2020-2021學(xué)年浙江省杭州市之江高級(jí)中學(xué)高二（上）期中物理試卷（附答案詳解）

2020-2021學(xué)年浙江省杭州市之江高級(jí)中學(xué)高二（上）期

中物理試卷

一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）

1.下列物理量屬于標(biāo)量的是（）

A.速度B.加速度C.電流D.電場(chǎng)強(qiáng)度

2.發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（）

A.法拉第B.奧斯特C.庫(kù)侖D.安培

3.用國(guó)際單位制的基本單位表示電場(chǎng)強(qiáng)度的單位，下列正確的是（）

A.N/CB.V/mC.kg-m/（C-s2）D.kg-m/（A■s3）

4.如圖是某一點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布圖，下列表述正確的是（）I

A.A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)

B.該點(diǎn)電荷帶負(fù)電X

C.A點(diǎn)和B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相同

D.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度

5.小燈泡通電后，其電流/隨所加電壓U變化的圖線如圖所

示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為尸點(diǎn)的切線，PQ為。軸的

垂線，為/軸的垂線，則下列說(shuō)法不正確的是（）

A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大

B.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=?

?2

C.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為R=-TT

D.對(duì)應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積

6.電動(dòng)玩具汽車的直流電動(dòng)機(jī)電阻一定，當(dāng)加上0.3V電壓時(shí)，通過(guò)的電流為0.34此

時(shí)電動(dòng)機(jī)沒(méi)有轉(zhuǎn)動(dòng).當(dāng)加上3丫電壓時(shí)，電流為M,這時(shí)候電動(dòng)機(jī)正常工作.則（）

A.電動(dòng)機(jī)的電阻是3。

B.電動(dòng)機(jī)的正常工作時(shí)發(fā)熱功率是3W

C.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)消耗的電動(dòng)率是4W

D.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)機(jī)械效率是2W

7.一帶電粒子以一定速度垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則不受磁場(chǎng)影響的物理量是（）

A.速度B.加速度C.洛倫茲力D.動(dòng)能

8.回旋加速器是加速帶電粒子的裝置.其核心部分是分別

與高頻交流電源兩極相連接的兩個(gè)。形金屬盒，兩盒間

的狹縫中形成的周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫

時(shí)都能得到加速，兩。形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能，則

下列說(shuō)法中正確的是（）

A.減小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

B.增大勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓

C.增大。形金屬盒的半徑

D.減小狹縫間的距離

[上極板

9.如圖所示，一帶負(fù)電的粒子以速度處沿速度選擇器

XXXXXX

的中心線做勻速直線運(yùn)動(dòng).如果只是磁場(chǎng)的磁感應(yīng)--------------O：

XXXXXX

強(qiáng)度突然減小（不計(jì)帶電粒子所受的重力），則（）

1下極板

A.上極板帶負(fù)電

B.將向下極板偏轉(zhuǎn)

C.洛倫茲力對(duì)粒子做負(fù)功

D.電勢(shì)能減小

10.如圖所示，邊長(zhǎng)為的L的正方形區(qū)域中存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁r-v-5-r-

I

場(chǎng)方向垂直紙面向里.一帶電粒子從ad邊的中點(diǎn)M點(diǎn)以一定速:::

度垂直于ad邊射入磁場(chǎng)，僅在洛倫茲力的作用下，正好從岫；；；；5；；

I

邊中點(diǎn)N點(diǎn)射出磁場(chǎng).忽略粒子受到的重力，下列說(shuō)法中正確的y-----1--

是（）

A.該粒子帶負(fù)電

B.洛倫茲力對(duì)粒子做正功

c.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為:

D.如果僅使該粒子射入磁場(chǎng)的速度增大，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑也將變大

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11.如圖所示，正方形線框的邊長(zhǎng)為"，向右通過(guò)

dp-,c

寬為L(zhǎng)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且d<L,則在線框通過(guò)磁場(chǎng)的

