【解析】甘肅省白銀市會(huì)寧縣第四中學(xué)2023-2023學(xué)年高二下學(xué)期物理期中考試試卷

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甘肅省白銀市會(huì)寧縣第四中學(xué)2023-2023學(xué)年高二下學(xué)期物理期中考試試卷

一、單選題

1．（2023高二下·會(huì)寧期中）關(guān)于天然放射現(xiàn)象，敘述正確的是（）

A．若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減少

B．β衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的

C．在α、β、γ這三種射線中,γ射線的穿透能力最強(qiáng),α射線的電離能力最強(qiáng)

D．鈾核（）衰變?yōu)殂U核（）的過(guò)程中,要經(jīng)過(guò)8次α衰變和10次β衰變

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變、半衰期

【解析】【解答】半衰期由原子核自身決定，與外界因素?zé)o關(guān)，A不符合題意；β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的，B不符合題意；在α、β、γ這三種射線中，電離本領(lǐng)依次減弱，穿透本領(lǐng)依次增強(qiáng)，γ射線的穿透能力最強(qiáng)，α射線的電離能力最強(qiáng)．C符合題意；由質(zhì)量數(shù)守恒知238=206+4×8，經(jīng)過(guò)8次α衰變，再由電荷數(shù)守恒知92=82﹣2×8+6，經(jīng)過(guò)6次β衰變，D不符合題意．

故答案為：C．

【分析】原子核的衰變是隨機(jī)的，原子核的半衰期是指放射性元素的原子核有半數(shù)發(fā)生衰變時(shí)所需要的時(shí)間，只與原子核內(nèi)部的結(jié)構(gòu)有關(guān)，與外界環(huán)境無(wú)關(guān)，原子核衰變時(shí)，遵循質(zhì)量數(shù)守恒、能量守恒、電荷守恒。

2．（2023高二下·會(huì)寧期中）氫原子的能級(jí)圖如圖所示，用大量處于n=2能級(jí)的氫原子躍遷到基態(tài)時(shí)，發(fā)射出的光照射光電管陰極K，測(cè)得光電管電流的遏止電壓為7.6V，已知普朗克常量h=6.63x10-34J﹒S,電子電量e=-1.6x10-19C，下列判斷正確的是（）

A．電子從陰極K表面逸出的最大初動(dòng)能為7.6eV

B．陰極K材料的逸出功為7.6eV

C．陰極K材料的極限頻率為3.27x1014Hz

D．氫原子從n=4躍遷到n=2能級(jí)，發(fā)射出的光照射光電管陰極K時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】氫原子光譜

【解析】【解答】A、因遏止電壓為U0＝7.6V，根據(jù)動(dòng)能定理可知，光電子的最大初動(dòng)能Ekm＝eU0，光電子的最大初動(dòng)能為7.6eV，A符合題意；

B、根據(jù)光電效應(yīng)方程，可知，W0＝h﹣Ekm，而h＝E2﹣E1；因此W0＝13.6﹣3.4﹣7.6＝2.6eV，B不符合題意；

C、因逸出功W0等于h，則材料的極限頻6.27×1014Hz，C不符合題意；

D、從n＝4躍遷到n＝2能級(jí)，釋放能量為△E＝3.4﹣0.85＝2.55eV＜2.6eV，因此發(fā)射出的光照射該光電管陰極K時(shí)，不能發(fā)生光電效應(yīng)，D不符合題意。

故答案為：A

【分析】當(dāng)電子由低能級(jí)躍遷到高能級(jí)時(shí)，電子需要吸收能量，當(dāng)電子由高能級(jí)躍遷到低能級(jí)時(shí)，電子需要釋放能量，結(jié)合公式進(jìn)行計(jì)算即可。

3．（2023高二下·會(huì)寧期中）一個(gè)靜止的質(zhì)量為M的不穩(wěn)定原子核，當(dāng)它放射出質(zhì)量為m、速度為v的粒子后，原子核剩余部分的速度為（）

A．-vB．C．D．

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律

【解析】【解答】根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：，解得：，B符合題意，ACD不符合題意。

故答案為：B

【分析】原子核衰變時(shí)，遵循質(zhì)量數(shù)守恒、能量守恒、動(dòng)量守恒、電荷守恒，該題目利用動(dòng)量守恒列方程求解即可。

4．（2023高二下·會(huì)寧期中）圖甲是線圈P繞垂直于磁場(chǎng)的軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)所產(chǎn)生的正弦交流電壓圖象，把該交流電壓加在圖乙中變壓器的A、B兩端．已知理想變壓器原線圈Ⅰ和副線圈Ⅱ的匝數(shù)比為5∶1，交流電流表和交流電壓表均為理想電表，電阻R＝1歐姆，其他各處電阻不計(jì)，以下說(shuō)法正確的是（）

A．在t＝0.1s和0.3s時(shí)，穿過(guò)線圈P的磁通量最大

B．線圈P轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為10πrad/s

C．電壓表的示數(shù)為2.83V

D．電流表的示數(shù)為0.40A

【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】變壓器原理；交變電流的圖像與函數(shù)表達(dá)式

【解析】【解答】據(jù)題意，在0.1s和0.3s時(shí)產(chǎn)生的交流電壓最大，據(jù)可知，這兩個(gè)時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量變化量最快，A不符合題意；據(jù)圖像可知，B不符合題意；該交流電電壓有效值為：，在AB端輸入的電源為10v，則在副線圈的電壓為：，C不符合題意；副線圈中電流為：，則原線圈中電流為：，D符合題意。

故答案為：D

【分析】通過(guò)交流電壓的表達(dá)式讀出電壓的最大值，計(jì)算出電壓的有效值，利用變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系求解副線圈的電壓即可，再利用歐姆定律計(jì)算電流，結(jié)合選項(xiàng)分析即可。

