2021年河北省唐山市高考物理二模試卷

2021年河北省唐山市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共6小題，共24.0分）

1.法國物理學(xué)家貝克勒爾發(fā)現(xiàn)自然界中有一些物質(zhì)具有天然放射現(xiàn)象，能夠發(fā)生衰變

反應(yīng)。一個(gè)靜止的免W原子核衰變一個(gè)新核豺"兒同時(shí)放出一個(gè)帶電粒子，該粒

子的動(dòng)能大小為E,動(dòng)量大小為p。下列說法正確的是（）

A.放出的帶電粒子為電子B.箝77i的結(jié)合能比毅U大

舒解八的動(dòng)能大小為落

C.銘4nl的動(dòng)量大小為落D.

2.如圖所示，在直角梯形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁

場，BC=CD=2AB=23高為2L、寬為L的矩形金屬

閉合線圈由圖中位置以向右的恒定速度勻速通過磁場區(qū)域,

其長邊始終與CQ平行。以線圈中逆時(shí)針方向?yàn)殡娏髡?/p>

向，線圈在通過磁場過程中電流隨時(shí)間變化的關(guān)系為（）

斜劈是生活中常用的一種小工具，它可以增加物體的穩(wěn)定性。

如圖，將斜劈墊在光滑小球的下端，可以使小球靜止在光滑豎

直墻壁和斜劈之間。若小球的質(zhì)量為相，斜劈尖端的角度為。，

最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列說法中正確的是（）

A.小球受到墻壁的彈力大小為

B.斜劈對小球的支持力為2Mg

C.斜劈與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)可能為警

D.增大小球的質(zhì)量，斜劈不可能向右滑動(dòng)

4.ETC（ElectronicTollCollection'）,又稱自動(dòng)道路繳費(fèi)系

統(tǒng)，該系統(tǒng)的推行有效的緩解高速公路收費(fèi)站的擁堵

現(xiàn)象。若某汽車在高速上正常行駛速度為30m/s,沿

該平直公路通過收費(fèi)站ETC通道時(shí)，其速度隨時(shí)間變

化的關(guān)系如圖所示，則ETC通道對該車行駛產(chǎn)生的時(shí)

間延誤為（）

A.8sB.20sC.26sD.4O,s-

5.隨著地球上的能源不斷消耗，尋找人類的第二家園也越發(fā)顯得重要，科學(xué)家在2014

年6月發(fā)現(xiàn)了可能宜居的系外行星開普坦-B,該行星的質(zhì)量為地球的無倍，半徑

為地球的機(jī)倍，自轉(zhuǎn)周期為地球的〃倍，下列關(guān)于行星開普坦-B說法中正確的是

()

A.重力加速度為地球的色倍

m

B.第一宇宙速度為地球的呈倍

C.赤道上物體的向心加速度為地球的黃倍

D.同步衛(wèi)星的軌道半徑為地球的不詼倍

6.為了減小電能輸送過程中的損耗，高壓送電是當(dāng)前

最有效的方式。將200V、100AW的交流電按照如圖

所示電路輸送給用戶，線路上總電阻R=4。，降壓

升壓支壓。

變壓器原副線圈的匝數(shù)比為195：11,用戶獲得電

壓為220匕升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比為（）

A.1：25B.1：20C.1：10D.1：5

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

7.車廂中用細(xì)線懸掛小球，通過細(xì)線的傾斜程度來檢測

車輛在行進(jìn)過程中的加速度。如圖所示，質(zhì)量相同的

兩個(gè)光滑小球通過輕質(zhì)細(xì)線分別系于車的頂部，左側(cè)