過(guò)程中，線框中的感應(yīng)電流（）c.l----L

A.一直為順時(shí)針?lè)较颉?/p>

B.一直為逆時(shí)針?lè)较?/p>

C.先為逆時(shí)針?lè)较?，中間無(wú)感應(yīng)電流，后為順時(shí)針?lè)较?/p>

D.先為順時(shí)針?lè)较颍虚g無(wú)感應(yīng)電流，后為逆時(shí)針?lè)较?/p>

12.如圖所示，一條形磁鐵N極朝下，向下靠近閉合線圈時(shí)（）

A.磁鐵與線圈相互排斥，通過(guò)R的感應(yīng)電流方向從。到》

B.磁鐵與線圈相互吸引，通過(guò)R的感應(yīng)電流方向從。到〃

C.磁鐵與線圈相互排斥，通過(guò)R的感應(yīng)電流方向從。到a

D.磁鐵與線圈相互吸引，通過(guò)R的感應(yīng)電流方向從萬(wàn)到a

13.一矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速旋轉(zhuǎn)，所產(chǎn)生的交流電電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式e=

220s譏10兀t（y）,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.該交流電的頻率是IOTTHZ

B.該交流電動(dòng)勢(shì)的有效值是220V

C.當(dāng)1=去時(shí)，線圈處于垂直中性面的位置

20s

D.當(dāng)t=0時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量為零

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

14.物理學(xué)的發(fā)展是許多物理學(xué)家?jiàn)^斗的結(jié)果，下面關(guān)于一些物理學(xué)家的貢獻(xiàn)說(shuō)法正確

的是（）

A.奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線對(duì)磁體有作用力，首次揭示了電與磁的聯(lián)系

B.洛倫茲認(rèn)為安培力是帶電粒子所受磁場(chǎng)力的宏觀表現(xiàn)，并提出了著名的洛倫茲

力公式

C.庫(kù)侖在前人工作基礎(chǔ)上通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究確認(rèn)了真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互

作用力遵循的規(guī)律一一庫(kù)侖定律

D.法拉第不僅提出了電場(chǎng)的概念，而且采用了畫(huà)電場(chǎng)線這個(gè)簡(jiǎn)潔的方法描述電場(chǎng)

15.如圖所示電路中，人和G是完全相同的燈泡，線圈的自感系「堿

數(shù)刀很大，電阻可以忽略，下列說(shuō)法中正確的是（）-?"一

---0^-a

A.合上開(kāi)關(guān)S后，刀和G始終一樣亮

B.合上開(kāi)關(guān)S,G先亮，人后亮，最后一樣亮

C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，L和乙2都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅

D.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，G立即熄滅，L過(guò)一會(huì)兒才熄滅

16.如圖所示，一導(dǎo)線彎成半徑為。的半圓形閉合回路.虛線右側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為

3的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于回路所在的平面.回路以速度u向右勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，直

徑8始終與MN垂直。從。點(diǎn)到達(dá)邊界開(kāi)始到C點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)為止，下列結(jié)論正確

的是（）

xX

XxXX

XXXXX

XXXXX

X

A.感應(yīng)電流方向不變B.C。段直導(dǎo)線始終不受安培力

C.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值Em=BavD.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均值E=^nBav

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共24.0分）

17.在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”和用橡皮筋“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”

實(shí)驗(yàn)中

（1）都是通過(guò)分析紙帶上的點(diǎn)來(lái)測(cè)量物理量，下列說(shuō)法正確的是（多選）

4.都需要分析打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的第一個(gè)點(diǎn)

B.都不需要分析打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的第一個(gè)點(diǎn)

C一條紙帶都只能獲得一組數(shù)據(jù)

D一條紙帶都能獲得多組數(shù)據(jù)

（2）如圖是兩條紙帶的一部分，A、B、C、…、G是紙帶上標(biāo)出的計(jì)數(shù)點(diǎn)，每?jī)蓚€(gè)相

鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)未畫(huà)出。其中圖_____（填“甲”或“乙”）所示

的是用橡皮筋“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)紙帶?！疤骄考铀俣扰c力、

質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，小車的加速度大小a=m/s2（保留2位有效數(shù)字）。

（3）在用橡皮筋“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，平衡阻力后，小車與

橡皮筋組成的系統(tǒng)在橡皮筋恢復(fù)形變前機(jī)械能（填“守恒”或“不守恒”）。

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HDF

]?.LSSI.68~4?-I.67“—1.68二]

