保定市高二下學(xué)期周練物理試卷（.）

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2016—2017學(xué)年河北省保定市定州中學(xué)高二（下)周練物理試卷（5.21）一、選擇題1．力傳感器可以把它受力的大小隨時(shí)間變化的情況，由計(jì)算機(jī)屏幕顯示出來(lái)．如圖，是利用力傳感器記錄的兩個(gè)物體間作用力和反作用力變化圖線，根據(jù)圖線可以得出的結(jié)論是（）A．作用力大時(shí)，反作用力小B．作用力和反作用力是同時(shí)變化的C．此圖線一定是在兩個(gè)物體都處于平衡狀態(tài)下顯示出來(lái)的D．作用力和反作用力的方向總是相反的2．關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法正確的是(）A．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=，適用于任何電場(chǎng)B．由真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=可知,當(dāng)r→0時(shí)，E→無(wú)窮大C．由公式B=可知,一小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場(chǎng)力,則說(shuō)明此處一定無(wú)磁場(chǎng)D．磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是置于該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向3．皮球從3m高處落下，被地板彈回，在距地面1m高處被接住，則皮球通過(guò)的路程和位移的大小分別是()A．4m、4m B．3m、1m C．3m、2m D．4m、2m4．一個(gè)小球從4m高處落下，被地面彈回,在1m高處被接住，則小球在整個(gè)過(guò)程中(）A．位移是5m B．路程是3m C．位移大小是3m D．以上均不對(duì)5．如圖所示表示一交流電電流隨時(shí)間變化的圖象,其中電流的正值為正弦曲線的正半周，其最大值為Im；電流的負(fù)值的強(qiáng)度為Im，求該交流電的有效值(）A．Im B． C．Im D．Im6．如圖，由兩種材料做成的半球面固定在水平地面上,球右側(cè)面是光滑的，左側(cè)面粗糙，O點(diǎn)為球心，A、B是兩個(gè)相同的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn)），物塊A靜止在左側(cè)面上，物塊B在圖示水平力F作用下靜止在右側(cè)面上，A、B處在同一高度，AO、BO與豎直方向的夾角均為θ，則A、B分別對(duì)球面的壓力大小之比為（）A．sin2θ：1 B．sinθ：1 C．cos2θ：1 D．cosθ：17．有關(guān)運(yùn)動(dòng)的合成,下列說(shuō)法正確的是()A．兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是直線運(yùn)動(dòng)B．兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)可以是曲線運(yùn)動(dòng)C．兩個(gè)互成角度的勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng),一定是勻速直線運(yùn)動(dòng)D．兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定和它們合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等8．黑板擦被豎直懸掛著的磁性黑板緊緊吸住不動(dòng),下列說(shuō)法正確的是(）A．黑板擦受到四個(gè)力作用，其中有三個(gè)力的施力物體是黑板B．黑板擦與黑板間在水平方向有一對(duì)相互作用力C．磁力和彈力是一對(duì)作用力反作用力D．摩擦力大于重力，黑板擦才不會(huì)掉下來(lái)9．如圖所示,AB和CD為兩條光滑斜槽，它們各自的兩個(gè)端點(diǎn)均分別位于半徑為R和r的兩個(gè)相切的圓上，且斜槽都通過(guò)切點(diǎn)P．設(shè)有一重物先后沿兩個(gè)斜槽從靜止出發(fā),由A滑到B和由C滑到D，所用的時(shí)間分別為t1和t2，則t1與t2之比為（）A．2：1 B．1：1 C．：1 D．1：10．一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，在t=0時(shí)刻的波形如圖所示．已知波的傳播速度為1m/s，下列說(shuō)法正確的是（）A．此時(shí)P質(zhì)點(diǎn)正向y軸正方向運(yùn)動(dòng)B．經(jīng)過(guò)0.1s，P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的位移可能相同C．經(jīng)過(guò)0。2s,Q質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為30cmD．經(jīng)過(guò)0。4s,P質(zhì)點(diǎn)向x軸正方向移動(dòng)了40cm11．如圖所示,在同一軌道平面上的幾個(gè)人造地球衛(wèi)星A、B、C繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，某一時(shí)刻它們恰好在同一直線上，下列說(shuō)法正確的是（）A．根據(jù)v=可知,運(yùn)行速度滿足vA＞vB＞vCB．運(yùn)轉(zhuǎn)角速度滿足ωA＞ωB＞ωCC．向心加速度滿足aA＜aB＜aCD．從圖示位置開始時(shí),運(yùn)動(dòng)一周后，A最先回到圖示位置12．如圖所示，一根不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩兩端分別連接在固定框架上的A、B兩點(diǎn)，細(xì)繩繞過(guò)光滑的輕小滑輪，重物懸掛于滑輪下，處于靜止?fàn)顟B(tài)．