小球與車廂左側(cè)壁接觸，兩細(xì)線與豎直方向的夾角相同，拉力大小分別為71和72。

下列說法正確的是（）

A.車可能正在向右做加速運(yùn)動(dòng)B.兩細(xì)線的拉力7\=T2

c.當(dāng)汽車加速度增大時(shí)，n變小D.當(dāng)汽車加速度減小時(shí)，B增大

8.某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中一條豎直電場線如圖甲所示，一帶正電小

球從O點(diǎn)以初速度％開始沿電場線向上運(yùn)動(dòng)，以。點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，取豎直向上為x

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軸正方向，小球的速度與時(shí)間的關(guān)系如圖乙中實(shí)線所示。另一不帶電小球由。點(diǎn)以

相同初速度開始運(yùn)動(dòng)，速度與時(shí)間關(guān)系如圖中虛線所示，不計(jì)空氣阻力，從。到與

過程中()

A.電場強(qiáng)度豎直向上B.電勢逐漸升高

C.小球A所受的電場力變小D.小球A的電勢能減小

9.如圖甲所示，一輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有質(zhì)量為加物塊尸，彈簧

形變量為和，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做

勻加速直線運(yùn)動(dòng)。用x表示尸離開初始位置的位移，向上拉力尸和x之間關(guān)系如圖

乙所示。從拉力尸作用在物塊上開始到彈簧恢復(fù)原長的過程中，下列說法正確的是

()

T

A.系統(tǒng)機(jī)械能的變化量為(2a-mg)x0

B.物塊P的動(dòng)能變化量大小為(a-mg)x0

C.彈簧的彈性勢能變化量大小為

D.物塊P的重力勢能變化量大小為2僧9與

10.如圖所示，寬度為i〃?的光滑平行導(dǎo)軌位于豎直向下y產(chǎn)y

的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為17,將質(zhì)量均為/

Mg的導(dǎo)體棒M、N垂直放在導(dǎo)軌上，軌道電阻與摩

擦均不計(jì)，每根導(dǎo)體棒電阻為10。現(xiàn)給導(dǎo)體棒M施加大小為10N的平行于導(dǎo)軌的

外力，導(dǎo)體棒M、N始終垂直于導(dǎo)軌，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，下列說法正確的是()

A.導(dǎo)體棒M的加速度為5m/s?B.導(dǎo)體棒M的速度為5m/s

C.回路中感應(yīng)電動(dòng)勢為5yD.流過導(dǎo)體棒”的電流為5A

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共15.0分)

11.某實(shí)驗(yàn)小組通過如圖甲所示裝置探究輕質(zhì)橡皮筋彈力與長度的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)步驟如下:

①將橡皮筋一端固定在長木板的左端，皮筋另一端系一段細(xì)線，細(xì)線跨過長木板

右端的定滑輪與小桶相連；

②向小桶內(nèi)注入一定質(zhì)量的細(xì)沙，穩(wěn)定后測量橡皮筋的長度/;

③取出細(xì)沙，并測量細(xì)沙的質(zhì)量網(wǎng)

④重復(fù)(2)、(3)步驟，獲得多組對應(yīng)的〃八/數(shù)值；

⑤描點(diǎn)連線，得到1-租的關(guān)系圖線如圖乙所示。

完成下列填空：

(1)已知重力加速度為g,橡皮筋的勁度系數(shù)為。

(2)乙圖中縱截距的數(shù)值______橡皮筋的原長(填“大于”、“等于”或“小于”)。

(3)下列情況對勁度系數(shù)測量有影響的是。

A.橡皮筋與長木板不平行

B.定滑輪不光滑

C細(xì)線質(zhì)量不可忽略

D未考慮小桶質(zhì)量

12.一金屬線材電阻未知且電阻分布不均勻，為了測量其阻值并將其截為阻值相等的兩

段，實(shí)驗(yàn)研究小組設(shè)計(jì)了如圖1所示電路，實(shí)驗(yàn)器材如下：

未知電阻，阻值約為4.80；

微安表(零刻度在表盤中間)，一段接導(dǎo)線，另一端接表筆；

定值電阻收,阻值為10。：

電阻箱/?2，阻值。?99.90:

