2024屆福建省邵武七中物理高一上期末教學質量檢測模擬試題含解析

2024屆福建省邵武七中物理高一上期末教學質量檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、2019年12月17日，我國首艘國產航母“山東艦”在海南三亞某軍港交付海軍，我國正式進入“雙航母”時代。關于“山東艦”，下列說法中正確的是A.由于“山東艦”航母“高大威武”，故任何情況下都不能看成質點B.殲15艦載機飛行員可以把正在甲板上手勢指揮的調度員看成是一個質點C.艦載機的起飛速度，是以航母為參考系的，與航母航行速度無關D.研究“山東艦”航母在大海中運動軌跡時，航母可以看成質點2、如圖所示斜面體A放在粗糙的水平面上，物塊B放在粗糙的斜面體A上，輕質彈簧兩端分別與物塊B及固定在斜面體底端的擋板P拴接（彈簧與斜面平行），彈簧處于拉伸狀態(tài)，斜面體上端有一定滑輪固定在斜面體上端的擋板處，現(xiàn)通過輕繩（定滑輪兩側輕繩夾角保持90°）用一垂直斜面的力通過定滑輪拉物塊B，從零開始逐漸增大，A、B始終靜止。則該過程中，下列說法正確的是A.彈簧對擋板的拉力增大B.物塊對斜面體的壓力減小C.斜面體和物塊間的摩擦力可能減小，也可能增大D.斜面體對地面的壓力不變3、物體做初速度為零的勻加速直線運動，第一個2s、第二個2s和第5s內的位移之比為（）A.1:3:5 B.2:6:5C.2:8:7 D.4:12:94、下列說法正確的是（）A.高速運動的物體不容易停下來，說明速度大的物體慣性大B.輕物體容易上升，說明輕的物體沒有慣性C.籃球斜拋出去后軌跡為曲線，說明籃球受到的重力方向在不斷改變D.書受到的桌面支持力，是由于桌面發(fā)生微小彈性形變而產生的5、如圖所示，某人靜躺在椅子上，椅子的靠背與水平面之間有固定傾斜角θ．若此人所受重力為G，則椅子各部分對他的作用力的合力大小為A.G B.GsinθC.Gcosθ D.Gtanθ6、如圖所示，兩梯形木塊A、B疊放在水平地面上，A、B之間的接觸面傾斜，A的左側靠在光滑的豎直墻面上。關于兩木塊的受力，下列說法正確的是（）A.A、B之間一定存在摩擦力作用B.木塊A可能只受三個力作用C.木塊B可能沒有受到地面的摩擦力D.木塊B受到地面的摩擦力作用方向向右7、質點做直線運動的位移x與時間t的關系為x=5t+t2（各物理量均采用國際單位制單位），則該質點A.第1s內的位移是6m B.前2s內的平均速度是7m/sC.任意相鄰1s內的位移差都是1m D.任意1s內的速度增量都是2m/s8、物體做勻變速直線運動,從運動開始計時,在時間t內的平均速度滿足=1+t(各物理量均為國際單位),則()A.物體的初速度為零B.物體的加速度為1m/s2C.3s末物體的速度為7m/sD.第3s內物體的位移為6m9、重150N的光滑球A懸空靠在豎直墻和三角形木塊B之間,木塊B的重力為1500N,且靜止在水平地面上,如圖所示,則A.地面所受壓力的大小為1650NB.地面所受壓力的大小為1500NC.木塊B所受水平地面摩擦力大小為150ND.木塊B所受水平地面摩擦力大小N10、用輕彈簧豎直懸掛質量為m的物體，靜止時彈簧伸長量為L?，F(xiàn)用該彈簧沿斜面方向拉住質量為2m的物體，系統(tǒng)靜止時彈簧伸長量也為L。已知斜面傾角為30°，重力加速度為g，則下列說法正確的是()A.木塊受到三個作用力B.本塊所受斜面的摩擦力等于零C.斜面受到地面的摩擦力方向水平向左D.斜面對木塊的作用力大小為2mg，方向豎直向上二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，一光滑的半徑為R的半圓形軌道固定在水平面上，一個質量為m的小球先后兩次以不同的速度沖上軌道，第一次小球恰能通過軌道的最高點A之后落于水平面上的P點，第二次小球通過最高點后落于Q點,P、Q兩點間距離為R.