若緩慢移動(dòng)細(xì)繩的端點(diǎn),則繩中拉力大小的變化情況是（)A．只將繩的左端移向A′點(diǎn)，拉力變小B．只將繩的左端移向A′點(diǎn)，拉力不變C．只將繩的右端移向B′點(diǎn)，拉力變大D．只將繩的右端移向B′點(diǎn)，拉力不變13．m為在水平傳送帶上被傳送的小物體(可視為質(zhì)點(diǎn)），A為終端皮帶輪,如圖所示，已知皮帶輪半徑為r,傳送帶與皮帶輪間不會(huì)打滑．當(dāng)m可被水平拋出時(shí)，A輪每秒的轉(zhuǎn)數(shù)最少是（)A． B． C． D．14．圖中兩條平行虛線之間存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，虛線間的距離為l，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．a(chǎn)bcd是位于紙面內(nèi)的梯形線圈,ad與bc間的距離也為l．t=0時(shí)刻，bc邊與磁場(chǎng)區(qū)域邊界重合（如圖）．現(xiàn)令線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場(chǎng)區(qū)域邊界的方向穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域．取沿a→b→c→d→a的感應(yīng)電流為正，則在線圈穿越磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的圖線可能是：（）A． B． C． D．15．關(guān)于離心現(xiàn)象，下列說(shuō)法中正確的是（）A．當(dāng)物體所受離心力大于向心力時(shí)產(chǎn)生離心現(xiàn)象B．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)它所受的一切力都消失時(shí)，它將做背離圓心的運(yùn)動(dòng)C．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)它所受的一切力都消失時(shí)，它將沿切線做直線運(yùn)動(dòng)D．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)它所受的一切力都消失時(shí)，它將做曲線運(yùn)動(dòng)16．如圖所示,斜面體ABC固定在水平地面上，斜面的高AB為m,傾角為θ=37°，且D是斜面的中點(diǎn),在A點(diǎn)和D點(diǎn)分別以相同的初速度水平拋出一個(gè)小區(qū)，結(jié)果兩個(gè)小球恰能落在地面上的同一點(diǎn)，則落地點(diǎn)到C點(diǎn)的水平距離為（)A． B． C． D．17．用計(jì)算機(jī)輔助實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)做驗(yàn)證牛頓第三定律的實(shí)驗(yàn)：用一輛電玩具汽車拖運(yùn)另一輛無(wú)動(dòng)力的玩具汽車,在兩車掛接處裝上傳感器探頭，并把它們的掛鉤連在一起．當(dāng)電玩具汽車通電后拉著另一輛車向前運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以在顯示器屏幕上呈現(xiàn)相互作用力隨時(shí)間變化的圖象,如圖所示．觀察分析兩個(gè)力傳感器的相互作用力隨時(shí)間變化的曲線，可以得出以下實(shí)驗(yàn)結(jié)論，其中正確的是（)A．作用力與反作用力大小相等，方向相反B．作用力與反作用力作用在同一物體上C．作用力與反作用力時(shí)刻相同D．作用力與反作用力方向相同18．一質(zhì)量為m的鐵球在水平推力F的作用下,靜止在傾角為θ的斜面和豎直墻壁之間，鐵球與斜面的接觸點(diǎn)為A,推力F的作用線通過(guò)球心O，如圖所示，假設(shè)斜面、墻壁均光滑．若水平推力緩慢增大,則在此過(guò)程中（）A．斜面對(duì)鐵球的支持力緩慢增大B．斜面對(duì)鐵球的支持力不變C．墻對(duì)鐵球的作用力大小始終等于推力FD．墻對(duì)鐵球的作用力大小始終大于推力F19．如圖所示,物塊A、B靜止在光滑水平面上,且mA＞mB,現(xiàn)用大小相等的兩個(gè)力F和F′分別作用在A和B上，使A、B沿一條直線相向運(yùn)動(dòng),然后又先后撤去這兩個(gè)力，使這兩個(gè)力對(duì)物體做的功相同，接著兩物體碰撞并合為一體后，它們（)A．可能停止運(yùn)動(dòng)B．一定向右運(yùn)動(dòng)C．可能向左運(yùn)動(dòng)D．仍運(yùn)動(dòng)，但運(yùn)動(dòng)方向不能確定20．如圖所示，半徑為R、質(zhì)量為M的光滑圓槽置于光滑的水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊從槽的頂端由靜止滑下．則木塊從槽口滑出時(shí)的速度大小為（）A． B． C． D．二、實(shí)驗(yàn)題21．某同學(xué)利用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌裝置驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律．在氣墊導(dǎo)軌上安裝了兩光電門1、2，滑塊上固定一遮光條,滑塊用細(xì)線繞過(guò)定滑輪與鉤碼相連．①實(shí)驗(yàn)時(shí)要調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平．不掛鉤碼和細(xì)線，接通氣源，釋放滑塊，如果滑塊，則表示氣墊導(dǎo)軌已調(diào)整至水平狀態(tài)．②不掛鉤碼和細(xì)線，接通氣源，滑塊從軌道右端向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)滑塊通過(guò)光電門1的時(shí)間小于通過(guò)光電門2的時(shí)間．