電流表，量程。?0.6A,內(nèi)阻R4=10；

電壓表，量程0?3.0V,內(nèi)阻約為30000；

滑動(dòng)變阻器，0?100；

電源，電動(dòng)勢為3匕

電鍵，導(dǎo)線若干。

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實(shí)驗(yàn)過程如下：

(1)按圖1連接電路，閉合電鍵之前，將滑動(dòng)變阻器的滑片滑到最端(填“左”

或“右”);

(2)將電阻箱/?2的阻值調(diào)整到0，閉合電鍵；

(3)將滑動(dòng)變阻器/?3的滑片調(diào)節(jié)到合適位置，連接微安表的表筆與未知電阻試觸，

防止微安表電流過大，不斷改變表筆在未知電阻上的接觸位置，直到時(shí)，

記錄此次接觸點(diǎn)的位置，即為等分電阻的位置；

(4)保持表筆與記錄的接觸位置的接觸，如圖2所示，讀出此時(shí)電流表和電壓表的

讀數(shù)分別為V和4

(5)通過兩表讀數(shù)可以得到未知電阻的阻為0。

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共47.0分)

13.平面直角坐標(biāo)系xOy中，直線。尸與x軸正方向的夾角t\,B,.

為30。，其上方存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，下方存在*1**/

勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度與x軸負(fù)方向的夾角為60。，如圖所以支7/7用

示。質(zhì)量為，小電荷量為4的帶正電粒子，以速度v從7//網(wǎng)/

坐標(biāo)原點(diǎn)沿y軸正方向進(jìn)入磁場，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后由P點(diǎn)進(jìn)入電場，最后由x軸上的

Q點(diǎn)離開電場。已知0、P兩點(diǎn)間距離為LPQ連線平行于)，軸。求：

(1)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；

(2)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度及

14.質(zhì)量為mi的長木板A靜止放在水平地面上，其左端位于。點(diǎn)，質(zhì)量為m2的小滑塊

B放在木板的右端，如圖所示，0點(diǎn)左側(cè)的地面光滑，右側(cè)的地面粗糙。質(zhì)量為小。

的物體C以初速度為=8m/s從左側(cè)向。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，與木板發(fā)生彈性碰撞。已知小。=

1.0kg，巾1=3.0kg,m2=1.0kg,長木板與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)出=。-4，重力

加速度g=10m/s2,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。求：

(1)物體C與木板A碰撞后瞬間木板的速度巧；

(2)當(dāng)木板A與滑塊8共速之后有兩種可能的運(yùn)動(dòng)情況，第一種運(yùn)動(dòng)情況是一起相

對靜止在地面上減速滑行，第二種運(yùn)動(dòng)情況繼續(xù)發(fā)生相對滑動(dòng)，直至都停下來。試

分析發(fā)生第一種運(yùn)動(dòng)情況時(shí)，。點(diǎn)右側(cè)地面動(dòng)摩擦因數(shù)內(nèi)的取值范圍：

(3)若最終滑塊8停在木板4的左端，經(jīng)測量木板的長度L=1.0m,若滑塊可視為

質(zhì)點(diǎn)，請計(jì)算O點(diǎn)右側(cè)地面與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)外的數(shù)值。

B

15.如圖所示，內(nèi)壁光滑的氣缸開口向上放置，在距離氣

缸底部色=12cm處有卡口可以阻礙活塞通過，質(zhì)量均

為小的活塞A、B分別靜止于卡口的上方和下方，封閉

了兩部分高度均為七=9cm的氣體，此時(shí)封閉氣體的

溫度均為A=300K,氣缸和兩個(gè)活塞中只有活塞B能

夠?qū)崆覍?dǎo)熱性能良好，大氣壓強(qiáng)為po,氣缸的橫截

面積為5?，F(xiàn)通過電熱絲加熱，使兩部分氣體溫度緩慢上升到△=500K,求:

