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遼寧師大學(xué)附中2023年高三4月調(diào)研測(cè)試卷物理試題注意事項(xiàng)1.考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上,在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答;第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3.考試結(jié)束后,考生須將試卷和答題卡放在桌面上,待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示,輕質(zhì)彈簧一端固定在豎直墻面上,另一端拴接一質(zhì)量為m的小滑塊。剛開始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài),現(xiàn)給小滑塊上施加一水平力F,使之沿光滑水平面做勻加速直線運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)過程中彈簧未超出彈性限度。下列關(guān)于水平力F隨位移x變化的圖像正確的是()A. B.C. D.2、“太極球”運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)較流行的健身運(yùn)動(dòng)。做該項(xiàng)運(yùn)動(dòng)時(shí),健身者半馬步站立,手持太極球拍,拍上放一橡膠太極球,健身者舞動(dòng)球拍時(shí),太極球卻不會(huì)掉到地上?,F(xiàn)將太極球拍和球簡(jiǎn)化成如圖所示的平板和小球,熟練的健身者讓小球在豎直面內(nèi)始終不脫離平板且做勻速圓周運(yùn)動(dòng),則()A.小球的機(jī)械能保持不變B.平板對(duì)小球的彈力在B處最小,在D處最大C.在B、D兩處小球一定受到沿平板向上的摩擦力D.只要平板與水平面的夾角合適,小球在B、D兩處就有可能不受平板的摩擦力作用3、一宇宙飛船的橫截面積s,以v0的恒定速率航行,當(dāng)進(jìn)入有宇宙塵埃的區(qū)域時(shí),設(shè)在該區(qū)域,單位體積內(nèi)有n顆塵埃,每顆塵埃的質(zhì)量為mA.snmv02B.2snmv4、一輛F1賽車含運(yùn)動(dòng)員的總質(zhì)量約為600kg,在一次F1比賽中賽車在平直賽道上以恒定功率加速,受到的阻力不變,其加速度a和速度的倒數(shù)的關(guān)系如圖所示,則賽車在加速的過程中()A.速度隨時(shí)間均勻增大B.加速度隨時(shí)間均勻增大C.輸出功率為240kwD.所受阻力大小為24000N5、如圖所示,兩條水平放置的間距為L(zhǎng),阻值可忽略的平行金屬導(dǎo)軌CD、EF,在水平導(dǎo)軌的右端接有一電阻R,導(dǎo)軌的左側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,磁場(chǎng)區(qū)域的長(zhǎng)度為d。左端與一彎曲的光滑軌道平滑連接。將一阻值也為R的導(dǎo)體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放,導(dǎo)體棒最終恰好停在磁場(chǎng)的右邊界處。已知導(dǎo)體棒與水平導(dǎo)軌接觸良好,且動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,則下列說法中正確的是()A.電阻R的最大電流為B.整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱為mghC.流過電阻R的電荷量為D.電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為mgh6、如圖所示,一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,再到狀態(tài)C,最后變化到狀態(tài)A,完成循環(huán)。下列說法正確的是()A.狀態(tài)A到狀態(tài)B是等溫變化 B.狀態(tài)A時(shí)所有分子的速率都比狀態(tài)C時(shí)的小C.狀態(tài)A到狀態(tài)B,氣體對(duì)外界做功為 D.整個(gè)循環(huán)過程,氣體從外界吸收的熱量是二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、在光滑水平面上,小球A、B(可視為質(zhì)點(diǎn))沿同一直線相向運(yùn)動(dòng),A球質(zhì)量為1kg,B球質(zhì)量大于A球質(zhì)量。如果兩球間距離小于L時(shí),兩球之間會(huì)產(chǎn)生大小恒定的斥力,大于L時(shí)作用力消失。