實(shí)施下列措施能夠達(dá)到實(shí)驗(yàn)調(diào)整目標(biāo)的是A．調(diào)節(jié)P使軌道左端升高一些B．調(diào)節(jié)Q使軌道右端降低一些C．遮光條的寬度應(yīng)適當(dāng)大一些D．滑塊的質(zhì)量增大一些E．氣源的供氣量增大一些③實(shí)驗(yàn)時(shí),測(cè)出光電門1、2間的距離L，遮光條的寬度d，滑塊和遮光條的總質(zhì)量M,鉤碼質(zhì)量m．由數(shù)字計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過(guò)光電門1、2的時(shí)間t1、t2,則系統(tǒng)機(jī)械能守恒成立的表達(dá)式是．三、計(jì)算題22．如圖所示，A、B是質(zhì)量分別為2kg和1kg的物體，用一細(xì)繩相連，在豎直向上拉力F=60N的作用下向上加速運(yùn)動(dòng),不計(jì)空氣阻力，取g=10m/s2，求（1）物體運(yùn)動(dòng)的加速度；（2)A、B間細(xì)繩的拉力大?。唬?）某時(shí)刻，突然撤去力F，由于慣性，A、B一起向上豎直上拋，則上升過(guò)程中A、B間細(xì)線的拉力又是多大．

2016—2017學(xué)年河北省保定市定州中學(xué)高二（下）周練物理試卷（5。21）參考答案與試題解析一、選擇題1．力傳感器可以把它受力的大小隨時(shí)間變化的情況，由計(jì)算機(jī)屏幕顯示出來(lái)．如圖，是利用力傳感器記錄的兩個(gè)物體間作用力和反作用力變化圖線，根據(jù)圖線可以得出的結(jié)論是（）A．作用力大時(shí),反作用力小B．作用力和反作用力是同時(shí)變化的C．此圖線一定是在兩個(gè)物體都處于平衡狀態(tài)下顯示出來(lái)的D．作用力和反作用力的方向總是相反的【考點(diǎn)】35：作用力和反作用力．【分析】明確牛頓第三定律的基本內(nèi)容,知道作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解答】解：ABD、由圖可知,作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，同時(shí)產(chǎn)生,同時(shí)變化，同時(shí)消失．故A錯(cuò)誤，BD正確C、物體受其它外力情況不清楚，所以物體不一定都處于平衡狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；故選:BD．2．關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度,下列說(shuō)法正確的是（）A．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=，適用于任何電場(chǎng)B．由真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=可知，當(dāng)r→0時(shí)，E→無(wú)窮大C．由公式B=可知，一小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場(chǎng)力，則說(shuō)明此處一定無(wú)磁場(chǎng)D．磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是置于該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向【考點(diǎn)】C3：磁感應(yīng)強(qiáng)度；A6：電場(chǎng)強(qiáng)度．【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度是反映電場(chǎng)力的性質(zhì)的物理量，大小用比值法定義，方向與正的試探電荷受到的電場(chǎng)力的方向相同；電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)可以通過(guò)電場(chǎng)線形象地表示；點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的決定式為．【解答】解：A、電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=，適用于任何電場(chǎng)，故A正確．B、當(dāng)r→0時(shí)，電荷已不能看成點(diǎn)電荷，公式E=k不再成立．故B錯(cuò)誤．C、由公式B=可知,一小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場(chǎng)力，可能是B的方向與電流方向平行，所以此處不一定無(wú)磁場(chǎng)，故C錯(cuò)誤．D、磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向和該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向垂直,故D錯(cuò)誤．故選A．3．皮球從3m高處落下，被地板彈回，在距地面1m高處被接住，則皮球通過(guò)的路程和位移的大小分別是（）A．4m、4m B．3m、1m C．3m、2m D．4m、2m【考點(diǎn)】15：位移與路程．【分析】位移是指從初位置到末位置的有向線段，位移是矢量,有大小也由方向；路程是指物體所經(jīng)過(guò)的路徑的長(zhǎng)度，路程是標(biāo)量，只有大小，沒(méi)有方向．【解答】解：位移是指從初位置到末位置的有向線段,所以此時(shí)物體的位移的大小是：x=3m﹣1m=2m路程是指物體所經(jīng)過(guò)的路徑的長(zhǎng)度，此時(shí)的路程為：s=3m+1m=4m．故選:D4．一個(gè)小球從4m高處落下，被地面彈回，在1m高處被接住，則小球在整個(gè)過(guò)程中(）A．位移是5m B．路程是3m C．位移大小是3m D．以上均不對(duì)【考點(diǎn)】15：位移與路程．【分析】路程等于物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長(zhǎng)度．