5．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的矩形線圈abcd，以恒定的角速度繞ab邊轉(zhuǎn)動(dòng)，磁場(chǎng)方向平行于紙面并與ab垂直．在t＝0時(shí)刻，線圈平面與紙面重合，線圈的cd邊離開(kāi)紙面向外運(yùn)動(dòng)．若規(guī)定a→b→c→d→a方向的感應(yīng)電流為正方向，則下圖能反映線圈感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的圖線是（）

A．B．

C．D．

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】【解答】在t＝0時(shí)刻線圈與磁場(chǎng)方向平行，此時(shí)線圈磁通量變化率最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大，此時(shí)線圈的cd邊離開(kāi)紙面向外運(yùn)動(dòng)，此后穿過(guò)線圈的磁通量增大，則根據(jù)楞次定律可得產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閍→b→c→d→a，為正，所以C符合題意；

故答案為：C

【分析】閉合電路中的磁通量發(fā)生改變，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，利用法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律分析求解電流的大小變化。

6．（2023高二下·會(huì)寧期中）一顆子彈水平射入置于光滑水平面上的木塊A并留在其中，A、B用一根彈性良好的輕質(zhì)彈簧連在一起，如圖所示。則在子彈打擊木塊A及彈簧被壓縮的過(guò)程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)（）

A．動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒

B．動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒

C．動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒

D．無(wú)法判定動(dòng)量、機(jī)械能是否守恒

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒及其條件；動(dòng)量守恒定律

【解析】【解答】對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)在水平方向上所受合外力為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量定恒，但子彈擊中木塊的過(guò)程中，克服摩擦力做功，一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，機(jī)械能不守恒，C符合題意。

故答案為：C

【分析】如果一個(gè)系統(tǒng)不受到外力的作用，那么動(dòng)量就是守恒的，如果一個(gè)系統(tǒng)，除重力外，不受到外力和非保守內(nèi)力，那么這個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒。

7．下列說(shuō)法正確的是（）

A．話筒是一種常用的聲傳感器，其作用是將電信號(hào)轉(zhuǎn)換為聲信號(hào)

B．電熨斗能夠自動(dòng)控制溫度的原因是它裝有雙金屬片溫度傳感器，這種傳感器的作用是控制電路的通斷

C．霍爾元件能夠把磁感應(yīng)強(qiáng)度這個(gè)磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電流這個(gè)電學(xué)量

D．半導(dǎo)體熱敏電阻常用作溫度傳感器，溫度升高，它的電阻值變大

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】傳感器；簡(jiǎn)單邏輯電路

【解析】【解答】A、話筒是一種常用的聲傳感器，其作用是將聲信號(hào)轉(zhuǎn)換為電信號(hào)一種裝置，故A錯(cuò)誤；

B、電熨斗能夠自動(dòng)控制溫度的原因是它裝有雙金屬片熱脹冷縮來(lái)控制電路，屬于溫度傳感器，故B正確；

C、霍爾元件當(dāng)有磁場(chǎng)時(shí)，受到洛倫茲力作用，導(dǎo)致粒子偏轉(zhuǎn)，從而改變電壓，故C正確；

D、半導(dǎo)體熱敏電阻，當(dāng)溫度升高時(shí)，它的電阻值變小，所以不能作為溫度傳感器，故D錯(cuò)誤；

故選B

【分析】話筒是將聲音信號(hào)轉(zhuǎn)換為電信號(hào)；電熨斗是靠雙金屬片受熱形變不同來(lái)控制電路；霍爾元件是將磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量；半導(dǎo)體熱敏電阻隨著溫度升高，電阻而減?。?/p>

8．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，足夠長(zhǎng)的U型光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成角，其中MN與PQ平行導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，導(dǎo)軌電阻不計(jì).金屬捧ab由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸，ab棒接入電路的電阻為R，當(dāng)流過(guò)棒ab某一橫截面的電量為q時(shí)。此時(shí)金屬棒的速度大小為v，則金屬棒ab在這一過(guò)程中（）

A．a(chǎn)b棒運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為

B．此時(shí)金屬棒的加速度為

C．此過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為

D．金屬棒ab沿軌道下滑的最大速度為

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】安培力；歐姆定律；法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】【解答】根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsinθ-BIL=ma；，所以，B符合題意；從a的瞬時(shí)值表達(dá)式可以看出，隨速度的增加，加速度減小，即金屬板做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)，平均速度不是，A不符合題意；根據(jù)焦耳定律，，其中的I為電流的有效值，而q=It中的I為電流的平均值，所以根據(jù)題目的已知量無(wú)法計(jì)算此過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱，C不符合題意；當(dāng)a=0時(shí)，速度最大，D不符合題意。

故答案為：B

【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律求解電壓的大小，利用歐姆定律求解回路中的電流，求出導(dǎo)體棒受到的安培力，結(jié)合牛頓第二定律求解導(dǎo)體棒的加速度。

二、多選題

9．（2023高二下·會(huì)寧期中）發(fā)電機(jī)的路端電壓為U，經(jīng)電阻為R的輸電線向遠(yuǎn)方用戶供電，發(fā)電機(jī)的輸出功率為P，則（）