兩球運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間關(guān)系如圖所示,下列說法正確的是A.B球質(zhì)量為2kgB.兩球之間的斥力大小為0.15NC.t=30s時(shí),兩球發(fā)生非彈性碰撞D.最終B球速度為零8、殲-15飛機(jī)是我國(guó)研制的多用途艦載戰(zhàn)斗機(jī)。某飛行訓(xùn)練中,第一次艦保持靜止,飛機(jī)從靜止開始沿甲板運(yùn)動(dòng),當(dāng)飛機(jī)的速度為v時(shí)通過的距離為x1,經(jīng)歷的時(shí)間為t1;第二次艦以速度v0勻速運(yùn)動(dòng),飛機(jī)相對(duì)甲板由靜止開始沿艦運(yùn)動(dòng)的同方向加速,當(dāng)飛機(jī)相對(duì)海面的速度為v時(shí)沿甲板通過的距離為x2,經(jīng)歷的時(shí)間為t2。設(shè)兩次飛機(jī)均做勻加速運(yùn)動(dòng)且加速度大小相等。則()A. B. C. D.9、質(zhì)量為m電量為的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn)),放在質(zhì)量為M的絕緣長(zhǎng)木板左端,木板放在光滑的水平地面上,滑塊與木板之間的動(dòng)障擦因數(shù)為,木板長(zhǎng)為L(zhǎng),開始時(shí)兩者都處于靜止?fàn)顟B(tài),所在空間存在范圍足夠大的一個(gè)方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)E,恒力F作用在m上,如圖所示,則()A.要使m與M發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),只須滿足B.若力F足夠大,使得m與M發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),當(dāng)m相對(duì)地面的位移相同時(shí),m越大,長(zhǎng)木板末動(dòng)能越大C.若力F足夠大,使得m與M發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),當(dāng)M相對(duì)地面的位移相同時(shí),E越大,長(zhǎng)木板末動(dòng)能越小D.若力F足夠大,使得m與M發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),E越大,分離時(shí)長(zhǎng)本板末動(dòng)能越大10、如圖所示,在光滑的水平桌面上有體積相同的兩個(gè)小球A、B,質(zhì)量分別為m=0.1kg和M=0.3kg,兩球中間夾著一根壓縮的輕彈簧,原來處于靜止?fàn)顟B(tài),同時(shí)放開A、B球和彈簧,已知A球脫離彈簧的速度為6m/s,接著A球進(jìn)入與水平面相切,半徑為0.5m的豎直面內(nèi)的光滑半圓形軌道運(yùn)動(dòng),PQ為半圓形軌道豎直的直徑,,下列說法正確的是A.彈簧彈開過程,彈力對(duì)A的沖量大于對(duì)B的沖量B.A球脫離彈簧時(shí)B球獲得的速度大小為2m/sC.A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中所受合外力的沖量大小為1N·sD.若半圓軌道半徑改為0.9m,則A球不能到達(dá)Q點(diǎn)三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)如圖所示,梁老師在課堂做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)時(shí),橡皮條的一端固定在黑板上方的A點(diǎn),另一端被兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉到O點(diǎn)。(1)下列原因可能會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果不準(zhǔn)確的是________A.彈簧測(cè)力計(jì)在實(shí)驗(yàn)前沒有調(diào)零B.彈簧測(cè)力計(jì)必須保持與木板平行,讀數(shù)時(shí)視線要正對(duì)彈簧側(cè)力計(jì)刻度C.彈簧測(cè)力計(jì)自身的重力對(duì)拉力大小有影響D.拉橡皮條的細(xì)繩套粗一些且短一些,實(shí)驗(yàn)效果較好(2)為了提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性,減少誤差,請(qǐng)?zhí)岢龊侠淼慕鉀Q辦法(一條即可)_________(3)兩彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)分別為F1和F2,兩細(xì)繩的方向分別與橡皮條延長(zhǎng)線的夾角為α1和α2,如圖所示,以下說法正確的是______.A.