【解答】解：一個(gè)小球從4m高處落下,被地面彈回,在1m高處被接住，路程s=4+1m=5m．位移等于首末位置的距離，大小等于3m．故C正確，A、B、D錯(cuò)誤．故選C．5．如圖所示表示一交流電電流隨時(shí)間變化的圖象，其中電流的正值為正弦曲線的正半周，其最大值為Im；電流的負(fù)值的強(qiáng)度為Im，求該交流電的有效值（）A．Im B． C．Im D．Im【考點(diǎn)】E5：交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系．【分析】求有效值方法：是將交流電在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值【解答】解:設(shè)電流的有效值為I．取一個(gè)周期時(shí)間，由電流的熱效應(yīng)得：解得:故選：C6．如圖，由兩種材料做成的半球面固定在水平地面上,球右側(cè)面是光滑的，左側(cè)面粗糙，O點(diǎn)為球心，A、B是兩個(gè)相同的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn))，物塊A靜止在左側(cè)面上,物塊B在圖示水平力F作用下靜止在右側(cè)面上,A、B處在同一高度,AO、BO與豎直方向的夾角均為θ，則A、B分別對(duì)球面的壓力大小之比為()A．sin2θ：1 B．sinθ：1 C．cos2θ:1 D．cosθ：1【考點(diǎn)】2H：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．【分析】分別對(duì)A、B兩個(gè)相同的小物塊受力分析,由受力平衡，求得所受的彈力，再由牛頓第三定律，求A、B分別對(duì)球面的壓力大小之比．【解答】解：分別對(duì)A、B兩個(gè)相同的小物塊受力分析如圖,由平衡條件，得:N=mgcosθ同理N′=由牛頓第三定律，A、B分別對(duì)球面的壓力大小為N、N′；則它們之比為，故C正確故選C7．有關(guān)運(yùn)動(dòng)的合成,下列說(shuō)法正確的是（）A．兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是直線運(yùn)動(dòng)B．兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)可以是曲線運(yùn)動(dòng)C．兩個(gè)互成角度的勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，一定是勻速直線運(yùn)動(dòng)D．兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定和它們合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等【考點(diǎn)】2G:力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】AB、通過(guò)舉例子(平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)例）可判知選項(xiàng)AB的正誤．C、勻速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為零，得知合加速度為零，由此可知合運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)，得知選項(xiàng)C的正誤D、利用合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)可得知選項(xiàng)D的正誤．【解答】解：AB、兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)不一定是直線運(yùn)動(dòng),例如平拋運(yùn)動(dòng)就是兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)（豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)和水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng))的合運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)是曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確C、兩個(gè)互成角度的勻速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度都為零,所以合加速度也為零,合速度不為零，故合運(yùn)動(dòng)一定是勻速直線運(yùn)動(dòng),故C正確D、分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，所以兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定和它們合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故D正確故選：BCD8．黑板擦被豎直懸掛著的磁性黑板緊緊吸住不動(dòng),下列說(shuō)法正確的是（）A．黑板擦受到四個(gè)力作用，其中有三個(gè)力的施力物體是黑板B．黑板擦與黑板間在水平方向有一對(duì)相互作用力C．磁力和彈力是一對(duì)作用力反作用力D．摩擦力大于重力，黑板擦才不會(huì)掉下來(lái)【考點(diǎn)】29：物體的彈性和彈力．【分析】首先對(duì)黑板擦進(jìn)行受力分析，如下圖所示，黑板擦靜止時(shí)受力平衡，受力物體都是黑板擦；一對(duì)相互作用力作用在兩個(gè)不同物體上,一定是同種性質(zhì)的力,同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)消失．【解答】解：A、黑板擦受到四個(gè)力：重力G=mg，施力物體是地球；支持力N、摩擦力f、磁力T，這三個(gè)力的施力物體都是磁性黑板，故A正確．