A．輸電線上的電流為

B．輸電線上的功率損失為

C．用戶得到的功率為

D．用戶得到的電壓為

【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】電能的輸送

【解析】【解答】A、B項(xiàng)：由得，輸送電流為：，輸電線上損失的功率為：，A符合題意，B不符合題意；

C項(xiàng)：用戶得到的功率：，C符合題意；

D項(xiàng)：用戶得到的電壓：，D不符合題意。

故答案為：AC

【分析】電能輸送時(shí)由于導(dǎo)線電阻會(huì)損耗一部分電能，利用公式P損=I2R求解損失的功率，進(jìn)而求解用戶得到的功率。

10．（2023高二下·會(huì)寧期中）一個(gè)質(zhì)量為2kg的滑塊以4m/s的速度在光滑水平面上向左滑行。從某一時(shí)刻起，在滑塊上作用一個(gè)向右的水平力，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，滑塊的速度變?yōu)橄蛴?，大小?m/s。在這段時(shí)間里正確的是（）

A．水平力做的功為0B．水平力做的功為32J

C．水平力的沖量大小為16kgm/sD．水平力的沖量大小為0

【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】功的計(jì)算；沖量

【解析】【解答】根據(jù)動(dòng)能定理，水平力做的功等于其動(dòng)能的變化量等于零，A對(duì)B不符合題意；根據(jù)動(dòng)量定理，水平力的沖量大小等于動(dòng)量的變化，C對(duì)D不符合題意。

故答案為：AC

【分析】外力先對(duì)物體做正功，后做負(fù)功，兩者相等，故外力對(duì)物體不做功，求解力的沖量，結(jié)合物體初末速度求解即可。

11．（2023高二下·會(huì)寧期中）在物理學(xué)理論建立的過(guò)程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)。關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法中正確的是（）

A．安培提出了分子電流假說(shuō)

B．卡文迪許首先通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出萬(wàn)有引力常量

C．盧瑟福在α粒子散射實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了電子

D．湯姆生通過(guò)對(duì)陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，并提出了原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)

【答案】A,B

【知識(shí)點(diǎn)】物理學(xué)史

【解析】【解答】A、安培觀察到通電螺旋管的磁場(chǎng)和條形磁鐵的磁場(chǎng)很相似，提出了分子電流假說(shuō)，他認(rèn)為，在原子、分子等物質(zhì)微粒內(nèi)部，存在著一種環(huán)形電流——分子電流，分子電流使每個(gè)物質(zhì)微粒都成為微小的磁體，它的兩側(cè)相當(dāng)于兩個(gè)磁極，A符合題意；

B、牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許首先通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出萬(wàn)有引力常量，B符合題意；

CD、湯姆生在研究陰極射線過(guò)程中發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的棗糕模型，盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)，CD不符合題意。

故答案為：AB

【分析】該題目考查的是物理學(xué)中，著名物理學(xué)家的成就，平時(shí)注意積累、記憶即可。

12．（2023高一下·南昌期末）一粒鋼珠從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始自由下落，然后陷入泥潭中．若把在空中下落的過(guò)程稱為過(guò)程Ⅰ，進(jìn)入泥潭直到停住的過(guò)程稱為過(guò)程Ⅱ，則（）

A．過(guò)程Ⅰ中鋼珠動(dòng)量的改變量等于重力的沖量

B．過(guò)程Ⅱ中阻力的沖量的大小等于過(guò)程Ⅰ中重力沖量的大小

C．過(guò)程Ⅱ中鋼珠克服阻力所做的功等于過(guò)程Ⅰ與過(guò)程Ⅱ中鋼珠所減少的重力勢(shì)能之和

D．過(guò)程Ⅱ中損失的機(jī)械能等于過(guò)程Ⅰ中鋼珠所增加的動(dòng)能

【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量定理

【解析】【解答】A、過(guò)程Ⅰ中鋼珠只受到重力，根據(jù)動(dòng)量定理分析得知，鋼珠動(dòng)量的改變量等于重力的沖量．故A正確．B、過(guò)程Ⅱ中鋼珠受到重力和阻力，動(dòng)量的改變量不等于零，根據(jù)動(dòng)量定理可知，重力和阻力的總沖量不等于零，則阻力的沖量的大小不等于過(guò)程Ⅰ中重力沖量的大?。捎趧?dòng)量改變量為負(fù)值，則阻力的沖量的大小大于過(guò)程Ⅰ中重力沖量的大?。蔅錯(cuò)誤．C、對(duì)于整個(gè)過(guò)程：鋼珠動(dòng)能的變化量，根據(jù)動(dòng)能定理得知，整個(gè)過(guò)程重力做功等于鋼珠克服阻力做功，而整個(gè)重力做功等于整個(gè)過(guò)程中鋼珠所減少的重力勢(shì)能，所以過(guò)程Ⅱ中鋼珠克服阻力所做的功等于過(guò)程Ⅰ與過(guò)程Ⅱ中鋼珠所減少的重力勢(shì)能之和．故C正確．D、根據(jù)功能關(guān)系分析得知，過(guò)程Ⅱ中損失的機(jī)械能等于過(guò)程Ⅱ中鋼珠克服阻力做功，不等于過(guò)程Ⅰ中鋼珠所增加的動(dòng)能．故D錯(cuò)誤．

故選AC

【分析】根據(jù)動(dòng)量定理分析動(dòng)量的改變量與沖量的關(guān)系．過(guò)程Ⅰ中鋼珠只受到重力，鋼珠動(dòng)量的改變量等于重力的沖量．過(guò)程Ⅱ中，鋼珠受到重力和阻力，動(dòng)量的改變量不等于零，合力的沖量不等于零．對(duì)于整個(gè)過(guò)程研究，根據(jù)動(dòng)能定理分析克服阻力所做的功與重力做功的關(guān)系．重力做功多少，鋼珠的重力勢(shì)能就減小多少．根據(jù)能量守恒定律判斷過(guò)程Ⅱ中損失的機(jī)械能與過(guò)程Ⅰ中鋼珠所增加的動(dòng)能的關(guān)系．