為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則,只需作力的圖示來表示分力與合力B.實(shí)驗(yàn)中用平行四邊形定則求得的合力F一定與OA在一條直線上C.若保持O點(diǎn)的位置和夾角α1不變,夾角α2可變,若F1增大,則F2可能減小D.兩彈簧測(cè)力計(jì)間的夾角α1和α2之和必須取90°12.(12分)實(shí)驗(yàn)室有一個(gè)室溫下的阻值約為100Ω的溫敏電阻RT。一實(shí)驗(yàn)小組想用伏安法較準(zhǔn)確測(cè)量RT隨溫度變化的關(guān)系。其可供使用的器材有:電壓表V1(量程為3V,內(nèi)阻約為5kΩ);電壓表V2(量程為15V,內(nèi)阻約為100kΩ);電流表A1(量程為0.6A,內(nèi)阻約為2Ω);電流表A2(量程為50mA,內(nèi)阻約為30Ω);電源(電動(dòng)勢(shì)為3V,內(nèi)阻不計(jì));滑動(dòng)變阻器R(最大阻值為20Ω);開關(guān)S、導(dǎo)線若干。(1)綜合以上信息,請(qǐng)你幫助該實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)出科學(xué)合理的測(cè)量其電阻的電路原理圖_____,其中電壓表應(yīng)選用__(填“V1”或“V2”),電流表應(yīng)選用__(填“A1”或“A2”);(2)實(shí)驗(yàn)中測(cè)得不同溫度下電阻阻值如下表溫度t()01020304050阻值R()100.0103.9107.8111.7115.6119.4請(qǐng)?jiān)诮o出的坐標(biāo)紙中作出其阻值隨溫度變化的圖線___(3)由圖線可知,該溫敏電阻的阻值隨溫度變化的特點(diǎn)是_____;(4)根據(jù)溫敏電阻的阻值隨溫度變化的特點(diǎn),可以制成測(cè)溫儀表,原理如圖,E為電源,是一量程適當(dāng)?shù)碾娏鞅?0刻度在刻度盤左端,滿偏電流在右端),使用時(shí)只要將的刻度盤由電流改為溫度,就能測(cè)量所處環(huán)境的溫度,則改換后越靠近刻度盤右端表示的溫度越____(填“高”或“低”),盤面的刻度是___(填“均勻”或“不均勻”)的。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)國(guó)內(nèi)最長(zhǎng)的梅溪湖激光音樂噴泉,采用了世界一流的燈光和音響設(shè)備,呈現(xiàn)出震撼人心的萬千變化。噴泉的水池里某一射燈發(fā)出的一細(xì)光束射到水面的入射角37°,從水面上出射時(shí)的折射角53°。(1)求光在水面上發(fā)生全反射的臨界角;(2)該射燈(看做點(diǎn)光源)位于水面下h7m處,求射燈照亮的水面面積(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。14.(16分)水平折疊式串列加速器是用來產(chǎn)生高能離子的裝置,如圖是其主體原理側(cè)視圖.圖中為一級(jí)真空加速管,中部處有很高的正電勢(shì),、兩端口均有電極接地(電勢(shì)為零);、左邊為方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng);為二級(jí)真空加速管,其中處有很低的負(fù)電勢(shì),、兩端口均有電極接地(電勢(shì)為零).有一離子源持續(xù)不斷地向端口釋放質(zhì)量為m、電荷量為e的負(fù)一價(jià)離子,離子初速度為零,均勻分布在端口圓面上.離子從靜止開始加速到達(dá)處時(shí)可被設(shè)在該處的特殊裝置將其電子剝離,成為正二價(jià)離子(電子被剝離過程中離子速度大小不變);這些正二價(jià)離子從端口垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng),全部返回端口繼續(xù)加速到達(dá)處時(shí)可被設(shè)在該處的特殊裝置對(duì)其添加電子,成為負(fù)一價(jià)離子(電子添加過程中離子速度大小不變),接著繼續(xù)加速獲得更高能量的離子.已知端口、端口、端口、端口直徑均為L(zhǎng),與相距為2L,不考慮離子運(yùn)動(dòng)過程中受到的重力,不考慮離子在剝離電子和添加電子過程中質(zhì)量的變化,,,求:(1)離子到達(dá)端口的速度大小v;(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度度大小B;(3)在保證(2)問中的B不變的情況下,若端口有兩種質(zhì)量分別為、,電荷量均為e的的負(fù)一價(jià)離子,離子從靜止開始加速,求從端口射出時(shí)含有m1、m2混合離子束的截面積為多少.15.(12分)某幼兒園設(shè)計(jì)的一個(gè)滑梯,由于場(chǎng)地大小的限制,滑梯的水平跨度確定為4m,如圖所示。已知滑梯與兒童褲料之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4,為使兒童能從滑梯頂端由靜止滑下,且到達(dá)地面的速度不超過2m/s,取g等于10m/s2,求滑梯高度范圍。