(1)此時(shí)下方氣體的壓強(qiáng);

(2)活塞A上升的距離。

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16.截面為直角梯形的玻璃磚ABC。，折射率《=聲，一束光線

由AB面射入玻璃磚，入射角i=45。，如圖所示。光線首先

到達(dá)BC面，恰好發(fā)生全反射，然后到達(dá)CQ面。求：

(1)頂角8的大?。?/p>

(2)若玻璃磚在A3方向足夠長，光線從AO邊出射時(shí)的折射

角。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒得到衰變方程為：HSUTh+^He,可知

放出的帶電粒子為a粒子（氫核），故A錯(cuò)誤；

B、雖然衰變的過程中釋放能量，總結(jié)合能增大，但衰變生成的a粒子“帶走了“一部

分的結(jié)合能，所以的紀(jì),7%結(jié)合能不一定比的汨大，故B錯(cuò)誤；

C、靜止的U核發(fā)生衰變的過程中動(dòng)量守恒，所以器“Th核的動(dòng)量與a粒子的動(dòng)量大小相

等，方向相反，所以核的動(dòng)量大小也是p,故C錯(cuò)誤；

D、設(shè)a粒子的速度為丫，針核的反沖速度大小為M,由動(dòng)量守恒定律，得：0=巾一一

mThv',

a粒子的質(zhì)量數(shù)為4,7〃核的質(zhì)量數(shù)為234,

解得：，=詈=*女

m7Tl117

2

a粒子的動(dòng)能：E=|mav

2

Th核的動(dòng)能：E'=^mThv'

所以：E'=*E,故。正確。

故選：Do

根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒寫出衰變方程；衰變的過程中釋放能量，總結(jié)合能增大，但衰

變生成的a粒子帶走了一部分的結(jié)合能；根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出衰變后牡的動(dòng)量大小，

然后求出速度大小和動(dòng)能的大小。

本題考查了衰變方程的書寫和動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，核反應(yīng)過程滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷

數(shù)守恒，要注意元素左上角為質(zhì)量數(shù)，左下角為電荷數(shù)，二者之差為中子數(shù).掌握動(dòng)量

守恒定律，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記基本概念和基本規(guī)律.

2.【答案】C

【解析】解：線圈進(jìn)入磁場過程中磁通量向里增加，根據(jù)楞次定律可得電流方向?yàn)槟鏁r(shí)

針（為正）；

在線圈左邊沒有進(jìn)入磁場過程中，有效切割長度逐漸增大，根據(jù)？=第可知感應(yīng)電流逐

漸增大；

當(dāng)線圈左邊剛進(jìn)入磁場，左邊也突然切割磁感應(yīng)線，有效切割長度突然減小，感應(yīng)電流

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突然減??；

當(dāng)線圈左邊進(jìn)入磁場后，右邊沒有離開磁場前，有效切割長度不變，則感應(yīng)電流不變;

當(dāng)線圈右邊離開磁場后，線圈內(nèi)的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)

針(負(fù)值)，且有效切割長度逐漸增大，感應(yīng)電流逐漸增大。

故C正確、A3。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向，根據(jù)有效切割長度的變化分析電流大小的變化，由此

得出正確的圖象。

對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問題，經(jīng)常是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方向，根據(jù)

法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時(shí)間變化關(guān)系，由此進(jìn)行分

析。

3.【答案】C

【解析】解：AB、以小球?yàn)檠芯繉ο?，受力分析如圖，由平衡條件得，小球受到墻壁

的彈力“2=mgtcm。，斜劈對小球的支持力為FNI=弓/故AB錯(cuò)誤；

C、以整體為研究對象，斜劈受到地面的支持力等于整體重力FN1C--.