""單位；cm

圖甲

3.00------

單位：cm

圖乙

18.(1)小明同學(xué)用多用電表測(cè)量一未知電阻器的阻值。經(jīng)過(guò)規(guī)范操作后，所選歐姆擋

倍率及指針位置分別如圖甲、乙所示，則此電阻器的阻值為。

(2)在“測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中：

①如圖丙所示，已經(jīng)連接了一部分電路，請(qǐng)?jiān)诖痤}紙上對(duì)應(yīng)位置將電路連接完整。

②合上開(kāi)關(guān)后，測(cè)出9組人U值，在坐標(biāo)系中描出各對(duì)應(yīng)點(diǎn)，如圖丁所示。請(qǐng)?jiān)?/p>

答題紙對(duì)應(yīng)位置的圖中畫(huà)出此小燈泡的伏安特性曲線。

③與圖丁中P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的狀態(tài)，小燈泡燈絲阻值最接近。

A.16.70

8.12.4。

四、計(jì)算題(本大題共2小題，共25.0分)

19.有一個(gè)圓形線圈，其匝數(shù)n=1000,線圈面積S=200cm2,線圈處的磁場(chǎng)方向垂

直線圈平面向里，如圖甲所示。線圈的電阻r=10,線圈外接一個(gè)阻值R=4。的

電阻，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示。求:

(1)前4s內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大??；

(2)前4s內(nèi)通過(guò)電阻R的電流大小和方向：

(3)線圈電阻，?消耗的功率。

V乙

20.如圖1所示，在絕緣光滑水平桌面上，以。為原點(diǎn)、水平向右為正方向建立x軸，

在0WxW1.06區(qū)域內(nèi)存在方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。桌面上有一邊長(zhǎng)L=0.5m,

電阻R=0.25。的正方形線框abed,當(dāng)平行于磁場(chǎng)邊界的c,"邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，在沿x

方向的外力F作用下以"=1.0m/s的速度做勻速運(yùn)動(dòng)，直到時(shí)邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)撤去

外力。若以cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，在0Wt<1.0s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度8的大小

與時(shí)間f的關(guān)系如圖2所示，在0WtW1.3s內(nèi)線框始終做勻速運(yùn)動(dòng)。

(1)求外力尸的大??；

(2)在1.0s<t<1.3s內(nèi)存在連續(xù)變化的磁場(chǎng)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小與時(shí)間t的關(guān)

系；

(3)求在0<t<1.3s內(nèi)流過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量q。

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：速度，加速度，電場(chǎng)強(qiáng)度都是即有大小也有方向，運(yùn)用平行四邊形定則計(jì)

算的矢量，電流的計(jì)算不能用平行四邊形定則，是標(biāo)量，故C正確，48。錯(cuò)誤。

故選：Co

物理量按有無(wú)方向分矢量和標(biāo)量，矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小

沒(méi)有方向的物理量。

解決本題的關(guān)鍵要知道矢量與標(biāo)量有兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標(biāo)量沒(méi)有方向；二是

運(yùn)算法則不同，矢量運(yùn)算遵守平行四邊形定則，標(biāo)量運(yùn)算遵守代數(shù)加減法則

2.【答案】B

【解析】

【分析】

奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在著磁場(chǎng)。

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記

憶，這也是考試內(nèi)容之一。

【解答】

1820年，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在著磁場(chǎng)，即發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)。故8正確，ACD

錯(cuò)誤

故選：Bo

3.【答案】D

【解析】解：A、根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的E=；可知，電場(chǎng)力的單位為N,電量的單位為C,所

以電場(chǎng)強(qiáng)度的單位是N/C；C不是基本單位，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)U=Ed可知，E=(故單位可以為U/m,V不是基本單位，故8錯(cuò)誤；

CDy而1N/C=kg?n/(Cs2)=1理笠工=1kg-mATs-3,C不是基本單位,故C錯(cuò)誤

D正確。

故選：Do

物理公式不僅確定了各個(gè)物理量之間的關(guān)系，同時(shí)也確定了物理量的單位之間的關(guān)系，

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根據(jù)物理公式來(lái)分析物理量的單位即可。

本題考查力學(xué)單位制的計(jì)算，要注意物理公式在確定物理量間的關(guān)系的時(shí)候同時(shí)也確定

了單位之間的關(guān)系，根據(jù)不同的公式來(lái)確定單位之間的關(guān)系。

4.【答案】B

【解析】解：AB、根據(jù)電場(chǎng)線向里吸收，可知該電荷是負(fù)電荷；越靠近負(fù)電荷電勢(shì)越

低，所以有A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤、B正確；

C、電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，A點(diǎn)和8點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向分別從4、8兩點(diǎn)指向點(diǎn)電荷，方

