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文檔簡介
2020學年第一學期高二年級教學質(zhì)量監(jiān)測物理一、選擇題題有多項符合題1.在物理學理10小題,共46分。第1~7題只有一項符合題目要求,每小題4分;第8~10目要求,全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。有許多偉大的科學家做出了巨大的貢獻。關于科學家和他們的貢獻,B.密立根通過油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值D.安培發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應2.關于靜電場,下列說法正確的是A.電勢等于零,電場強度一定為零B.電場強度為零的點,電勢一定為零C.正電荷沿電場線方向移時動,電勢能一定減小D.不在同一電場線上的兩點,電勢一定不相等3.如圖所示,F(xiàn)是磁場對通電直導線的作用力,其中正確的示意圖是4.如圖所示,平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止狀態(tài),不考慮電流表和電壓表對電路的影響,當滑動變阻器的滑片向b端移時動,則A.電壓表讀數(shù)增大5.如圖所示,三個帶電小球均靜止在光滑絕緣的水平球P的帶電荷量為+Q,小球M和N桌面上,小的帶電荷量分別為-和+2q,且M與N由絕緣細桿相連。M與N相距L,P、M和N視為點電荷。q下列說法正確的是C.在P產(chǎn)生的電場中,D.若把小球P的帶電量增大為+2Q,則M與N將會運動6.如圖所示,在第一象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場,正、負電子分別以相同速度沿與x軸成60°角從原點射入磁場,則正、負電子在磁場中運動時間之比為B.2:13:1D.7.如圖所示,兩光滑金屬導軌傾斜放置,與水平面夾角為30°,導軌間距L,一質(zhì)量為m的導體棒與導軌垂直放置,電源輸出電流保持恒定,不計導軌電阻。當磁場水平向右時,導體棒恰能靜止,現(xiàn)磁場發(fā)生變化,方向沿逆時針旋轉(zhuǎn),最終豎直向上,在磁場變化的過程中,導體棒始終靜止,關于B的大小的變化說法正確的是A.逐漸增大B.逐漸減小C.先減小后增大D.先增大后減小8.如圖是某一點電荷的電場線分布圖,下列表述正確的是A.該點電荷帶負電B.a點的電勢低于b點的電勢C.a點的電場強度大于b點的電場強度D.若一負電荷從a點移到b點,電場力做正功,電勢能減少9.在如圖甲所示的電路中,L1、L2、L3為三個相同規(guī)格的小燈泡,這小種燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示。當開關S閉合后,電路中的總電流為0.20A,則此時A.L2的電阻為7.5ΩB.L1上的電壓為L2上電壓的2倍C.L1消耗的電功率為0.30WD.L1、L2消耗的電功率的比值大于4甲乙10.一質(zhì)子以速度v穿過相互垂直的勻強電場和勻強磁場疊加的區(qū)域而沒有偏轉(zhuǎn),如圖所示,若不計0重力,則下列說法正確的是A.若質(zhì)子的入射速度vv,它將向上偏轉(zhuǎn)0B.若質(zhì)子的入射速度vv,它將向下偏轉(zhuǎn)0C.若將質(zhì)子從右側(cè)以相同速度v0射入,也不會偏轉(zhuǎn)D.若改為電子,從右側(cè)以相同速度v0進入三、實驗題11.(6分)((2)在“測,要使其沿直線穿過,則必須改變電場的方向1)用螺旋測微器測金屬絲直徑D時,示數(shù)如圖(甲)所示,此示數(shù)為__________mm。定金屬的電阻率”的實驗中,用最小刻度為1mm的刻度尺測量金屬絲的長度,圖(乙)中箭頭所指位置是拉直的金屬絲兩端在刻度尺上相對應的位置,測得的金屬絲長度L為____________mm。(2)該小組按照所提供的實驗器材設計了實驗方案,通過調(diào)節(jié)滑動變阻器阻值使電流表示數(shù)逐漸接近滿偏,記錄數(shù)據(jù)并作出圖像,結果發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的變化范圍比較小,給數(shù)據(jù)處理帶來了困難。