求：(1)第一次小球落點P到軌道底端B距離；(2)第二次小球經過A點時對軌道壓力的大小.14、（14分）一長木板在水平地面上運動，在t＝0時刻將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上，以后木板運動的速度－時間圖像如圖所示．已知物塊與木板的質量相等，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦，物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上．取重力加速度的大小g＝10m/s2，求：（1）0-0.5s時物塊與木板的加速度大?。?）物塊與木板間、木板與地面間的動摩擦因數；（3）從t＝0時刻到物塊與木板均停止運動時，物塊相對于木板的位移的大小15、（13分）.某校物理課外小組為了研究不同物體水下運動特征，使用質量m=0.05kg的流線型人形模型進行模擬實驗。實驗時讓模型從h=0.8m高處自由下落進入水中。假設模型入水后受到大小恒為Ff=0.3N的阻力和F=1.0N的恒定浮力，模型的位移大小遠大于模型長度，忽略模型在空氣中運動時的阻力，試求模型：（1）落到水面時速度v的大??；（2）在水中能到達的最大深度H；（3）從開始下落到返回水面所需時間t。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解題分析】AD．當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質點，所以“遼寧艦”航母在某些情況下是可以看成質點的，如研究“遼寧艦”航母在大海中運動軌跡時，航母可以看成質點，故A錯誤，D正確；B．正在甲板上手勢指揮的調度員的動作不能忽略，不能看成質點，故B錯誤；C．艦載機的起飛速度，是以航母為參考系的，與航母航行速度有關，故C錯誤。故選D。2、C【解題分析】A．A、B始終靜止，彈簧的形變量未變，所以彈力未變，則彈簧對擋板P的拉力未變，故A錯誤；B．設斜面的傾角為θ，B在垂直斜面方向受斜面的支持力、沿斜面向下的重力的分力mgsinθ，重力的分力不變，則斜面對B的支持力不變，物塊B對斜面體A的壓力不變，故B錯誤；C．彈簧處于拉伸狀態(tài)，設彈力為F彈，B受到的摩擦力沿斜面向上，由平衡條件得：F較小時，F(xiàn)+f=F彈+mgsinθ，F(xiàn)較大時，F(xiàn)=F彈+mgsinθ+f，隨著F的增加，摩擦力f向上先減小，后反向向下增加，故C正確；D．對整體受力分析知，F(xiàn)由豎直向上的分力，所以豎直方向地面對A的支持力減小，則由牛頓第三定律可知斜面體A對地面的壓力減小，故D錯誤。故選C。3、D【解題分析】根據勻變速直線運動的位移時間公式求出2s內、4s內和5s內的位移之比，從而得出第一個2s、第二個2s、第5s三段時間內的位移之比【題目詳解】根據x＝at2得，則物體在2s內、4s內、5s內的位移之比為4：16：25，則第一個2s、第二個2s、第5s三段時間內的位移之比為4：（16-4）：（25-16）=4：12：9．故D正確，ABC錯誤．故選D4、D【解題分析】A．慣性大小的唯一量度是質量，與速度無關，故A錯誤；B．物體在任何狀態(tài)下都具有慣性，故B錯誤；C．籃球所受的重力方向是不變的，始終豎直向下，故C錯誤；D．書受到的桌面支持力，是由于桌面發(fā)生微小彈性形變而產生的，故D正確。故選D。5、A【解題分析】人受多個力處于平衡狀態(tài)，人受力可以看成兩部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分對他的作用力的合力，根據平衡條件得椅子各部分對他的作用力的合力與重力等值，反向，即大小是G，故選項A正確．【題目點撥】人受多個力處于平衡狀態(tài)，合力為零．