三、實(shí)驗(yàn)題

13．（2023高二下·廣州期中）某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究碰撞過(guò)程中不變量的實(shí)驗(yàn)：在小車(chē)A的前端粘有橡皮泥，推動(dòng)小車(chē)A使之做勻速運(yùn)動(dòng)．然后與原來(lái)靜止在前方的小車(chē)B相碰并粘合成一體，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，他設(shè)計(jì)的具體裝置如圖所示．在小車(chē)A后連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz，長(zhǎng)木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

（1）若已得到打點(diǎn)紙帶如圖所示，并將測(cè)得的各計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離標(biāo)在圖上，A點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)起始的第一點(diǎn)，則應(yīng)選段來(lái)計(jì)算A的碰前速度，應(yīng)選段來(lái)計(jì)算A和B碰后的共同速度(以上兩格填“AB’’或“BC"或“CD"或"DE”)．

（2）已測(cè)得小車(chē)A的質(zhì)量m1=0.40kg，小車(chē)B的質(zhì)量m2=0.20kg，由以上測(cè)量結(jié)果可得：碰前m1v1+m2v2=kgm/s；碰后m1v1'+m2v2'=

kgm/s．并比較碰撞前后兩個(gè)小車(chē)質(zhì)量與速度的乘積之和是否相等．

【答案】（1）BC；DE

（2）0.840；0.834

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律

【解析】【解答】（1）小車(chē)A碰前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，打在紙帶上的點(diǎn)應(yīng)該是間距均勻的，故計(jì)算小車(chē)碰前速度應(yīng)選BC段；CD段上所打的點(diǎn)由稀變密；可見(jiàn)在CD段A、B兩小車(chē)相互碰撞．A、B撞后一起做勻速運(yùn)動(dòng)，所打出的點(diǎn)又應(yīng)是間距均勻的．故應(yīng)選DE段計(jì)算碰后速度．（2）碰前mAvA十mBVB==0.420kg·m/s．

碰后mAvA/十mBvB’=(mA十mB)v=0.417kg·m／s．

其中，vA=BC/Δt=1.05m／s。

vA’=vB’=DE/Δt=0.695m／s．

通過(guò)計(jì)算可以發(fā)現(xiàn)，在誤差允許范圍內(nèi)，碰撞前后兩個(gè)小車(chē)的mv之和是相等的．

【分析】（1）利用BC段的勻速運(yùn)動(dòng)可以求出碰撞前小車(chē)A的速度大??；利用碰后的勻速運(yùn)動(dòng)可以求出碰后的速度大?。?/p>

（2）利用質(zhì)量和速度可以求出碰前動(dòng)量和碰后動(dòng)量的大小。

四、解答題

14．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，半徑R=0.1m的豎直半圓形光滑軌道bc與水平面ab相切。質(zhì)量m=0.1kg的小滑塊B放在半圓形軌道末端的b點(diǎn)，另一質(zhì)量也為m=0.1kg的小滑塊A，以v0=m/s的水平初速度向B滑行，滑過(guò)s=1m的距離，與B相碰，碰撞時(shí)間極短，碰后A、B粘在一起運(yùn)動(dòng)。已知木塊A與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2。取重力加速度g=10m/s2；。A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)。求：

（1）A與B碰撞前瞬間A的速度大小vA；

（2）碰后瞬間，A、B共同的速度大小v；

（3）在半圓形軌道的最高點(diǎn)c，軌道對(duì)A、B的作用力F的大小。

【答案】（1）解：滑塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大?。?m/s2

vA2﹣v02＝﹣2ax

解得：vA＝6m/s

（2）解：碰撞過(guò)程中滿足動(dòng)量守恒：mvA＝2mv

解得：v＝3m/s

（3）解：由b運(yùn)動(dòng)到c的過(guò)程中，設(shè)c點(diǎn)的速度為vc，根據(jù)動(dòng)能定理：

﹣2mg2R2mvc2

解得：vcm/s

根據(jù)受力分析：2mg+F＝2m

解得：F＝8N

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用；豎直平面的圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】【分析】（1）對(duì)物體A進(jìn)行受力分析，利用牛頓第二定律求解加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解A的末速度；

（2）A、B兩個(gè)物體組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒，利用動(dòng)量守恒定律列方程分析求解即可；

（3）利用動(dòng)能定理求出AB兩個(gè)物體到達(dá)c點(diǎn)的速度，利用向心力公式求解對(duì)軌道的壓力。

15．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，在距水平地面高的水平桌面一端的邊緣放置一個(gè)質(zhì)量的木塊B，桌面的另一端有一塊質(zhì)量的木塊A以初速度開(kāi)始向著木塊B滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間與B發(fā)生碰撞，碰后兩木塊都落到地面上。木塊B離開(kāi)桌面后落到地面上的D點(diǎn)。設(shè)兩木塊均可以看作質(zhì)點(diǎn)，它們的碰撞時(shí)間極短，且已知D點(diǎn)距桌面邊緣的水平距離，木塊A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度取。求：

（1）兩木塊碰撞前瞬間，木塊A的速度大??；

（2）木塊B離開(kāi)桌面時(shí)的速度大?。?/p>

（3）碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能。

【答案】（1）解：木塊A在桌面上受到滑動(dòng)摩擦力作用做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，木塊A的加速度為a，則有：μMg＝Ma

代入數(shù)據(jù)解得：a＝5m/s2

設(shè)兩木塊碰撞前A的速度大小為v，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，得：v＝v0﹣at

解得：v＝2.0m/s

（2）解：兩木塊離開(kāi)桌面后均做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)木塊B離開(kāi)桌面時(shí)的速度大小為v2，在空中飛行的時(shí)間為t′，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有：，

