北京四中高三月保溫理綜物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2017屆高三5月保溫題理科綜合1。下列說法中正確的是（）A.當物體的溫度升高時，物體內(nèi)每個分子熱運動的速率一定都增大B。布朗運動間接反映了液體分子運動的無規(guī)則性C。分子間的吸引力總是大于排斥力D。物體運動得越快，其內(nèi)能一定越大【答案】B【解析】試題分析:當物體的溫度升高時，物體內(nèi)分子的平均速率增大,但是每個分子熱運動的速率不一定都增大，選項A錯誤；布朗運動是懸浮在液體表面的微小顆粒的無規(guī)則運動，間接反映了液體分子運動的無規(guī)則性,選項B正確；當分子間距r＞r0時分子間的吸引力大于排斥力，分子力表現(xiàn)為引力，而當分子間距r＜r0時分子間的吸引力小于排斥力，分子力表現(xiàn)為斥力,故選項C錯誤；宏觀物體的機械能和物體的內(nèi)能無直接關(guān)系,即物體運動得越快，其內(nèi)能不一定越大,選項D錯誤；故選B?？键c：布朗運動；分子力；內(nèi)能和溫度。2.a、b兩種單色光以相同的入射角從空氣斜射向平行玻璃磚，界面MN與PQ平行，光路如圖所示．關(guān)于a、b兩種單色光,下列說法正確的是（)A.該玻璃磚中a光的傳播速度小于b光的傳播速度B。a、b兩種單色光從玻璃磚射向空氣后,兩單色光可能不平行C.若增大從空氣射入玻璃時的入射角，a、b兩種單色光在PQ界面可能發(fā)生全反射D。分別用這兩種單色光照射某種金屬，若a光能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，則b光一定能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象【答案】D【解析】試題分析:從光路圖可知，玻璃對b的折射率比a大，即；光在介質(zhì)中的傳播速度,故，A錯誤；玻璃磚兩邊平行，根據(jù)折射定律可知光線平行入射必定平行出射，B錯誤；由于入射光與出射光線一定平行,而如果在PQ界面發(fā)生全反射，則至少a，b平行于PQ，則入射光線平行于MN，這樣光線無法入射進玻璃，故C錯誤；由，可知光的頻率，對同一金屬材料,頻率越大，越容易發(fā)生光電效應(yīng)，故D正確。考點:光電效應(yīng)全反射、光導(dǎo)纖維光的折射定律。3。圖甲為一簡諧橫波在t=0時刻的波形圖像，圖乙為橫波中x=2m處質(zhì)點A的振動圖像，則下列說法正確的是（）A.波的傳播方向沿x軸負方向B。波的傳播速度大小為2m/sC。在t=0時刻,圖甲中質(zhì)點A的振動速度大小為0D.在t=1s時刻，圖甲中質(zhì)點A的位置坐標為(0，20)【答案】B【解析】從圖乙中可以看出A質(zhì)點在t=0時刻的振動方向為向上振動，在平衡位置，速度最大，根據(jù)走坡法可得波向x軸正方向傳播,AC錯誤；從圖甲中可得,從圖乙中可得，故波的傳播速度為，B正確；，質(zhì)點A從平衡位置到達波峰，坐標為(2，20），D錯誤．4。2016年中秋夜,我國成功將天宮二號送入預(yù)定軌道，2016年10月17日神舟十一號順利升空并在之后與天宮二號實行交會對接。天宮二號是在天宮一號基礎(chǔ)上研制的航天器，兩者外形完全相同，但卻承擔著不同的任務(wù)。天宮一號主要是和載人飛船配合完成空間交會對接實驗任務(wù)，而天宮二號則是我國第一個具備太空補加功能的載人航天實驗室，要第一次實現(xiàn)航天員中期駐留、第一次試驗推進劑太空補加技術(shù)等重要的科學(xué)實驗,天宮二號被稱為是我國首個真正意義上的空間實驗室.天宮二號的軌道高度為393km，比天宮一號高了50km，關(guān)于天宮二號與天宮一號的比較，以下說法正確的是（）A.“天宮二號”運行的線速度比“天宮一號”大B?！疤鞂m二號”運行的加速度比“天宮一號”大C.“天宮二號"運行的角速度比“天宮一號”大D?！