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】
小滑塊運(yùn)動(dòng)過程中受到水平向右的拉力以及水平向左的彈力作用,而小滑塊運(yùn)動(dòng)的位移大小等于彈簧的形變量,根據(jù)牛頓第二定律有所以有所以水平力隨位移變化的圖像是不過原點(diǎn)的一條傾斜直線,故A、B、C錯(cuò)誤,D正確;故選D。2、D【解題分析】
小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),動(dòng)能不變,重力勢(shì)能不斷改變,所以小球的機(jī)械能不斷變化,故A錯(cuò)誤;小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),向心力大小不變,而在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí),彈力和重力共線且合力提供向心力,最高點(diǎn)失重,最低點(diǎn)超重,所以平板對(duì)小球的彈力在A處最小,在C處最大,故B錯(cuò)誤;小球在BD處可以不受摩擦力作用,即重力和健身者對(duì)球作用力F的合力提供向心力受力分析如圖所示。
此時(shí)滿足,故C錯(cuò)誤,D正確;3、C【解題分析】
根據(jù)題意求出時(shí)間t內(nèi)黏附在衛(wèi)星上的塵埃質(zhì)量,然后應(yīng)用動(dòng)量定理求出推力大小,利用P=Fv求得功率;【題目詳解】時(shí)間t內(nèi)黏附在衛(wèi)星上的塵埃質(zhì)量:M=v0tsnm,
對(duì)黏附的塵埃,由動(dòng)量定理得:Ft=Mv0【題目點(diǎn)撥】本題考查了動(dòng)量定理的應(yīng)用,根據(jù)題意求出黏附在衛(wèi)星上的塵埃質(zhì)量,然后應(yīng)用動(dòng)量定理可以求出衛(wèi)星的推力大小,利用P=Fv求得功率。4、C【解題分析】
汽車恒定功率啟動(dòng),對(duì)汽車受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列方程,再結(jié)合圖象進(jìn)行分析即可.【題目詳解】由圖可知,加速度變化,故做變加速直線運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;a-函數(shù)方程a=-4,汽車加速運(yùn)動(dòng),速度增大,加速度減小,故B錯(cuò)誤;對(duì)汽車受力分析,受重力、支持力、牽引力和摩擦力,根據(jù)牛頓第二定律,有:F-f=ma其中:F=P/v;聯(lián)立得:;結(jié)合圖線,當(dāng)物體的速度最大時(shí),加速度為零,故結(jié)合圖象可以知道,a=0時(shí),=0.01,v=100m/s,所以最大速度為100m/s;由圖象可知:,解得:f=4m=4×600=2400N;,解得:P=240kW,故C正確,D錯(cuò)誤;故選C?!绢}目點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵對(duì)汽車受力分析后,根據(jù)牛頓第二定律列出加速度與速度關(guān)系的表達(dá)式,再結(jié)合圖象進(jìn)行分析求解。5、C【解題分析】
金屬棒在彎曲軌道下滑時(shí),只有重力做功,機(jī)械能守恒,由機(jī)械能守恒定律或動(dòng)能定理可以求出金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度,由E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),然后求出感應(yīng)電流;由可以求出流過電阻R的電荷量;克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱,由動(dòng)能定理(或能量守恒定律)可以求出克服安培力做功,得到電路中產(chǎn)生的焦耳熱.