向是不同的，故C錯(cuò)誤；

。、電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，A點(diǎn)處的電場(chǎng)線較密，所以A點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度

較大，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止，電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線越密，場(chǎng)

強(qiáng)越大、順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低進(jìn)行分析即可。

該題考查常見(jiàn)的幾種電場(chǎng)的電場(chǎng)線分析及其特點(diǎn)，熟悉正、負(fù)點(diǎn)電荷，等量同種、等量

異種電荷周圍電場(chǎng)分布情況往往是解題關(guān)鍵。

5.【答案】C

【解析】解：

4、由電阻/?=彳可知，燈泡的電阻等于圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線斜率的倒數(shù)，電壓增大,

斜率減小，則電阻增大，故4正確；

B、C、由圖象可知，P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓為〃，電流為白，則燈泡的電阻R=?，故B正確，

12

C錯(cuò)誤；

D、因?yàn)镻=U/,所以圖象中矩形PQOM所圍的面積為對(duì)應(yīng)P點(diǎn)小燈泡的實(shí)際功率，故

￡）正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選：C

該小燈泡是非線性元件，其電阻等于圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線斜率的倒數(shù)，根據(jù)斜率的變

化分析電阻的變化；找到尸點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電壓和電流，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)燈泡的電阻;

由功率公式可對(duì)應(yīng)圖線的''面積”.

對(duì)于線性元件，其電阻氏=號(hào)=半，非線性元件，R=吟對(duì)于U—/圖與/—U圖

要區(qū)分清楚，電阻等于斜率，還是等于斜率的倒數(shù)不能搞錯(cuò).

6.【答案】D

【解析】解：A、當(dāng)加上0.3U電壓時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，利用歐姆定律得r=?=籌=1億

U.J

故A錯(cuò)誤：

B、當(dāng)加上3V電壓時(shí)，消耗的電能一部分發(fā)熱，一部分轉(zhuǎn)化為了機(jī)械能。

消耗的電功率為：P=/U=1x3=3W,發(fā)熱功率P翔=I2R=l2xl=1W,故BC

錯(cuò)誤；

。、根據(jù)能量關(guān)系，產(chǎn)生的機(jī)械功率為：P疣=P—P*,=3—1=2W,故。正確。

故選：Do

當(dāng)加上0.3U電壓時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，電動(dòng)機(jī)電路是純電阻電路，由歐姆定律求解電動(dòng)機(jī)的

電阻.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，由「=〃求出電功率，由P我=產(chǎn)/?求出熱功率，兩者之差

即為機(jī)械功率.

電動(dòng)機(jī)在不轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，其電路是純電阻電路，歐姆定律成立，而在正常工作時(shí)，其電路是

非純電阻電路，歐姆定律不成立.

7.【答案】D

【解析】解：A、。、洛倫茲力方向總是與帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向垂直，對(duì)帶電粒子總不

做功，根據(jù)動(dòng)能定理，洛倫茲力不改變帶電粒子速度的大小，只改變粒子速度的方向.

故可以改變速度，不改變速率和動(dòng)能。故A錯(cuò)誤，。正確。

8、C、帶電粒子在磁場(chǎng)中所受的洛倫茲力大小不變，而方向時(shí)刻在改變，所以加速度

的方向在變化。故8錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤。

故選：

根據(jù)洛倫茲力方向特點(diǎn)：洛倫茲力方向總是與粒子運(yùn)動(dòng)方向垂直，對(duì)帶電粒子總不做功

來(lái)分析判斷.

本題考查對(duì)洛倫茲力的理解能力，抓住洛倫茲力方向總是與速度方向垂直，只改變速度

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的方向，不改變速度的大小進(jìn)行分析.

8.【答案】C

2

【解析】解：回旋加速器工作時(shí)，帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由quB=m^,

得。=嗎

m

帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能=知?jiǎng)幽芘c加速的電壓無(wú)關(guān)，狹縫間的距離

踐22m

無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和。形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑，可

以增加粒子的動(dòng)能，故C正確，ABO錯(cuò)誤。

故選：Co

回旋加速器利用電場(chǎng)加速和磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速粒子，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出粒子射

出時(shí)的速度，從而得出動(dòng)能的表達(dá)式，看動(dòng)能與什么因素有關(guān).