疤鞂m二號”運行的周期比“天宮一號”大【答案】D【解析】試題分析：天宮飛行器繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力,應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律可以求出線速度、加速度、角速度與周期，然后比較大小萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得，解得，天宮二號的軌道半徑大于天宮一號的軌道半徑，“天宮二號”運行的線速度比“天宮一號"小，故A錯誤；萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得，解得，天宮二號的軌道半徑大于天宮一號的軌道半徑，“天宮二號”運行的加速度比“天宮一號"小，故B錯誤；萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得,解得，天宮二號的軌道半徑大于天宮一號的軌道半徑，“天宮二號"運行的角速度比“天宮一號”小，故C錯誤;萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得，解得，天宮二號的軌道半徑大于天宮一號的軌道半徑，“天宮二號”運行的周期比“天宮一號”大，故D正確．5.在垂直紙面的勻強磁場中，有不計重力的甲、乙兩個帶電粒子，在紙面內(nèi)做勻速圓周運動，運動方向和軌跡示意如圖。則下列說法中正確的是(）A.甲、乙兩粒子所帶電荷種類不同B.若甲、乙兩粒子的動量大小相等，則甲粒子所帶電荷量較大C.若甲、乙兩粒子所帶電荷量及運動的速率均相等,則甲粒子的質(zhì)量較大D.該磁場方向一定是垂直紙面向里【答案】C6.如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=1000匝，副線圈匝數(shù)n2=200匝，原線圈所接交流電源的電動勢瞬時值表達式e=311sin100πtV，副線圈所接電阻R=88Ω。電流表、電壓表對電路影響可忽略不計。則（）A.A1的示數(shù)約為0.10AB。V1的示數(shù)約為311VC.V2的示數(shù)約為62.2VD.A2的示數(shù)約為0。75A【答案】A【解析】試題分析：由于原線圈中交流電源的電動勢瞬時值表達式e=311sin100πtV，故V1的示數(shù)為其有效值220V，B錯誤；根據(jù)變壓器的匝數(shù)比與電壓之比的關(guān)系得，則V2的示數(shù)為U2==44V，故C錯誤；由歐姆定律得，A2的示數(shù)為I2==0.50A,故D也錯誤；再根據(jù)線圈的匝數(shù)與電流的關(guān)系可得，A1的示數(shù)約為I1==0.10A,故A正確?？键c:變壓器.7。如圖所示的實驗裝置中,小球A、B完全相同．用小錘輕擊彈性金屬片，A球沿水平方向拋出，同時B球被松開，自由下落，實驗中兩球同時落地．圖中虛線1、2代表離地高度不同的兩個水平面,則下列說法正確的是（)A.A球經(jīng)過面1時的速率等于B球經(jīng)過面1時的速率B。A球從面1到面2的速率變化等于B球從面1到面2的速率變化C。A球從面1到面2的動量變化大于B球從面1到面2的動量變化D。A球從面1到面2的機械能變化等于B球從面1到面2的機械能變化【答案】D【解析】試題分析:A球做平拋運動，B球做自由落體運動；到達面1時,B球的速度等于A球的豎直速度，但A球還有水平速度,所以到達面1時，A的速率大于B的速率，故A錯誤；A球從面1到面2的速度變化等于B球從面1到面2的速度變化，故B錯誤；A球從面1到面2的動量變化等于于B球從面1到面2的動量變化，故C錯誤；A球從面1到面2的機械能變化等于B球從面1到面2的機械能變化,均為0，故D正確。考點：驗證機械能守恒定律拋體運動.8.據(jù)報道，我國實施的“雙星”計劃發(fā)射的衛(wèi)星中放置了一種“磁強計"，用于測定地磁場的磁感應(yīng)強度等研究項目.磁強計的原理如圖所示：電路中有一段金屬導(dǎo)體，它的橫截面積是寬為a、高為b的長方形，放在沿y軸正方向的勻強磁場中，導(dǎo)體中通有沿x正方向、大小為I的電流。已知金屬導(dǎo)體單位體積中的自由電子數(shù)為n，電子電量為e。金屬導(dǎo)電過程中，自由電子做定向移動可視為勻速運動。若測出金屬導(dǎo)體前后兩個側(cè)面間(z=a為前側(cè)面,z=0為后側(cè)面）的電勢差為U，那么（）A.前側(cè)面電勢高，B。前側(cè)面電勢高，C.后側(cè)面電勢高，D.后側(cè)面電勢高，【答案】C【解析】試題分析:電子定向移動形成電流,根據(jù)電流的方向得出電子定向移動的方向，根據(jù)左手定則,判斷出電子的偏轉(zhuǎn)方向,在前后兩側(cè)面間形成電勢差，最終電子在電場力和洛倫茲力的作用下平衡，根據(jù)平衡求出磁感應(yīng)強度的大小．