B、黑板對(duì)黑板擦有支持力，則黑板擦對(duì)黑板有壓力，這兩個(gè)力是一對(duì)相互作用力;黑板對(duì)黑板擦有磁力，反過(guò)來(lái)，黑板擦對(duì)黑板有大小相等的磁力，這兩個(gè)力是一對(duì)相互作用力；所以水平方向有兩對(duì)相互作用力:互相吸引的磁力和互相推斥的彈力，故B錯(cuò)誤．C、黑板擦所受的磁力和彈力是一對(duì)平衡力，大小相等，故C錯(cuò)誤．D、由上分析磁力與彈力大小相等，只有黑板擦所受的最大靜摩擦力小于等于重力，黑板才能吸住黑板擦不動(dòng)，故D錯(cuò)誤．故選：A．9．如圖所示，AB和CD為兩條光滑斜槽，它們各自的兩個(gè)端點(diǎn)均分別位于半徑為R和r的兩個(gè)相切的圓上，且斜槽都通過(guò)切點(diǎn)P．設(shè)有一重物先后沿兩個(gè)斜槽從靜止出發(fā)，由A滑到B和由C滑到D,所用的時(shí)間分別為t1和t2，則t1與t2之比為（）A．2:1 B．1：1 C．：1 D．1：【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律;1E：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【分析】對(duì)物體受力分析可知,小球在兩條斜槽上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律是一樣的，只是加速度的大小和位移的大小不一樣,由牛頓第二定律和勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可以求得它們各自的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．【解答】解：對(duì)物體受力分析可知：當(dāng)重物從A點(diǎn)下落時(shí),重物受重力mg，支持力F，在沿斜面方向上加速度是a1，重力分解：mgcos30°=ma1，解得a1=g，根據(jù)公式：S=a1t12，得S=2R×cos30°+2r×cos30°=(R+r)所以：t1=2當(dāng)重物從C點(diǎn)下滑時(shí),受重力mg，支持力F，在沿斜面方向上加速度是a2，重力分解：mgcos60°=ma2,解得a2=，根據(jù)公式：S=a2t22，得S=2R×cos60°+2r×cos60°=R+rt2=2,所以t1=t2，故選:B．10．一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，在t=0時(shí)刻的波形如圖所示．已知波的傳播速度為1m/s，下列說(shuō)法正確的是(）A．此時(shí)P質(zhì)點(diǎn)正向y軸正方向運(yùn)動(dòng)B．經(jīng)過(guò)0。1s，P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的位移可能相同C．經(jīng)過(guò)0.2s，Q質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為30cmD．經(jīng)過(guò)0.4s，P質(zhì)點(diǎn)向x軸正方向移動(dòng)了40cm【考點(diǎn)】E4:正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率；E3：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式．【分析】根據(jù)波的傳播方向分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向求出質(zhì)點(diǎn)的位移，然后分析答題；根據(jù)圖象求出波長(zhǎng)，然后求出波的周期，再求出質(zhì)點(diǎn)的路程．【解答】解：A、波沿x軸正方向傳播,由圖示波形圖可知，質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故A正確;B、由圖示波形圖可知，質(zhì)點(diǎn)P向上運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)Q向下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)0.1s它們的位移方向不同，位移不同,故B錯(cuò)誤；C、由圖示波形圖可知,波長(zhǎng)λ=40cm=0.4m，波的周期：T===0.4s，由圖示波形圖可知，質(zhì)點(diǎn)的振幅為15cm,經(jīng)過(guò)t=0.2s=T，質(zhì)點(diǎn)的路程為：15×2=30cm,故C正確；D、在波的傳播過(guò)程中,質(zhì)點(diǎn)只在平衡位置附近振動(dòng)并不隨波的傳播向外遷移，因此，經(jīng)過(guò)0。4s，P質(zhì)點(diǎn)向x軸正方向移動(dòng)的距離為0cm，故D錯(cuò)誤；故選：AC．11．如圖所示，在同一軌道平面上的幾個(gè)人造地球衛(wèi)星A、B、C繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),某一時(shí)刻它們恰好在同一直線上，下列說(shuō)法正確的是（）A．根據(jù)v=可知,運(yùn)行速度滿足vA＞vB＞vCB．運(yùn)轉(zhuǎn)角速度滿足ωA＞ωB＞ωCC．向心加速度滿足aA＜aB＜aCD．從圖示位置開始時(shí),運(yùn)動(dòng)一周后,A最先回到圖示位置【考點(diǎn)】4H：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【分析】根據(jù)衛(wèi)星的速度公式比較三顆衛(wèi)星的速度大?。扇f(wàn)有引力定律比較萬(wàn)有引力的大?。l(wèi)星的向心加速度等于重力加速度g=，再比較向心加速度的大?。鶕?jù)周期的大小，分析哪顆衛(wèi)星先回到原點(diǎn)．【解答】解：A、設(shè)地球的質(zhì)量為M,衛(wèi)星的軌道半徑為r，衛(wèi)星的速度v=,可見(jiàn)，r越大，v越小，則有vA＜vB＜vC．