FN=(M+m)g,斜劈受到地面的摩擦力等于墻壁對球的彈力L\

f=FN2=mgtand,因系統(tǒng)靜止，由f=mgtand<“(M+m)g)兇FH,

得，~tanS,當(dāng)M=m時(shí)，M|tan8,因斜劈質(zhì)量M未

知，所以斜劈與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)可能為竽，故C正確；ma

。、假設(shè)此時(shí)系統(tǒng)恰好處于靜止，對整體由平衡條件有：

mgtand=+m)g,設(shè)小球的質(zhì)量增大△!?!,則墻壁對小球的彈力增大△mgtcm。，

地面對斜劈的彈力增大〃△mg,若〃<tand,則〃△mg<△mgtand,這時(shí)墻壁對球的

彈力大于地面對斜劈的最大靜摩擦力，斜劈向右滑動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

以小球?yàn)檠芯繉ο?，用平衡條件求解小球受到的彈力；以整體為研究對象，求解斜劈與

地面間的靜摩擦力和彈力，進(jìn)而分析斜劈與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

本題考查了共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用，此題的難點(diǎn)在于小球和斜劈的質(zhì)量關(guān)系、地面和斜

劈間的動(dòng)摩擦因數(shù)都不確定，可以用特殊值的方法去分析。

4.【答案】B

【解析】解：根據(jù)u-t圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，貝！11-41s內(nèi)汽車的位移為

廠

x=-3-0-+--5x5m4-?5lx8cmH-.--5--+-3--0x27m=600m

22

汽車以30m/s的速度勻速通過600m的時(shí)間為t勻=?==20s

故ETC通道對該車行駛產(chǎn)生的時(shí)間延誤為At=t變-t勻=40s-20s=20s,故ACD

錯(cuò)誤，B正確。

故選：Bo

根據(jù)圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，求出1-41S內(nèi)汽車的位移，由t=：求出

汽車勻速通過這段位移的時(shí)間，從而求得ETC通道對該車行駛產(chǎn)生的時(shí)間延誤。

解決本題的關(guān)鍵要理解延誤時(shí)間的意思，知道延誤時(shí)間等于汽車通過ETC的實(shí)際時(shí)間

與勻速通過ETC的時(shí)間之差。分析時(shí)要抓住u-t圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移。

5.【答案】C

【解析】解：人設(shè)任一行星的質(zhì)量為仞，衛(wèi)星的質(zhì)量為，小行星的半徑為凡行星表

面的重力加速度為g。

根據(jù)萬有引力等于重力，得G鬻=mg,則g專

行星開普坦-B表面重力加速度與地球表面重力加速度之比為'=2?普=j故4

g地降m

錯(cuò)誤；

B、設(shè)行星的第一宇宙速度大小為人根據(jù)萬有引力提供向心力，得G等=小藝，得"=

R2R

聆，則行星開普坦一B與地球的第一宇宙速度之比為最，?言==有，故

B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)向心加速度公式a=與/?可知，行星開普坦-8赤道上物體的向心加速度與地球

T2

赤道上物體的向心加速度之比為3=卜.矍=771弓=芻故C正確：

a地R地丁開71n

。、設(shè)行星的同步衛(wèi)星的軌道半徑為匕根據(jù)萬有引力提供向心力，得

G哭=加等r,得r=j萼，則行星開普坦-B同步衛(wèi)星的軌道半徑與地球同步衛(wèi)星

的軌道半徑之比為"=3舞=硒，故。錯(cuò)誤。

故選：C?