電子定向移動的方向沿x軸負向，所以電子向前表面偏轉(zhuǎn)，則前表面帶負電,后表面失去電子帶正電，后側(cè)面的電勢較高，當金屬導(dǎo)體中自由電子定向移動時受洛倫茲力作用向前側(cè)面偏轉(zhuǎn)，使得前后兩側(cè)面間產(chǎn)生電勢差，當電子所受的電場力與洛倫茲力平衡時，前后兩側(cè)面間產(chǎn)生恒定的電勢差．因而可得，,由以上幾式解得磁場的磁感應(yīng)強度，故C正確．9.(1)圖為示波器面板的圖示，熒光屏上顯示的是一個位于屏幕右下方、線條較粗且模糊不清的波形。若要將該波形調(diào)至屏中央，應(yīng)調(diào)節(jié)______；若要屏上波形線條變細且邊緣清晰，應(yīng)調(diào)節(jié)_______；若要在屏上只顯示一個周期的波形，應(yīng)調(diào)節(jié)________。（選填選項前的字母）A．衰減旋鈕B．聚焦旋鈕和輔助聚焦旋鈕C．水平位移旋鈕和垂直位移旋鈕D．掃描微調(diào)旋鈕和掃描范圍旋鈕（2)兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律.①實驗中必須滿足的條件是__________。A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D．兩球的質(zhì)量必須相等②測量所得入射球A的質(zhì)量為mA，被碰撞小球B的質(zhì)量為mB，圖11中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時,先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P,測得平拋射程為OP;再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON.當所測物理量滿足表達式_______________________時,即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達式________________________時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。③乙同學(xué)也用上述兩球進行實驗,但將實驗裝置進行了改裝：如圖所示，將白紙、復(fù)寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點。實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側(cè)并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放,確定其撞擊點P′;再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞,確定球A和球B相撞后的撞擊點分別為M′和N′。測得B′與N′、P′、M′各點的高度差分別為h1、h2、h3。若所測物理量滿足表達式___________________________________時，則說明球A和球B碰撞中動量守恒?！敬鸢浮浚?).C（2).B（3）。D（4）。BC（5）.（6）.（7）.【解析】試題分析:(1）在做“驗證動量守恒定律"的實驗中,是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，所以要保證每次小球都做平拋運動,則軌道的末端必須水平；

（2)由于兩球從同一高度下落，故下落時間相同，所以水平向速度之比等于兩物體水平方向位移之比，然后由動量守恒定律與機械能守恒分析答題．

（3）應(yīng)用平拋運動規(guī)律分析答題；明確水平速度與高度之間的關(guān)系，即可正確求解；注意明確入射球和被碰球?qū)?yīng)的高度！(1）若要將波形調(diào)至屏中央,應(yīng)調(diào)節(jié)豎直位移調(diào)節(jié)旋鈕和水平位移旋鈕；若要屏上波形線條變細且邊緣清晰，應(yīng)調(diào)節(jié)聚焦旋鈕和輔助聚焦旋鈕；若要在屏上只顯示一個周期的波形，應(yīng)調(diào)節(jié)掃描微調(diào)旋鈕和掃描范圍旋鈕，故選CBD（2）①“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤;要保證每次小球都做平拋運動,則軌道的末端必須水平，故B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確;為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量，故D錯誤；10.