代入數(shù)據(jù)解得：1.5m/s

（3）解：設(shè)兩木塊碰撞后木塊A的速度大小為v1，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：Mv＝Mv1+mv2

代入數(shù)據(jù)解得：0.80m/s

設(shè)木塊A落到地面過(guò)程的水平位移為s′，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，得：

代入數(shù)據(jù)解得：E損＝0.78J

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用；動(dòng)量守恒定律；平拋運(yùn)動(dòng)

【解析】【分析】（1）對(duì)物體M進(jìn)行受力分析，利用牛頓第二定律求解加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解M的末速度；

（2）物體m做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，利用豎直方向的距離求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)水平方向的位移求解初速度；

（3）利用動(dòng)量定理求出兩個(gè)物體的末速度，利用末動(dòng)能減初動(dòng)能求解能量的損失。

16．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，ef、gh為水平放置的足夠長(zhǎng)的平行光滑導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=1m，導(dǎo)軌左端連接一個(gè)R＝2歐姆的電阻，將一根質(zhì)量為0.2kg的金屬棒cd垂直地放置導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌與金屬棒的電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌平面向下，現(xiàn)對(duì)金屬棒施加一水平向右的拉力F，使棒從靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，解答以下問(wèn)題。

（1）若施加的水平外力恒為F＝8N，則金屬棒達(dá)到的穩(wěn)定速度v1是多少？

（2）若施加的水平外力的功率恒為P＝18W，則金屬棒達(dá)到的穩(wěn)定速度v2是多少？

（3）若施加的水平外力的功率恒為P＝18W，則從金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到速度v3＝2m／s的過(guò)程中電阻R產(chǎn)生的熱量為8.6J，則該過(guò)程中所需的時(shí)間是多少？

【答案】（1）解：E=BLV

I=E/R

F安=BIL

穩(wěn)定時(shí)：F=F安=B2L2v/R

∴v1=4m/s

（2）解：速度穩(wěn)定時(shí)，F(xiàn)=F安

PF=PF安=F安v=

B2L2v2/R

PF=18W

∴v2=3m/s

（3）解：由動(dòng)能定理得：Pt=mv32+Q

∴t=0.5s

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用；安培力；法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】【分析】（1）金屬棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，受到的安培力等于拉力，列方程求解即可；

（2）水平拉力的功率為18W，即安培力的功率也為18W的時(shí)候?qū)w棒達(dá)到平衡狀態(tài)；

（3）對(duì)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)應(yīng)用動(dòng)能定理求解即可。

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甘肅省白銀市會(huì)寧縣第四中學(xué)2023-2023學(xué)年高二下學(xué)期物理期中考試試卷

一、單選題

1．（2023高二下·會(huì)寧期中）關(guān)于天然放射現(xiàn)象，敘述正確的是（）

A．若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減少

B．β衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的

C．在α、β、γ這三種射線中,γ射線的穿透能力最強(qiáng),α射線的電離能力最強(qiáng)

D．鈾核（）衰變?yōu)殂U核（）的過(guò)程中,要經(jīng)過(guò)8次α衰變和10次β衰變

2．（2023高二下·會(huì)寧期中）氫原子的能級(jí)圖如圖所示，用大量處于n=2能級(jí)的氫原子躍遷到基態(tài)時(shí)，發(fā)射出的光照射光電管陰極K，測(cè)得光電管電流的遏止電壓為7.6V，已知普朗克常量h=6.63x10-34J﹒S,電子電量e=-1.6x10-19C，下列判斷正確的是（）

A．電子從陰極K表面逸出的最大初動(dòng)能為7.6eV

B．陰極K材料的逸出功為7.6eV

C．陰極K材料的極限頻率為3.27x1014Hz

D．氫原子從n=4躍遷到n=2能級(jí)，發(fā)射出的光照射光電管陰極K時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)

3．（2023高二下·會(huì)寧期中）一個(gè)靜止的質(zhì)量為M的不穩(wěn)定原子核，當(dāng)它放射出質(zhì)量為m、速度為v的粒子后，原子核剩余部分的速度為（）

A．-vB．C．D．

4．（2023高二下·會(huì)寧期中）圖甲是線圈P繞垂直于磁場(chǎng)的軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)所產(chǎn)生的正弦交流電壓圖象，把該交流電壓加在圖乙中變壓器的A、B兩端．已知理想變壓器原線圈Ⅰ和副線圈Ⅱ的匝數(shù)比為5∶1，交流電流表和交流電壓表均為理想電表，電阻R＝1歐姆，其他各處電阻不計(jì)，以下說(shuō)法正確的是（）

A．在t＝0.1s和0.3s時(shí)，穿過(guò)線圈P的磁通量最大

B．線圈P轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為10πrad/s

C．電壓表的示數(shù)為2.83V

D．電流表的示數(shù)為0.40A

5．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的矩形線圈abcd，以恒定的角速度繞ab邊轉(zhuǎn)動(dòng)，磁場(chǎng)方向平行于紙面并與ab垂直．在t＝0時(shí)刻，線圈平面與紙面重合，線圈的cd邊離開(kāi)紙面向外運(yùn)動(dòng)．若規(guī)定a→b→c→d→a方向的感應(yīng)電流為正方向，則下圖能反映線圈感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的圖線是（）

A．B．

C．D．

6．（2023高二下·會(huì)寧期中）一顆子彈水平射入置于光滑水平面上的木塊A并留在其中，A、B用一根彈性良好的輕質(zhì)彈簧連在一起，如圖所示。則在子彈打擊木塊A及彈簧被壓縮的過(guò)程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)（）