根據(jù)萬有引力等于重力列式，得到星球表面重力加速度表達(dá)式，再求行星開普坦表

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面重力加速度與地球表面重力加速度之比；根據(jù)萬有引力提供向心力，得到第一宇宙速

度表達(dá)式，求行星開普坦-B與地球的第一宇宙速度之比；由。=求赤道上物體的

向心加速度之比；根據(jù)萬有引力提供向心力，求同步衛(wèi)星的軌道半徑之比。

本題的關(guān)鍵要掌握萬有引力定律應(yīng)用的兩條基本思路：一、萬有引力提供向心力；二、

萬有引力等于重力。要熟練運(yùn)用比例法進(jìn)行解答。

6.【答案】B

【解析】解：由題意知：輸送功率尸=100kw,輸送電壓Ui=200V,設(shè)升壓后的電壓

為出，則:S=S

P

輸電線上的電流：

輸電線上損耗的電壓：U損=b,R

降壓變壓器上的輸入電壓：3=4-u損

對降壓變壓器：祟=票

U

4n4

聯(lián)立可得：

故3正確，ACQ錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)變壓器變壓比公式m=?求出升壓變壓器上的輸出電壓，求出降壓變壓器上的輸入

電壓，根據(jù)輸送功率與電流的關(guān)系求出輸送電流，明確導(dǎo)線上損耗的電壓，然后聯(lián)立即

可求出。

解答該題關(guān)鍵根據(jù)變壓比公式和功率關(guān)系公式列式求解，明確用戶得到的功率等于發(fā)電

機(jī)提供的功率減去功率消耗，不難.

7.【答案】AB

【解析】解：A、2小球受到斜向右上方繩子的拉力和豎直向下的重力，合力的方向水

平向右，小球和車相對靜止，有相同的加速度，故車的加速度向右，故小車可能向右加

速運(yùn)動(dòng)，故A正確；

C、對1球受力分析如圖1：

圖1

在豎直方向上，Txcos6=mg

因?yàn)?。不變?;不變,

二mg

1cos。

當(dāng)加速度增大時(shí)，G不變，故C錯(cuò)誤;

B、對2球受力分析如圖2：

繩子的拉力和重力的合力水平向右,

T二mg

2COS0

所以71=R,故8正確;

D、繩子的拉力72=2+F1

當(dāng)汽車加速度減小時(shí)，合力減小,

所以72減小。故。錯(cuò)誤。

故選：AB?

對小球1受力分析，在豎直方向列方程求出7\,對球2受力分析根據(jù)力的合成求72,找

到繩子拉力有關(guān)的因素解題。

解題的關(guān)鍵是分別對小球受力分析，找到繩子的拉力和什么因素有關(guān)。

8.【答案】AD

【解析】解：ABD、不帶電小球從。點(diǎn)開始做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，加速度為重力加速度;

帶正電小球從。點(diǎn)開始向上做減速，且加速度小于重力加速度，說明其電場力向上，則

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電場強(qiáng)度方向豎直向上，

由于沿電場線方向電勢降低，所以從。到與過程中電勢逐漸減小，帶正電小球的電勢能

也減小，故A。正確，B錯(cuò)誤；

C、帶正電小球從。點(diǎn)開始向上做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律mg-F=

ma可知，加速度a減小，則帶電小球受到的電場力尸增加，故C錯(cuò)誤。

故選：AD.

根據(jù)圖象可知小球做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖像的斜率可以判斷加速度變化情況，結(jié)合牛頓第

二定律判斷電場力的變化情況，進(jìn)而判斷場強(qiáng)的方向和電勢的高低變化；

9.【答案】BC

【解析】解：設(shè)物塊的加速度大小為“，初狀態(tài)拉力為力,則有：&=ma；在彈簧恢

復(fù)原長時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得：Fx-mg=ma,

聯(lián)立解得：Fo=-mg,a=，二

4、系統(tǒng)機(jī)械能的變化量等于拉力做的功，根據(jù)F-x關(guān)系圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示