解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用，知道粒子的最大動(dòng)能與加速的電壓

無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和。形盒的半徑有關(guān).

9.【答案】D

【解析】解：A、根據(jù)左手定則可知帶負(fù)電的粒子受到的洛倫茲力方向向下，根據(jù)平衡

條件可知粒子受到的電場(chǎng)力方向向上，則下極板帶負(fù)電，故4錯(cuò)誤；

B、開(kāi)始過(guò)程粒子沿著中心線OiG做勻速直線運(yùn)動(dòng)，合力為零，故叱B=qE；

當(dāng)減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B后，洛倫茲力/=quB減小了，而電場(chǎng)力F=qE不變，故洛倫茲力

小于電場(chǎng)力，合力向上，故會(huì)向上偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；

C、由于洛倫茲力的方向始終與速度方向垂直，洛倫茲力一定不做功，故C錯(cuò)誤；

。、由于粒子向上偏轉(zhuǎn)，電場(chǎng)力也向上，故電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故。正確。

故選：Do

根據(jù)左手定則結(jié)合平衡條件分析極板的電性；當(dāng)減小磁感應(yīng)強(qiáng)度2后，洛倫茲力減小，

由此分析粒子的偏轉(zhuǎn)情況：洛倫茲力一定不做功；根據(jù)電場(chǎng)力的做功情況判斷電勢(shì)能的

變化。

本題考查粒子在電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，是速度選擇器的模型，要明確其工作原理，結(jié)合

左手定則和功能關(guān)系分析。

10.【答案】D

【解析】

【分析】

粒子垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力；根據(jù)左手定則判斷

電性；根據(jù)牛頓第二定律求解半徑表達(dá)式分析。

本題關(guān)鍵是明確粒子的動(dòng)力學(xué)規(guī)律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，要根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)出半徑表達(dá)

式分析。

【解答】

A.粒子垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，速度向右，磁場(chǎng)向內(nèi)，洛

倫茲力向上，故粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)左手定則，洛倫茲力與速度垂直，一定不做功，故8錯(cuò)誤；

C.洛倫茲力提供向心力，指向圓心；粒子從ad邊的中點(diǎn)M點(diǎn)以一定速度垂直于,以邊射

入磁場(chǎng)，圓心在射線Ma上；正好從必邊中點(diǎn)N點(diǎn)射出磁場(chǎng)，圓心在MN的連線的垂

直平分線上，所以圓心在。點(diǎn)，故半徑為，，故C錯(cuò)誤；

D根據(jù)牛頓第二定律，有：解得：R嚼,速度越大，軌道半徑越大，故

。正確。

故選D。

11.【答案】C

【解析】解：線框進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，通過(guò)線框的磁通量在增大，有感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律知，

感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?全部進(jìn)入磁場(chǎng)后，磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流.出磁場(chǎng)時(shí)，

通過(guò)線框的磁通量減小，有感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?故

C正確，4、B、。錯(cuò)誤.

故選C.

當(dāng)穿過(guò)閉合回路磁通量發(fā)生變化時(shí)，回路中有感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律或右手定則判斷

感應(yīng)電流的方向.

解決本題的關(guān)鍵掌握感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，以及會(huì)通過(guò)楞次定律或右手定則判斷感應(yīng)電

流的方向.

第12頁(yè)，共18頁(yè)

12.【答案】A

【解析】解：由“來(lái)拒去留”可知，磁鐵靠近線圈，則磁鐵與線圈相互排斥；

由題目中圖可知，當(dāng)磁鐵豎直向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁場(chǎng)強(qiáng)度向下增大，由楞次定律

可知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向上,則由右手螺旋定則可知電流方向從〃經(jīng)過(guò)R到瓦故A正確，

BCD錯(cuò)誤、

故選：A。

先判斷通過(guò)線圈的磁場(chǎng)方向及磁通量的變化，由楞次定律可判斷電路中電流的方向及磁

極間的相互作用。

在判斷電磁感應(yīng)中磁極間的相互作用時(shí)可以直接利用楞次定律的第二種表示：“來(lái)拒去

留”直接判斷，不必再由安培定則判斷線圈中的磁場(chǎng)，再由磁極間的相互作用判斷力的

方向。

13.【答案】C

【解析】解：A、根據(jù)交流電電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式e=220sMi0忒（匕）可知：3=10TT,