A．動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒

B．動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒

C．動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒

D．無(wú)法判定動(dòng)量、機(jī)械能是否守恒

7．下列說(shuō)法正確的是（）

A．話筒是一種常用的聲傳感器，其作用是將電信號(hào)轉(zhuǎn)換為聲信號(hào)

B．電熨斗能夠自動(dòng)控制溫度的原因是它裝有雙金屬片溫度傳感器，這種傳感器的作用是控制電路的通斷

C．霍爾元件能夠把磁感應(yīng)強(qiáng)度這個(gè)磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電流這個(gè)電學(xué)量

D．半導(dǎo)體熱敏電阻常用作溫度傳感器，溫度升高，它的電阻值變大

8．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，足夠長(zhǎng)的U型光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成角，其中MN與PQ平行導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，導(dǎo)軌電阻不計(jì).金屬捧ab由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸，ab棒接入電路的電阻為R，當(dāng)流過(guò)棒ab某一橫截面的電量為q時(shí)。此時(shí)金屬棒的速度大小為v，則金屬棒ab在這一過(guò)程中（）

A．a(chǎn)b棒運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為

B．此時(shí)金屬棒的加速度為

C．此過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為

D．金屬棒ab沿軌道下滑的最大速度為

二、多選題

9．（2023高二下·會(huì)寧期中）發(fā)電機(jī)的路端電壓為U，經(jīng)電阻為R的輸電線向遠(yuǎn)方用戶供電，發(fā)電機(jī)的輸出功率為P，則（）

A．輸電線上的電流為

B．輸電線上的功率損失為

C．用戶得到的功率為

D．用戶得到的電壓為

10．（2023高二下·會(huì)寧期中）一個(gè)質(zhì)量為2kg的滑塊以4m/s的速度在光滑水平面上向左滑行。從某一時(shí)刻起，在滑塊上作用一個(gè)向右的水平力，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，滑塊的速度變?yōu)橄蛴?，大小?m/s。在這段時(shí)間里正確的是（）

A．水平力做的功為0B．水平力做的功為32J

C．水平力的沖量大小為16kgm/sD．水平力的沖量大小為0

11．（2023高二下·會(huì)寧期中）在物理學(xué)理論建立的過(guò)程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)。關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法中正確的是（）

A．安培提出了分子電流假說(shuō)

B．卡文迪許首先通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出萬(wàn)有引力常量

C．盧瑟福在α粒子散射實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了電子

D．湯姆生通過(guò)對(duì)陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，并提出了原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)

12．（2023高一下·南昌期末）一粒鋼珠從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始自由下落，然后陷入泥潭中．若把在空中下落的過(guò)程稱為過(guò)程Ⅰ，進(jìn)入泥潭直到停住的過(guò)程稱為過(guò)程Ⅱ，則（）

A．過(guò)程Ⅰ中鋼珠動(dòng)量的改變量等于重力的沖量

B．過(guò)程Ⅱ中阻力的沖量的大小等于過(guò)程Ⅰ中重力沖量的大小

C．過(guò)程Ⅱ中鋼珠克服阻力所做的功等于過(guò)程Ⅰ與過(guò)程Ⅱ中鋼珠所減少的重力勢(shì)能之和

D．過(guò)程Ⅱ中損失的機(jī)械能等于過(guò)程Ⅰ中鋼珠所增加的動(dòng)能

三、實(shí)驗(yàn)題

13．（2023高二下·廣州期中）某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究碰撞過(guò)程中不變量的實(shí)驗(yàn)：在小車(chē)A的前端粘有橡皮泥，推動(dòng)小車(chē)A使之做勻速運(yùn)動(dòng)．然后與原來(lái)靜止在前方的小車(chē)B相碰并粘合成一體，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，他設(shè)計(jì)的具體裝置如圖所示．在小車(chē)A后連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50Hz，長(zhǎng)木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

（1）若已得到打點(diǎn)紙帶如圖所示，并將測(cè)得的各計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離標(biāo)在圖上，A點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)起始的第一點(diǎn)，則應(yīng)選段來(lái)計(jì)算A的碰前速度，應(yīng)選段來(lái)計(jì)算A和B碰后的共同速度(以上兩格填“AB’’或“BC"或“CD"或"DE”)．

（2）已測(cè)得小車(chē)A的質(zhì)量m1=0.40kg，小車(chē)B的質(zhì)量m2=0.20kg，由以上測(cè)量結(jié)果可得：碰前m1v1+m2v2=kgm/s；碰后m1v1'+m2v2'=

kgm/s．并比較碰撞前后兩個(gè)小車(chē)質(zhì)量與速度的乘積之和是否相等．

四、解答題

14．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，半徑R=0.1m的豎直半圓形光滑軌道bc與水平面ab相切。質(zhì)量m=0.1kg的小滑塊B放在半圓形軌道末端的b點(diǎn)，另一質(zhì)量也為m=0.1kg的小滑塊A，以v0=m/s的水平初速度向B滑行，滑過(guò)s=1m的距離，與B相碰，碰撞時(shí)間極短，碰后A、B粘在一起運(yùn)動(dòng)。已知木塊A與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2。取重力加速度g=10m/s2；。A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)。求：

（1）A與B碰撞前瞬間A的速度大小vA；

（2）碰后瞬間，A、B共同的速度大小v；

（3）在半圓形軌道的最高點(diǎn)c，軌道對(duì)A、B的作用力F的大小。

15．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，在距水平地面高的水平桌面一端的邊緣放置一個(gè)質(zhì)量的木塊B，桌面的另一端有一塊質(zhì)量的木塊A以初速度開(kāi)始向著木塊B滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間與B發(fā)生碰撞，碰后兩木塊都落到地面上。木塊B離開(kāi)桌面后落到地面上的D點(diǎn)。設(shè)兩木塊均可以看作質(zhì)點(diǎn)，它們的碰撞時(shí)間極短，且已知D點(diǎn)距桌面邊緣的水平距離，木塊A與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度取。求：