故A錯(cuò)誤．B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有：=mω2rω=，所以運(yùn)轉(zhuǎn)角速度滿足ωA＜ωB＜ωC，故B錯(cuò)誤;C、根據(jù)牛頓第二定律得向心加速度a=，所以aA＜aB＜aC,故C正確；D、根據(jù)T=，r越大，T越大，所以TA＞TB＞TC，所以運(yùn)動(dòng)一周后，C先回到原地點(diǎn)．故D錯(cuò)誤．故選:C12．如圖所示，一根不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩兩端分別連接在固定框架上的A、B兩點(diǎn),細(xì)繩繞過(guò)光滑的輕小滑輪，重物懸掛于滑輪下，處于靜止?fàn)顟B(tài)．若緩慢移動(dòng)細(xì)繩的端點(diǎn),則繩中拉力大小的變化情況是（)A．只將繩的左端移向A′點(diǎn),拉力變小B．只將繩的左端移向A′點(diǎn)，拉力不變C．只將繩的右端移向B′點(diǎn),拉力變大D．只將繩的右端移向B′點(diǎn)，拉力不變【考點(diǎn)】2H：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；2G：力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】設(shè)滑輪兩側(cè)繩子與豎直方向的夾角為α，繩子的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，B點(diǎn)到墻壁的距離為S，根據(jù)幾何知識(shí)和對(duì)稱性，可得到sinα=，當(dāng)只將繩的左端移向A′點(diǎn)或?qū)⒗K的右端移向B′點(diǎn)，分析α如何變化,以滑輪為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件分析拉力如何變化．【解答】解：設(shè)滑輪兩側(cè)繩子與豎直方向的夾角為α，繩子的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，B點(diǎn)到墻壁的距離為S,根據(jù)幾何知識(shí)和對(duì)稱性，得sinα=…①以滑輪為研究對(duì)象，設(shè)繩子拉力大小為F，根據(jù)平衡條件得2Fcosα=mg,得F=…②A、B當(dāng)只將繩的左端移向A′點(diǎn),S和L均不變，則由②式得知，F(xiàn)不變．故A錯(cuò)誤，B正確．C、D當(dāng)只將繩的右端移向B′點(diǎn)，S增大，而L不變，則由①式得知,α增大，cosα減小,則由②式得知，F(xiàn)增大．故C正確D錯(cuò)誤．故選：BC13．m為在水平傳送帶上被傳送的小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))，A為終端皮帶輪，如圖所示，已知皮帶輪半徑為r,傳送帶與皮帶輪間不會(huì)打滑．當(dāng)m可被水平拋出時(shí)，A輪每秒的轉(zhuǎn)數(shù)最少是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】48:線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；37：牛頓第二定律;43：平拋運(yùn)動(dòng)；4A：向心力．【分析】物體恰好不被拋出的臨界條件是最高點(diǎn)重力恰好提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式列式求解即可．【解答】解：物體恰好不被拋出的臨界條件是最高點(diǎn)重力恰好提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和向心力,有：mg=m根據(jù)線速度定義公式，有：v=n?2πr聯(lián)立解得：n=；故選A．14．圖中兩條平行虛線之間存在勻強(qiáng)磁場(chǎng),虛線間的距離為l，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．a(chǎn)bcd是位于紙面內(nèi)的梯形線圈，ad與bc間的距離也為l．t=0時(shí)刻,bc邊與磁場(chǎng)區(qū)域邊界重合（如圖)．現(xiàn)令線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場(chǎng)區(qū)域邊界的方向穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域．取沿a→b→c→d→a的感應(yīng)電流為正，則在線圈穿越磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的圖線可能是:（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】D9:導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．【分析】首先根據(jù)右手定則判斷邊bc剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)回路中感應(yīng)電流方向，再根據(jù)進(jìn)入磁場(chǎng)中有效切割長(zhǎng)度的變化，求出感應(yīng)電流的變化，從而得出正確結(jié)果．