原理圖，電子被電壓為U1的加速電場加速后射入電壓為U2的偏轉(zhuǎn)電場，離開偏轉(zhuǎn)電場后電子打在熒光屏上的P點(diǎn)，P點(diǎn)與O點(diǎn)的距離叫做偏轉(zhuǎn)距離，偏轉(zhuǎn)電場極板長為L，板間距離為d，為了增大偏轉(zhuǎn)距離，下列措施可行的是()A．減小U1 B．減小U2C．減小L D．增大d【答案】A【解析】電子在加速電場中加速，根據(jù)動(dòng)能定理可得eU1＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)，所以電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)速度的大小為v0＝eq\r(\f(2eU1,m))，電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后偏轉(zhuǎn)位移為y＝eq\f(1,2)at2＝eq\f(1,2)·eq\f(eU2,md)(eq\f(L,v0))2＝eq\f(U2L2,4U1d)，為了增大偏轉(zhuǎn)距離，則要增大y，即可以通過增大L、減小d、減小U1、增大U2．故A正確，B、C、D錯(cuò)誤．二、非選擇題：本題共3小題，共40分．21．(10分)(1)在如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置中，充電后的平行板電容器與電源斷開，板極A與靜電計(jì)相連，板極B接地．①若將極板B向上平行移動(dòng)一小段距離，則將觀察到靜電計(jì)指針偏角________(填“增大”“減小”或“不變”)，說明平行板電容器的電容隨極板正對面積S減小而減小．②若將極板B向左平行移動(dòng)一小段距離，則將觀察到靜電計(jì)指針偏角增大，說明平行板電容器的電容隨板間距離d增大而________(填“增大”“減小”或“不變”)；B極板向左移動(dòng)后，AB間的電場強(qiáng)度________(填“增大”“減小”或“不變”)．(2)美國物理學(xué)家密立根通過如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置最先測出了電子的電荷量被稱為密立根油滴實(shí)驗(yàn)．兩塊水平放置的金屬板A、B分別與電源的正負(fù)極相連接，板間產(chǎn)生勻強(qiáng)電場，方向豎直向下．圖中油滴由于帶負(fù)電懸浮在兩板間保持靜止．(已知重力加速度為g)①若要測出該油滴的電荷量，需要測出的物理量有________．A．油滴質(zhì)量m B．兩板間的電壓UC．兩板間的距離d D．兩板的長度②用所測得的物理量表示出該油滴的電荷量q＝________．【答案】(1)①增大②減小不變(2)①ABC②eq\f(mgd,U)【解析】(1)①若極板B稍向上動(dòng)一點(diǎn)，極板正對面積減小，由電容的決定式C＝eq\f(εrS,4πkd)分析知電容減小，電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式C＝eq\f(Q,U)，極板間的電壓增大，則靜電計(jì)指針偏角增大．②若極板B稍向左移動(dòng)一點(diǎn)，板間距離增大，由電容的決定式C＝eq\f(εrS,4πkd)分析知電容減小，電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式C＝eq\f(Q,U)，極板間的電壓增大，則靜電計(jì)指針偏角增大．此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容與極板間距離成反比．極板間距離的增大而減小．依據(jù)E＝eq\f(U,d)，及C＝eq\f(Q,U)，則有電場強(qiáng)度E＝eq\f(4πkQ,εrS)，可知極板間的電場強(qiáng)度與極板間距無關(guān)，即當(dāng)B極板向左移動(dòng)后，A、B間的電場強(qiáng)度不變．(2)①平行板板間存在勻強(qiáng)電場，液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，電場力與重力平衡，則有mg＝qE＝eq\f(qU,d)，所以需要測出的物理量有油滴的質(zhì)量m，兩板間的電壓U，兩板間的距離d．故選ABC．②根據(jù)平衡條件可知mg＝qE＝eq\f(qU,d)，則油滴的電荷量為q＝eq\f(mgd,U)．22．(15分)如圖所示，在P點(diǎn)固定一個(gè)正點(diǎn)電荷，A、B兩點(diǎn)在P的正上方，與P相距分別為h和eq\f(h,3)，將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球從A點(diǎn)由靜止釋放，釋放后帶電小球在A點(diǎn)處的加速度大小為eq\f(3,4)g