人受力可以看成兩部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分對他的作用力的合力．根據平衡條件求解．6、BC【解題分析】AB．由于A、B間接觸面情況未知，若A、B接觸面光滑，則A、B間沒有摩擦力，此時A受重力、B對A的支持力和墻壁對A的彈力而平衡，選項A錯誤，B正確；CD．木塊B受推力F、A對B的壓力，若壓力向右的分力等于F，則地面對B沒有摩擦力，選項C正確，D錯誤。故選BC。7、ABD【解題分析】根據勻變速直線運動的位移時間公式得出物體的初速度和加速度，根據相鄰相等時間內的位移之差是一恒量，即△x=aT2，求出位移之差的大小，根據△v=at求出任意1s內的速度變化量【題目詳解】根據勻變速直線運動的位移時間關系公式，可得質點的初速度v0＝5m/s，加速度a＝2m/s2.A．將t＝1s帶入，求得x＝6m，所以第1秒的位移是6m，故A正確；B．由x＝5t+t2可得前2s內的平均速度為；故B正確.C．任意相鄰的1s內位移差：△x＝aT2＝2×12m＝2m，故C錯誤.D．任意1s內的速度增量：△v＝at＝2×1m/s＝2m/s，故D正確.故選ABD.【題目點撥】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷8、CD【解題分析】AB．根據可得，與=1+t比較可知，v0=1m/s，a=2m/s2，則選項AB錯誤；C．3s末物體的速度為選項C正確；D．第3s內物體的位移為選項D正確；故選CD。9、AD【解題分析】以A球為研究對象，分析受力情況：重力，墻的支持力和B的支持力，作出力圖：由平衡條件得知，和的合力與大小相等、方向相反，則有：；再以AB整體為研究對象，分析受力如圖：由平衡條件得：B所受的摩擦力：，方向水平向右；支持力為：，根據牛頓第三定律可知，對地面的壓力大小為，方向豎直向下，故AD正確，BC錯誤10、AB【解題分析】彈簧豎直懸掛物體時，對物體受力分析，根據共點力平衡條件有：F=mg=kL。物體放在斜面上時，假設物體受斜面的摩擦力方向向上，再次對物體受力分析如圖：根據共點力平衡條件有：F+f-2mgsin30°=0，其中F=kL，由以上解得：f=0，故A、B正確，C錯誤；斜面對木塊的作用力即為支持力，方向垂直于斜面向上，選項D錯誤。故選AB。二、實驗題11、12、三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、(1)2R(2)mg【解題分析】(1)第一次小球恰能通過軌道的最高點A，根據牛頓第二定律:解得：從A飛出后做平拋運動，聯(lián)立解得：x=2R(2)第二次小球通過最高點后落于Q點，P、Q兩點間距離為R，即為：根據牛頓第二定律：在A點設軌道對小球的彈力為N聯(lián)立解得：根據牛頓第三定律，小球經過A點時對軌道的壓力為mg14、（1），；（2）μ1＝0.20，μ2＝0.30；（3）1.125m?！窘忸}分析】（1）設t=0到t=t1時間間隔內，物塊和木板的加速度大小分別為a1和a2，由速度時間圖象可知：物塊的加速度大小m/s2①木板的加速度大小m/s2②（2）設物塊和木板的質量為m，物塊和木板間、木板與地面間的動摩擦因數分別為μ1、μ2，由牛頓第二定律得③④聯(lián)立①②③④式得μ1＝0.20⑤，μ2＝0.30⑥（3）在t1時刻后，地面對木板的摩擦力阻礙木板運動，物塊與木板之間的摩擦力改變方向．設物塊與木板之間的摩擦力大小為f，物塊和木板的加速度大小分別a′1和a′2，則由牛頓第二定律得f＝ma′1⑦2μ2mg－f＝ma′2⑧假設f＜μ1mg，則a′1＝a′2；由⑤⑥⑦⑧式得f＝μ2mg＞μ1mg與假設矛盾．故f＝μ1mg⑨由⑦⑨式知，物塊加速度的大小a′1等于a1；物塊的v－t圖像如圖中點劃線所示由運動學公式可推知，物塊和木板相對于地面的運動距離分別為⑩(11)物塊