【解答】解：線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中，cd邊切割磁感線,根據(jù)右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，即為正方向，當(dāng)cd邊離開磁場(chǎng)時(shí)，由右手定則可知，感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，電流為?fù)的，故ACD錯(cuò)誤;線圈接入磁場(chǎng)時(shí),bc邊切割磁感線，根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小公式：E=BLV可得，有效切割長(zhǎng)度越來(lái)越短，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)減小，故感應(yīng)電流越來(lái)小;當(dāng)bc邊離開磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小公式:E=BLV可得，切割長(zhǎng)度越來(lái)越短,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)減小，故感應(yīng)電流越來(lái)越小,故B正確．故選：B．15．關(guān)于離心現(xiàn)象,下列說(shuō)法中正確的是（)A．當(dāng)物體所受離心力大于向心力時(shí)產(chǎn)生離心現(xiàn)象B．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體,當(dāng)它所受的一切力都消失時(shí),它將做背離圓心的運(yùn)動(dòng)C．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)它所受的一切力都消失時(shí)，它將沿切線做直線運(yùn)動(dòng)D．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體,當(dāng)它所受的一切力都消失時(shí)，它將做曲線運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】4C：離心現(xiàn)象;37：牛頓第二定律;4A：向心力．【分析】做圓周運(yùn)動(dòng)的物體，在受到指向圓心的合外力突然消失，或者不足以提供圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力的情況下,就做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng),這種運(yùn)動(dòng)叫做離心運(yùn)動(dòng)．所有遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)都是離心運(yùn)動(dòng)，但不一定沿切線方向飛出，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)它所受的一切力都消失時(shí),它將沿切線做直線運(yùn)動(dòng)．【解答】解：A、離心力是不存在的,因?yàn)樗鼪](méi)有施力物體．所以物體不會(huì)受到離心力,故A錯(cuò)誤．BCD中、慣性:當(dāng)物體不受力或受到的合外力為零時(shí)，物體保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．所以做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)它所受的一切力都消失時(shí)，由于慣性，物體繼續(xù)保持該速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)．故BD錯(cuò)誤，C正確．故選C16．如圖所示，斜面體ABC固定在水平地面上，斜面的高AB為m,傾角為θ=37°，且D是斜面的中點(diǎn)，在A點(diǎn)和D點(diǎn)分別以相同的初速度水平拋出一個(gè)小區(qū)，結(jié)果兩個(gè)小球恰能落在地面上的同一點(diǎn)，則落地點(diǎn)到C點(diǎn)的水平距離為（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】43:平拋運(yùn)動(dòng)．【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，抓住初速度相等,結(jié)合水平位移關(guān)系求出初速度，從而求出落地點(diǎn)到C點(diǎn)的水平距離．【解答】解：設(shè)AB高為h，則從A點(diǎn)拋出的小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從D點(diǎn)拋出的小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，在水平方向上有：，x=代入數(shù)據(jù)得,x=,故D正確，A、B、C錯(cuò)誤．故選:D．17．用計(jì)算機(jī)輔助實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)做驗(yàn)證牛頓第三定律的實(shí)驗(yàn)：用一輛電玩具汽車拖運(yùn)另一輛無(wú)動(dòng)力的玩具汽車，在兩車掛接處裝上傳感器探頭，并把它們的掛鉤連在一起．當(dāng)電玩具汽車通電后拉著另一輛車向前運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以在顯示器屏幕上呈現(xiàn)相互作用力隨時(shí)間變化的圖象，如圖所示．觀察分析兩個(gè)力傳感器的相互作用力隨時(shí)間變化的曲線,可以得出以下實(shí)驗(yàn)結(jié)論，其中正確的是（）A．作用力與反作用力大小相等，方向相反B．作用力與反作用力作用在同一物體上C．作用力與反作用力時(shí)刻相同D．作用力與反作用力方向相同【考點(diǎn)】35：作用力和反作用力．【分析】作用力與反作用力的關(guān)系是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上,作用力與反作用力和一對(duì)平衡力最大的區(qū)別在于作用力與反作用力作用在兩個(gè)不同的物體上，而一對(duì)平衡力是作用在同一個(gè)物體上的．【解答】解：由圖象不難看出兩個(gè)力的大小總是相等的，并且兩個(gè)力的方向也是始終相反的，它們的變化的情況也是一樣的，作用力與反作用力是兩個(gè)物體之間的相互作用，大小相等,方向相反，所以A正確，BCD錯(cuò)誤．