均勻?qū)Ь€制成的單匝正方形閉合線框abcd，每邊長為L，總電阻為R，總質(zhì)量為m。將其置于磁感強度為B的水平勻強磁場上方h處，如圖所示。線框由靜止自由下落，線框平面保持在豎直平面內(nèi)，且cd邊始終與水平的磁場邊界面平行。當cd邊剛進入磁場時，（1）求線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大?。唬?）求cd兩點間的電勢差大小;（3)若此時線框加速度恰好為零,求線框下落的高度h所應(yīng)滿足的條件.【答案】（1）(2）（3）【解析】試題分析：（1）cd邊剛進入磁場時，線框進入磁場前做自由落體運動，由機械能守恒定律得：，線框速度，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢。（2）此時線框中的電流，cd兩點間的電勢差。（3）安培力，根據(jù)牛頓第二定律,由,解得下落高度滿足。考點：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢、電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【名師點睛】本題電磁感應(yīng)與力學(xué)、電路知識的綜合，注意區(qū)分cd電壓是外電壓還是內(nèi)電壓．安培力與速度的關(guān)系要會推導(dǎo).11.根據(jù)玻爾理論，電子繞氫原子核運動可以看作是僅在庫侖引力作用下的勻速圓周運動，已知普朗克常數(shù)h，真空中光速為c，電子的電荷量為e,質(zhì)量為m，電子在第1軌道運動的半徑為r1,靜電力常量為k。氫原子在不同的能量狀態(tài)，對應(yīng)著電子在不同的軌道上繞核做勻速圓周運動,電子做圓周運動的軌道半徑滿足rn=n2r1,其中n為量子數(shù)，即軌道序號，rn為電子處于第n軌道時的軌道半徑.電子在第n軌道運動時氫原子的能量En為電子動能與“電子-原子核"這個系統(tǒng)電勢能的總和。理論證明,系統(tǒng)的電勢能Ep和電子繞氫原子核做圓周運動的半徑r存在關(guān)系：Ep=-k（以無窮遠為電勢能零點）。請根據(jù)以上條件完成下面的問題。①試證明電子在第n軌道運動時氫原子的能量En和電子在第1軌道運動時氫原子的能量E1滿足關(guān)系式②假設(shè)氫原子甲核外做圓周運動的電子從第2軌道躍遷到第1軌道的過程中所釋放的能量，恰好被量子數(shù)n=4的氫原子乙吸收并使其電離，即其核外在第4軌道做圓周運動的電子脫離氫原子核的作用范圍。不考慮電離前后原子核的動能改變，試求氫原子乙電離后電子的動能。③氫原子光譜中巴耳末系的譜線波長公式為:，n=3、4、5…，請根據(jù)玻爾理論推導(dǎo)巴耳末公式并確定里德堡常數(shù)R的表達式?！敬鸢浮竣佗冖邸窘馕觥竣僭O(shè)電子在第n軌道上運動的速度大小為,根據(jù)牛頓第二定律有電子在第n軌道運動的動能電子在第n軌道運動時氫原子的能量又因為則有其中命題得證。②由①可知，電子從第2軌道躍遷到第1軌道所釋放的能量電子在第4軌道運動時氫原子的能量設(shè)氫原子電離后電子具有的動能為Ek，根據(jù)能量守恒有解得③玻爾理論認為巴耳末系為氫原子從n=3、4、5…，等能級向n=2的能級躍遷時發(fā)出的光,根據(jù)玻爾躍遷假設(shè)可知即所以n=3、4、5…，對照巴耳末公式可知里德堡常數(shù)12.如圖（甲）所示,長為l、相距為d的兩塊正對的平行金屬板AB和CD與一電源相連（圖中未畫出電源），B、D為兩板的右端點。兩板間電勢差的變化如圖（乙）所示.在金屬板B、D端的右側(cè)有一與金屬板垂直的熒光屏MN，熒光屏距B、D端的距離為l.質(zhì)量為m,電荷量為e的電子以相同的初速度v0從極板左邊中央沿平行極板的直線OO′連續(xù)不斷地射入。已知所有的電子均能夠從兩金屬板間射出，且每個電子在電場中運動的時間與電壓變化的周期相等。忽略極板邊緣處電場的影響，不計電子的重力以及電子之間的相互作用.求:（1）t＝0和t＝T/2時刻進入兩板間的電子到達金屬板B、D端界面時偏離OO′的距離之比。(2）兩板間電壓的最大值U0。（3)電子在熒光屏上分布的最大范圍?！敬鸢浮浚?