【題目詳解】金屬棒下滑過程中,由機(jī)械能守恒定律得:mgh=mv2,金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度v=,金屬棒到達(dá)水平面后進(jìn)入磁場(chǎng)受到向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng),則導(dǎo)體棒剛到達(dá)水平面時(shí)的速度最大,所以最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv,最大的感應(yīng)電流為,故A錯(cuò)誤;金屬棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中,由動(dòng)能定理得:mgh-WB-μmgd=0-0,則克服安培力做功:WB=mgh-μmgd,所以整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q=WB=mgh-μmgd,故B錯(cuò)誤;克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱,電阻與導(dǎo)體棒電阻相等,通過它們的電流相等,則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱:QR=Q=(mgh-μmgd),故D錯(cuò)誤。流過電阻R的電荷量,故C正確;故選C。【題目點(diǎn)撥】題關(guān)鍵要熟練推導(dǎo)出感應(yīng)電荷量的表達(dá)式,這是一個(gè)經(jīng)驗(yàn)公式,經(jīng)常用到,要在理解的基礎(chǔ)上記住,涉及到能量時(shí)優(yōu)先考慮動(dòng)能定理或能量守恒定律.6、D【解題分析】
A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B,體積和壓強(qiáng)都增大,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程溫度一定升高,A錯(cuò)誤。B.從狀態(tài)C到狀態(tài)A,壓強(qiáng)不變,體積減小,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程溫度一定降低,分子平均速率減小,但平均速率是統(tǒng)計(jì)規(guī)律,對(duì)于具體某一個(gè)分子并不適應(yīng),故不能說狀態(tài)A時(shí)所有分子的速率都比狀態(tài)C時(shí)的小,B錯(cuò)誤。C.從狀態(tài)A到狀態(tài)B,壓強(qiáng)的平均值氣體對(duì)外界做功為大小C錯(cuò)誤;D.從狀態(tài)B到狀態(tài)C為等容變化,氣體不做功,即;從狀態(tài)C到狀態(tài)A為等壓變化,體積減小,外界對(duì)其他做功對(duì)于整個(gè)循環(huán)過程,內(nèi)能不變,,根據(jù)熱力學(xué)第一定律得代入數(shù)據(jù)解得D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解題分析】
當(dāng)兩球間距小于L時(shí),兩球均做勻減速運(yùn)動(dòng),因B球質(zhì)量大于A球質(zhì)量可知B球加速度小于A球的加速度,由v-t圖像可知:;;由牛頓第二定律:,解得mB=3mA=3kg,F(xiàn)=0.15N,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;由圖像可知,AB在30s時(shí)刻碰前速度:vA=0,vB=2m/s;碰后:v'A=3m/s,v'B=1m/s,因可知t=30s時(shí),兩球發(fā)生彈性碰撞,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;由圖像可知,兩部分陰影部分的面積應(yīng)該相等且都等于L,可知最終B球速度為零,選項(xiàng)D正確.8、BC【解題分析】
當(dāng)艦靜止時(shí),根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有:v=at1v2=2ax1當(dāng)艦運(yùn)動(dòng)時(shí),有v-v0=at2整理得:故BC正確,AD錯(cuò)誤。故選BC。9、BD【解題分析】A、m所受的最大靜摩擦力為,則根據(jù)牛頓第二定律得,計(jì)算得出.則只需滿足,m與M發(fā)生相對(duì)滑動(dòng).故A錯(cuò)誤.
B、當(dāng)M與m發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律得,m的加速度,知m越大,m的加速度越小,相同位移時(shí),所以的時(shí)間越長(zhǎng),m越大,m對(duì)木板的壓力越大,摩擦力越大,M的加速度越大,因?yàn)樽饔脮r(shí)間長(zhǎng),則位移大,根據(jù)動(dòng)能定理知,長(zhǎng)木板的動(dòng)能越大.所以B選項(xiàng)是正確的.