（1）兩木塊碰撞前瞬間，木塊A的速度大小；

（2）木塊B離開(kāi)桌面時(shí)的速度大?。?/p>

（3）碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能。

16．（2023高二下·會(huì)寧期中）如圖所示，ef、gh為水平放置的足夠長(zhǎng)的平行光滑導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=1m，導(dǎo)軌左端連接一個(gè)R＝2歐姆的電阻，將一根質(zhì)量為0.2kg的金屬棒cd垂直地放置導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌與金屬棒的電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌平面向下，現(xiàn)對(duì)金屬棒施加一水平向右的拉力F，使棒從靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，解答以下問(wèn)題。

（1）若施加的水平外力恒為F＝8N，則金屬棒達(dá)到的穩(wěn)定速度v1是多少？

（2）若施加的水平外力的功率恒為P＝18W，則金屬棒達(dá)到的穩(wěn)定速度v2是多少？

（3）若施加的水平外力的功率恒為P＝18W，則從金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到速度v3＝2m／s的過(guò)程中電阻R產(chǎn)生的熱量為8.6J，則該過(guò)程中所需的時(shí)間是多少？

答案解析部分

1．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變、半衰期

【解析】【解答】半衰期由原子核自身決定，與外界因素?zé)o關(guān)，A不符合題意；β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的，B不符合題意；在α、β、γ這三種射線中，電離本領(lǐng)依次減弱，穿透本領(lǐng)依次增強(qiáng)，γ射線的穿透能力最強(qiáng)，α射線的電離能力最強(qiáng)．C符合題意；由質(zhì)量數(shù)守恒知238=206+4×8，經(jīng)過(guò)8次α衰變，再由電荷數(shù)守恒知92=82﹣2×8+6，經(jīng)過(guò)6次β衰變，D不符合題意．

故答案為：C．

【分析】原子核的衰變是隨機(jī)的，原子核的半衰期是指放射性元素的原子核有半數(shù)發(fā)生衰變時(shí)所需要的時(shí)間，只與原子核內(nèi)部的結(jié)構(gòu)有關(guān)，與外界環(huán)境無(wú)關(guān)，原子核衰變時(shí)，遵循質(zhì)量數(shù)守恒、能量守恒、電荷守恒。

2．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】氫原子光譜

【解析】【解答】A、因遏止電壓為U0＝7.6V，根據(jù)動(dòng)能定理可知，光電子的最大初動(dòng)能Ekm＝eU0，光電子的最大初動(dòng)能為7.6eV，A符合題意；

B、根據(jù)光電效應(yīng)方程，可知，W0＝h﹣Ekm，而h＝E2﹣E1；因此W0＝13.6﹣3.4﹣7.6＝2.6eV，B不符合題意；

C、因逸出功W0等于h，則材料的極限頻6.27×1014Hz，C不符合題意；

D、從n＝4躍遷到n＝2能級(jí)，釋放能量為△E＝3.4﹣0.85＝2.55eV＜2.6eV，因此發(fā)射出的光照射該光電管陰極K時(shí)，不能發(fā)生光電效應(yīng)，D不符合題意。

故答案為：A

【分析】當(dāng)電子由低能級(jí)躍遷到高能級(jí)時(shí)，電子需要吸收能量，當(dāng)電子由高能級(jí)躍遷到低能級(jí)時(shí)，電子需要釋放能量，結(jié)合公式進(jìn)行計(jì)算即可。

3．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律

【解析】【解答】根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：，解得：，B符合題意，ACD不符合題意。

故答案為：B

【分析】原子核衰變時(shí)，遵循質(zhì)量數(shù)守恒、能量守恒、動(dòng)量守恒、電荷守恒，該題目利用動(dòng)量守恒列方程求解即可。

4．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】變壓器原理；交變電流的圖像與函數(shù)表達(dá)式

【解析】【解答】據(jù)題意，在0.1s和0.3s時(shí)產(chǎn)生的交流電壓最大，據(jù)可知，這兩個(gè)時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量變化量最快，A不符合題意；據(jù)圖像可知，B不符合題意；該交流電電壓有效值為：，在AB端輸入的電源為10v，則在副線圈的電壓為：，C不符合題意；副線圈中電流為：，則原線圈中電流為：，D符合題意。

故答案為：D

【分析】通過(guò)交流電壓的表達(dá)式讀出電壓的最大值，計(jì)算出電壓的有效值，利用變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系求解副線圈的電壓即可，再利用歐姆定律計(jì)算電流，結(jié)合選項(xiàng)分析即可。

5．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】【解答】在t＝0時(shí)刻線圈與磁場(chǎng)方向平行，此時(shí)線圈磁通量變化率最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大，此時(shí)線圈的cd邊離開(kāi)紙面向外運(yùn)動(dòng)，此后穿過(guò)線圈的磁通量增大，則根據(jù)楞次定律可得產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閍→b→c→d→a，為正，所以C符合題意；

故答案為：C

【分析】閉合電路中的磁通量發(fā)生改變，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，利用法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律分析求解電流的大小變化。

6．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒及其條件；動(dòng)量守恒定律

【解析】【解答】對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)在水平方向上所受合外力為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量定恒，但子彈擊中木塊的過(guò)程中，克服摩擦力做功，一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，機(jī)械能不守恒，C符合題意。

故答案為：C

【分析】如果一個(gè)系統(tǒng)不受到外力的作用，那么動(dòng)量就是守恒的，如果一個(gè)系統(tǒng)，除重力外，不受到外力和非保守內(nèi)力，那么這個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒。