為此利用所提供的器材幫助他改進實驗方案,并盡可能減小測量誤差,下列比較合適的電路圖是______甲乙丙(3)該小組利用改進示數(shù))和I2(電流表A的示數(shù)),請在答題卡的坐標紙上根據(jù)給出的數(shù)據(jù),作出I1和I2的關系圖線;序號I1/mA1.421.381.341.301.221.181.141.10I2/A0.100.140.200.260.360.400.460.5012345678I-I的關系圖線可得,被測干電池的電動勢為________V,內(nèi)阻為________Ω。(結果保留12如圖所示,兩電容器的電容分別為路13.(12分)C=5μF,C2=10μF,電阻R=2Ω,R2=4Ω,電11兩端電壓U=12V。則:(1)當開關S閉合時,電容器C1的帶電S斷開時,電容器C2的帶電(2)當開關量為多少?(3)當開關S斷開時,A、B兩點間的電壓U為多少?14.(12分)半圓形軌道的半徑R=0.9m,在軌道所在空間存在水平向右的行,電場強度E=1.0×104N/C。現(xiàn)有一電荷量q=+1.0×10-4C、質(zhì)量m=0.1kg的帶電P點由靜止釋放,體恰好能通過半圓形軌道的最高點C。取g=10m/s2,試求:(1)帶電到半圓形軌道的最高點C時的(2)帶電B點時對圓形軌道的(3)帶電體在從P開始運動到最高點C的過程中的水平光滑軌道AB與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道BC平滑連接,與軌道所在的平面平體(可視為質(zhì)點),勻強電場,電場線最大動能。15.(14分)勻強磁場,磁場方向垂直xy紙面向里。一電l處的P點時速率為v0,方向沿x軸正方向,然后經(jīng)過x軸上x=2l處的軸上y=-2l處的N點。不計粒子的重力,求:(1)電場強度的大?。唬?)粒子到達M時速度的大小和方向;(3)磁感應強度的在y>0的空間中存在勻強電場,場強沿y軸正方向;在y<0的空間中存在m的帶負電的運動粒子,經(jīng)過y軸上y=M點進入磁場,并經(jīng)過y量為q、質(zhì)量為高二物理參考答案題號1答案D2345A678910ACBDCDADCBB11.(8分)(1)0.700(0.698-0.702均可給分)(2分)(2)972.0(971.8-972.2均可給分)(2分)2分)(3)1.15(1.13-1.17均可給分),0.20(各12.(8分)(1)R、A(2分)11(2)甲(1分)(3)I和I的關系圖線如圖(3分)12(4)1.5、0.30(2分)13.解:(1)當S閉合時,C兩端電壓即為電阻R兩端電壓,則有11U212V4V①(3分)RRRUU16C1R112此時電容器C所帶電荷量為QCU2105C②(3分)C11R11(2)當S斷開時,電容器C的電壓為電源電壓U=12V③(2分)2C所帶電Q荷量為CU1.2104C④(2分)22C2(3)當S斷開時,由于電容器相當于斷路,則A點與D點的電勢相等,B點與C點的電勢相等,則有U=U=12V⑤AB(2分)14.解:(1)設帶電體通過C點時的速度為定律有v,根據(jù)牛頓第二Cv2mgm①(2分)CR解得v=3.0m/s②(1分)C(2)設帶電體通過B點時的速度為v,軌道對帶電體的支持力大小為N,BB帶電體在B點時,根據(jù)牛頓第二定律有NmgmvB③(1分)2RB帶電體從B運動到C的過程中,根據(jù)動能定理有mg2R12mv212mv2④(2分)CBN6mg6N⑤(1分)聯(lián)立③④解得B6N⑥(1分)B由牛頓第三定律,帶電體對軌道的壓力大小NNB(3)由P到B,帶電體做加速運動,故最大速度一定出現(xiàn)在從B到C的過程中。在此過程中只有重qEmg,其合力與重力方向成45°夾角斜向力和電場力做功,由于右下方,故最大速度必出現(xiàn)在B點右側(cè)對應圓心角為45°處。(1分)設帶電體的最大動能為E,根據(jù)動能定理有kmqERsin45omgR1cos45E12mv2⑦(2分)okmB2.62J⑧(1分)代入數(shù)據(jù)解得Ekm15.解:(1)設粒子從P到M的時間為t,電場強度的大小為E,在電場中的加速度為a。粒子在電場中從P到M做類平拋運動,由牛頓第二定律與運動學公式,有qEma①(1分)2lvt②(1分)0l12at2③(1分)聯(lián)立①②③得Emv20④(2分)2ql(2)粒子在電場中做為類平拋運動,到達M時速度沿x方向的分量仍為v。設粒子在M時速度大小0v,沿y方向分速度為v,速度與x軸的夾角為,有yv22al⑤(1分)y聯(lián)立①④⑤得yvv⑥(1分)0tan
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