C、當(dāng)M與m發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),E越大,m對(duì)M的壓力越大,摩擦力越大,則M相對(duì)地面的位移相同時(shí),根據(jù)動(dòng)能定理知,長(zhǎng)木板的動(dòng)能越大.故C.錯(cuò)誤
D、根據(jù)知,E越大,m的加速度越小,M的加速度越大,知時(shí)間越長(zhǎng),因?yàn)镋越大,M的加速度越大,則M的位移越大,根據(jù)動(dòng)能定理知,分離時(shí)長(zhǎng)木板的動(dòng)能越大.所以D選項(xiàng)是正確的.,故選BD點(diǎn)睛:當(dāng)m與M的摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力,M與m發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律求出F的最小值.當(dāng)F足夠大時(shí),M與m發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律,結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理判斷長(zhǎng)木板動(dòng)能的變化.10、BCD【解題分析】
彈簧彈開兩小球的過程,彈力相等,作用時(shí)間相同,根據(jù)沖量定義可知,彈力對(duì)A的沖量大小等于B的沖量大小,故A錯(cuò)誤;由動(dòng)量守恒定律,解得A球脫離彈簧時(shí)B球獲得的速度大小為,故B正確;設(shè)A球運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)速率為v,對(duì)A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程,由機(jī)械能守恒定律可得,解得:v=4m/s,根據(jù)動(dòng)量定理,即A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過程中所受合外力的沖量大小為1N·s,故C正確;若半圓軌道半徑改為0.9m,小球到達(dá)Q點(diǎn)的臨界速度,對(duì)A球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程,由機(jī)械能守恒定律,解得,小于小球到達(dá)Q點(diǎn)的臨界速度,則A球不能達(dá)到Q點(diǎn),故D正確。故選BCD。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、AD將豎直平面轉(zhuǎn)到水平面C【解題分析】
(1)[1]A.彈簧測(cè)力計(jì)在實(shí)驗(yàn)前沒有調(diào)零,彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)力時(shí)會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果不準(zhǔn)確,故A符合題意;B.本實(shí)驗(yàn)是通過在白紙上作力的圖示來驗(yàn)證平行四邊定則,為了減小實(shí)驗(yàn)誤差,彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行,否則,作出的是拉力在紙面上的分力,誤差較大,讀數(shù)時(shí)視線必須與刻度尺垂直,防止視覺誤差,故B不符合題意;C.彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)的是拉力大小而不是重力大小,所以彈簧測(cè)力計(jì)自身的重力,不會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果不準(zhǔn)確,故C不符合題意;D.在實(shí)驗(yàn)中要減小拉力方向的誤差,應(yīng)讓標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)盡量遠(yuǎn)些,故細(xì)繩應(yīng)該長(zhǎng)一些;拉橡皮條的細(xì)繩套粗一些且短一些,會(huì)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果不準(zhǔn)確,故D符合題意;故選AD;(2)[2]為了提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性,減少誤差要選用彈性小且適當(dāng)長(zhǎng)的細(xì)繩或?qū)⒇Q直平面轉(zhuǎn)到水平面;(3)[3]A.為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則,應(yīng)采用作力的圖示來表示分力與合力,但不是只需作力的圖示來表示分力與合力,故A錯(cuò)誤;B.因?qū)嶒?yàn)中存在誤差,故不可能嚴(yán)格使與重合,所以實(shí)驗(yàn)中用平行四邊形定則求得的合力不一定沿直線方向,故B錯(cuò)誤;C.對(duì)點(diǎn)受力分析,受到兩個(gè)彈簧的拉力和橡皮條的拉力,保持點(diǎn)的位置和夾角不變,即橡皮條長(zhǎng)度不變,彈簧拉力方向不變,彈簧拉力方向和大小都改變,如圖:根據(jù)平行四邊形定則可以看出的
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