7．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】傳感器；簡(jiǎn)單邏輯電路

【解析】【解答】A、話筒是一種常用的聲傳感器，其作用是將聲信號(hào)轉(zhuǎn)換為電信號(hào)一種裝置，故A錯(cuò)誤；

B、電熨斗能夠自動(dòng)控制溫度的原因是它裝有雙金屬片熱脹冷縮來(lái)控制電路，屬于溫度傳感器，故B正確；

C、霍爾元件當(dāng)有磁場(chǎng)時(shí)，受到洛倫茲力作用，導(dǎo)致粒子偏轉(zhuǎn)，從而改變電壓，故C正確；

D、半導(dǎo)體熱敏電阻，當(dāng)溫度升高時(shí)，它的電阻值變小，所以不能作為溫度傳感器，故D錯(cuò)誤；

故選B

【分析】話筒是將聲音信號(hào)轉(zhuǎn)換為電信號(hào)；電熨斗是靠雙金屬片受熱形變不同來(lái)控制電路；霍爾元件是將磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量；半導(dǎo)體熱敏電阻隨著溫度升高，電阻而減?。?/p>

8．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】安培力；歐姆定律；法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】【解答】根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsinθ-BIL=ma；，所以，B符合題意；從a的瞬時(shí)值表達(dá)式可以看出，隨速度的增加，加速度減小，即金屬板做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)，平均速度不是，A不符合題意；根據(jù)焦耳定律，，其中的I為電流的有效值，而q=It中的I為電流的平均值，所以根據(jù)題目的已知量無(wú)法計(jì)算此過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱，C不符合題意；當(dāng)a=0時(shí)，速度最大，D不符合題意。

故答案為：B

【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律求解電壓的大小，利用歐姆定律求解回路中的電流，求出導(dǎo)體棒受到的安培力，結(jié)合牛頓第二定律求解導(dǎo)體棒的加速度。

9．【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】電能的輸送

【解析】【解答】A、B項(xiàng)：由得，輸送電流為：，輸電線上損失的功率為：，A符合題意，B不符合題意；

C項(xiàng)：用戶得到的功率：，C符合題意；

D項(xiàng)：用戶得到的電壓：，D不符合題意。

故答案為：AC

【分析】電能輸送時(shí)由于導(dǎo)線電阻會(huì)損耗一部分電能，利用公式P損=I2R求解損失的功率，進(jìn)而求解用戶得到的功率。

10．【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】功的計(jì)算；沖量

【解析】【解答】根據(jù)動(dòng)能定理，水平力做的功等于其動(dòng)能的變化量等于零，A對(duì)B不符合題意；根據(jù)動(dòng)量定理，水平力的沖量大小等于動(dòng)量的變化，C對(duì)D不符合題意。

故答案為：AC

【分析】外力先對(duì)物體做正功，后做負(fù)功，兩者相等，故外力對(duì)物體不做功，求解力的沖量，結(jié)合物體初末速度求解即可。

11．【答案】A,B

【知識(shí)點(diǎn)】物理學(xué)史

【解析】【解答】A、安培觀察到通電螺旋管的磁場(chǎng)和條形磁鐵的磁場(chǎng)很相似，提出了分子電流假說(shuō)，他認(rèn)為，在原子、分子等物質(zhì)微粒內(nèi)部，存在著一種環(huán)形電流——分子電流，分子電流使每個(gè)物質(zhì)微粒都成為微小的磁體，它的兩側(cè)相當(dāng)于兩個(gè)磁極，A符合題意；

B、牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許首先通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出萬(wàn)有引力常量，B符合題意；

CD、湯姆生在研究陰極射線過(guò)程中發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的棗糕模型，盧瑟福根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)，CD不符合題意。

故答案為：AB

【分析】該題目考查的是物理學(xué)中，著名物理學(xué)家的成就，平時(shí)注意積累、記憶即可。

12．【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量定理

【解析】【解答】A、過(guò)程Ⅰ中鋼珠只受到重力，根據(jù)動(dòng)量定理分析得知，鋼珠動(dòng)量的改變量等于重力的沖量．故A正確．B、過(guò)程Ⅱ中鋼珠受到重力和阻力，動(dòng)量的改變量不等于零，根據(jù)動(dòng)量定理可知，重力和阻力的總沖量不等于零，則阻力的沖量的大小不等于過(guò)程Ⅰ中重力沖量的大小．由于動(dòng)量改變量為負(fù)值，則阻力的沖量的大小大于過(guò)程Ⅰ中重力沖量的大小．故B錯(cuò)誤．C、對(duì)于整個(gè)過(guò)程：鋼珠動(dòng)能的變化量，根據(jù)動(dòng)能定理得知，整個(gè)過(guò)程重力做功等于鋼珠克服阻力做功，而整個(gè)重力做功等于整個(gè)過(guò)程中鋼珠所減少的重力勢(shì)能，所以過(guò)程Ⅱ中鋼珠克服阻力所做的功等于過(guò)程Ⅰ與過(guò)程Ⅱ中鋼珠所減少的重力勢(shì)能之和．故C正確．D、根據(jù)功能關(guān)系分析得知，過(guò)程Ⅱ中損失的機(jī)械能等于過(guò)程Ⅱ中鋼珠克服阻力做功，不等于過(guò)程Ⅰ中鋼珠所增加的動(dòng)能．故D錯(cuò)誤．

故選AC

【分析】根據(jù)動(dòng)量定理分析動(dòng)量的改變量與沖量的關(guān)系．過(guò)程Ⅰ中鋼珠只受到重力，鋼珠動(dòng)量的改變量等于重力的沖量．過(guò)程Ⅱ中，鋼珠受到