則7=/=答s=0.2s,則頻率：/=；=W"z=5Hz,故A錯(cuò)誤；

B、由6=七?^譏3t和題給表達(dá)式可知，該交流電的峰值是Em=220V,有效值為：E=

貴=箸展11°企匕故8錯(cuò)誤；

C、當(dāng)t=時(shí)，將其代入e=220sinl07rt可得：e=220s譏（IOTTX=-”=220K,此

20s20s

時(shí)的電動(dòng)勢(shì)最大，線圈處于垂直中性面的位置，故c正確；

Q、t=0時(shí)，根據(jù)e=220sinl07rt（y）可得e=0,此時(shí)線圈平面與磁感線方向垂直，穿

過(guò)線圈的磁通量最大，故。錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)交流電的表達(dá)式，可知其最大值，以及線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度等物理量，然后進(jìn)一步求

出其它物理量，如有效值、周期、頻率等，根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值大小確定線圈的位置，

根據(jù)線圈的位置分析磁通量大小。

對(duì)于交流電的產(chǎn)生和描述要正確理解，要會(huì)推導(dǎo)交流電的表達(dá)式，明確交流電表達(dá)式中

各個(gè)物理量的含義。

14.【答案】ABCD

【解析】解：A、奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線對(duì)磁體有作用力，首次揭示了電與磁

的聯(lián)系。故A正確；

8、洛倫茲認(rèn)為安培力是帶電粒子所受磁場(chǎng)力的宏觀表現(xiàn)，并提出了著名的洛倫茲力公

式。故B正確；

C、庫(kù)侖在前人工作基礎(chǔ)上通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究確認(rèn)了真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用

力遵循的規(guī)律一一庫(kù)侖定律。故C正確；

。、法拉第不僅提出了電場(chǎng)的概念，而且采用了畫(huà)電場(chǎng)線這個(gè)簡(jiǎn)潔的方法描述電場(chǎng)。故

。正確。

故選：ABCD.

本題是對(duì)物理學(xué)史的考查，奧斯特、洛倫茲、庫(kù)倫、法拉第等科學(xué)家的物理觀點(diǎn)與相關(guān)

事跡，需要多了解一些。

本題考查物理學(xué)史里面的著名科學(xué)家的貢獻(xiàn)和成就。屬識(shí)記內(nèi)容，是必不可少的部分。

要求每第一位學(xué)生知道

15.【答案】BC

【解析】解：AB、當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，燈G立即發(fā)光。通過(guò)線圈L的電流增大，穿過(guò)線圈

的磁通量增大，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與原來(lái)電流方向

相反，阻礙電流的增大，所以電路的電流只能逐漸增大，人逐漸亮起來(lái)。所以打先亮，

J后亮。由于線圈直流電阻忽略不計(jì)，當(dāng)電流逐漸穩(wěn)定時(shí)，線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，兩

燈電流相等，亮度相同。最終兩燈一樣亮，故A錯(cuò)誤，8正確；

CD,穩(wěn)定后當(dāng)電鍵K斷開(kāi)后，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，與兩燈構(gòu)成閉合回

路，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與原來(lái)電流方向相同，那么通過(guò)燈泡G中的電

流方向從c到4，由于回路中的電流只能慢慢減小，因此兩燈都過(guò)一會(huì)兒熄滅，故C正

確，。錯(cuò)誤；

故選：BC。

當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，通過(guò)線圈L的電流增大，穿過(guò)線圈的磁通量增大，產(chǎn)生自感現(xiàn)象，根

據(jù)楞次定律判斷自感電動(dòng)勢(shì)的方向和作用，分析哪個(gè)燈先亮.斷開(kāi)瞬間也可以按照同樣

的思路分析.

第14頁(yè)，共18頁(yè)

對(duì)于自感現(xiàn)象，是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，應(yīng)用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律進(jìn)行分析.