故選：A．18．一質(zhì)量為m的鐵球在水平推力F的作用下，靜止在傾角為θ的斜面和豎直墻壁之間，鐵球與斜面的接觸點(diǎn)為A，推力F的作用線通過(guò)球心O，如圖所示,假設(shè)斜面、墻壁均光滑．若水平推力緩慢增大，則在此過(guò)程中（）A．斜面對(duì)鐵球的支持力緩慢增大B．斜面對(duì)鐵球的支持力不變C．墻對(duì)鐵球的作用力大小始終等于推力FD．墻對(duì)鐵球的作用力大小始終大于推力F【考點(diǎn)】2H：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；2G：力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】對(duì)球受力分析，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，運(yùn)用正交分解法，結(jié)合幾何關(guān)系分析求解．【解答】解：AB、對(duì)小球受力分析,受推力F、重力G、墻壁的支持力N、斜面的支持力N′,如圖：根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,有：x方向：F﹣N′sinθ﹣N=0，豎直方向：N′cosθ=mg，解得：N′=,N=F﹣mgtanθ,故當(dāng)F增加時(shí)，斜面的支持力為，保持不變，故球?qū)π泵娴膲毫σ脖３植蛔?故A錯(cuò)誤，B正確；CD、故當(dāng)F增加時(shí),墻壁對(duì)鐵球的作用力不斷變大,為N=F﹣mgtanθ＜F；故CD錯(cuò)誤；故選：B19．如圖所示，物塊A、B靜止在光滑水平面上，且mA＞mB，現(xiàn)用大小相等的兩個(gè)力F和F′分別作用在A和B上,使A、B沿一條直線相向運(yùn)動(dòng)，然后又先后撤去這兩個(gè)力,使這兩個(gè)力對(duì)物體做的功相同，接著兩物體碰撞并合為一體后，它們()A．可能停止運(yùn)動(dòng)B．一定向右運(yùn)動(dòng)C．可能向左運(yùn)動(dòng)D．仍運(yùn)動(dòng),但運(yùn)動(dòng)方向不能確定【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律．【分析】先根據(jù)動(dòng)能定理分析兩個(gè)物體獲得的動(dòng)能大小,由P=，分析碰撞前的動(dòng)量大小，根據(jù)碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒,列式分析碰后共同體的運(yùn)動(dòng)方向．【解答】解：由動(dòng)能定理知，兩個(gè)力F和F′做功相同，碰撞前它們的動(dòng)能相同．由P=，mA＞mB知,PA＞PB．碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則有：PA﹣PB=（mA+mB）v，故碰后速度v一定與PA相同，方向向右．故B正確．故選：B20．如圖所示,半徑為R、質(zhì)量為M的光滑圓槽置于光滑的水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊從槽的頂端由靜止滑下．則木塊從槽口滑出時(shí)的速度大小為（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律；6B：功能關(guān)系．【分析】當(dāng)光滑圓槽不固定時(shí)，木塊與槽組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，系統(tǒng)機(jī)械能守恒,由動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可以求出木塊到達(dá)槽口時(shí)的速度．【解答】解：對(duì)木塊和槽所組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)木塊滑出槽口時(shí)的速度為v，槽的速度為u，在水平方向上，由動(dòng)量守恒定律可得：mv﹣Mu=0木塊下滑時(shí)，只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒,由機(jī)械能守恒定律得：mgR=,聯(lián)立解得v=，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．故選:B．二、實(shí)驗(yàn)題21．某同學(xué)利用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌裝置驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律．在氣墊導(dǎo)軌上安裝了兩光電門1、2，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細(xì)線繞過(guò)定滑輪與鉤碼相連．①實(shí)驗(yàn)時(shí)要調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平．不掛鉤碼和細(xì)線,接通氣源，釋放滑塊，如果滑塊能在氣墊導(dǎo)軌上靜止或做勻速運(yùn)動(dòng)或滑塊經(jīng)兩個(gè)光電門的時(shí)間相等，則表示氣墊導(dǎo)軌已調(diào)整至水平狀態(tài)．②不掛鉤碼和細(xì)線，接通氣源，滑塊從軌道右端向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)滑塊通過(guò)光電門1的時(shí)間小于通過(guò)光電門2的時(shí)間．實(shí)施下列措施能夠達(dá)到實(shí)驗(yàn)調(diào)整目標(biāo)的是ABA．調(diào)節(jié)P使軌道左端升高一些B．調(diào)節(jié)Q使軌道右端降低一些C．遮光條的寬度應(yīng)適當(dāng)大一些D．滑塊的質(zhì)量增大一些E．氣源的供氣量增大一些③實(shí)驗(yàn)時(shí)，測(cè)出光電門1、2