16.【答案】ACD

【解析】解：4線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中，穿過(guò)閉合電路的磁通量逐漸增大，根據(jù)楞次定

律可知感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较虿蛔?，故A正確；

B、線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流，由電流通過(guò)CD段，8段在磁場(chǎng)中，CD段直線

始終受安培力作用，故8錯(cuò)誤;

C、當(dāng)線圈剛好進(jìn)入一半時(shí);切割的有效長(zhǎng)度為L(zhǎng)=a,此時(shí)切割的有效長(zhǎng)度最長(zhǎng)，感應(yīng)

電動(dòng)勢(shì)最大，Em=Bav,故C正確;

D、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均值式為：5=塞=生|

=-1nBcav,故。正確。

4

故選：ACD.

由楞次定律可判斷電流方向；根據(jù)安培力公式判斷C。段是否受安培力作用；由法拉第

電磁感應(yīng)定律可得出電動(dòng)勢(shì)的平均值。

本題注意以下幾點(diǎn)：（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=與只能來(lái)計(jì)算平均值；（2）利用感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

公式E=8。計(jì)算時(shí)，/應(yīng)是等效長(zhǎng)度，即垂直切割磁感線的長(zhǎng)度。

17.【答案】BC甲0.40不守恒

【解析】解：（1）48、“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”需要測(cè)量的是加速度，用△%=

aT2,用橡皮筋“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”需要的是末速度，W=\mv2,所

以都不需要分析打下的第一個(gè)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤，B正確。

8、根據(jù)項(xiàng)的分析知每條只帶只能得到一組數(shù)據(jù)，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：BC

（2）如圖是兩條紙帶的一部分，A、B、C、…、G是紙帶上標(biāo)出的計(jì)數(shù)點(diǎn)，每?jī)蓚€(gè)相鄰的

計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)未畫(huà)出。由于甲相等相鄰的時(shí)間內(nèi)的位移之差不是定值，

為變速運(yùn)動(dòng)，所以甲所示的是用橡皮筋“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)紙帶。

“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)△x=aT2知小車的加速度大小為：

2

a=卓=3。"；60*iQ-2m^s2—Q.40zn/so

（3）由于摩擦力做功，小車與橡皮筋組成的系統(tǒng)在橡皮筋恢復(fù)形變前機(jī)械能不守恒。

故答案為：(1)BC；(2)甲，0.40；(3)不守恒。

(1)“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”需要測(cè)量的是加速度，用△x=a7'2,用橡皮筋“探

究做功與物體速度變化的關(guān)系”需要的是末速度，W=\mv2,所以都不需要分析打下

的第一個(gè)點(diǎn)，每條只帶只能得到一組數(shù)據(jù)；

(2)用橡皮筋“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”物體受到變力作用，加速度時(shí)刻變化;

“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度恒定，△%=

aT2.

(3)由于摩擦力做功的原因，小車與橡皮筋組成的系統(tǒng)在橡皮筋恢復(fù)形變前機(jī)械能不守

恒。

此題考查兩個(gè)實(shí)驗(yàn)的對(duì)比，注意二者的差別是解決此題的關(guān)鍵，會(huì)利用△x=a72判斷

是否做勻變速運(yùn)動(dòng)。

18.【答案】170012C

【解析】解：(1)指針讀數(shù)為

17,所選擋位為x100,故歐

姆表的讀數(shù)：R=17x

100P=1700/2；

(2)①本實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用分壓接

法，同時(shí)電壓表測(cè)量燈泡的

電壓，與燈泡并聯(lián)，電流表采用外接法，連接實(shí)物圖如圖；

②根據(jù)描出的點(diǎn)可知對(duì)應(yīng)的/一U圖象；

③由圖象可知，〃點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電流/=0.234電壓。=1.4V,故由歐姆定律可得，電阻R=

7=^/2?6.W,故最接近的為C。

故答案為：(1)1700；(2)①如圖丙所示；②如圖丁所示；③C。

(1)歐姆表的讀數(shù)由表盤(pán)上讀數(shù)乘以倍率；

(2)電壓表測(cè)量燈泡的電壓，與燈泡并聯(lián)，連實(shí)物圖；根據(jù)描點(diǎn)法得出/-U圖象；由圖

確定P點(diǎn)的電流和電壓，由歐姆定律求解電阻大小。

本題考查描述燈泡的伏安特性曲線以及多用電表的使用等，要明確歐姆表的讀數(shù)規(guī)則，

同時(shí)明確描述燈泡的伏安特性曲線一般采用電流表外接法和滑動(dòng)變阻器分壓接法。