拉力做的功可知，必=等沏=-：mg)xo,所以系統(tǒng)機(jī)械能的變化量為(Fi-

^mg)x0,故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)動(dòng)能定理可得，合外力做的功等于動(dòng)能的變化，則有：△Ek=max。=(&-

mg)xQ9故B正確；

C、初狀態(tài)彈簧彈力為機(jī)g,末狀態(tài)彈簧彈力為零，彈簧彈力隨位移成線性變化，則彈簧

彈力做的功為：W^=^x0=lmgx0,根據(jù)功能關(guān)系可得彈簧的彈性勢能變化量大

小為號mgx0,故C正確；

D、物塊P的重力勢能變化量大小等于克服重力做的功，則有△EP=mgx0,故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)尸-x關(guān)系圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示拉力做的功結(jié)合功能關(guān)系求解系統(tǒng)機(jī)械能

的變化量；根據(jù)動(dòng)能定理求解動(dòng)能的變化；求出彈簧彈力做的功，根據(jù)功能關(guān)系求解彈

性勢能的變化；根據(jù)重力勢能變化量大小等于克服重力做的功求解物塊P的重力勢能變

化量大小。

本題主要是考查功能關(guān)系，關(guān)鍵是能夠分析能量的轉(zhuǎn)化情況，知道重力勢能變化與重力

做功有關(guān)、動(dòng)能的變化與合力做功有關(guān)、機(jī)械能的變化與除重力或彈力以外的力做功有

關(guān)，掌握變力做功的計(jì)算方法。

10.【答案】AO

【解析】解：A、對導(dǎo)體棒M分析可知，水平方向受到恒定的外力尸和安培力，隨著速

度增大，安培力逐漸增大，加速度逐漸減小，所以開始導(dǎo)體棒M做加速度逐漸減小的

加速直線運(yùn)動(dòng)；對導(dǎo)體棒N分析，水平方向受到安培力作用，隨著安培力的增大、加速

度逐漸增大，所以導(dǎo)體棒N開始做加速度逐漸增大的加速直線運(yùn)動(dòng)；當(dāng)導(dǎo)體棒M的加

速度與導(dǎo)體棒N的加速度相同時(shí)，二者保持恒定的速度差，安培力不再變化，穩(wěn)定后二

者的加速度相同，對整體根據(jù)牛頓第二定律可得：F=2ma,解得：a=5=^-m/s2=

5m/s2,故A正確；

3、穩(wěn)定后導(dǎo)體棒"做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度不斷的增加，故8錯(cuò)誤；

C。、對N根據(jù)牛頓第二定律可得:BIL=ma,解得回路中的電流為:/=警=衿4=54

DL1X1

所以通過M和N的電流強(qiáng)度均為5A；

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢：E=/x2R=5x2xlV=10IZ,

故C錯(cuò)誤、。正確。

故選：ADo

以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大??；再對N根據(jù)牛頓第二定律求解

回路中的電流，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢。

本題主要是考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的電路問題和力學(xué)問題，能夠以整體為研究對象分析加

速度大小，弄清楚最后二者的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合閉合電路的歐姆定律進(jìn)行分析。

11.【答案】濘1g大于BC

12Tl

【解析】解：(1)設(shè)小桶的質(zhì)量為m，，橡皮筋的原長為橡皮筋的勁度系數(shù)為h

根據(jù)胡克定律得

(m+m')g—kx=k(l—/0)

可得』詈+(詈+%)

可知I—m圖像的斜率k豺號

12Tl

由圖可得卜斜=

m2-7n1

聯(lián)立解得k=

第14頁，共19頁

(2)乙圖中縱截距的數(shù)值為6=等+。，則b＞。，即乙圖中縱截距的數(shù)值大于橡皮筋

的原長。

(3)4、橡皮筋與長木板是否平行，不影響橡皮筋的彈力大小，因而不影響對勁度系數(shù)的

測量，故A錯(cuò)誤；

8、定滑輪不光滑，將影響橡皮筋的彈力大小，從而影響橡皮筋的伸長量，會(huì)影響對勁

度系數(shù)的測量，故B正確；

C、細(xì)線質(zhì)量不可忽略時(shí)，影響橡皮筋的伸長量，會(huì)影響對勁度系數(shù)的測量，故C正確；

。、由1-ni可知小桶質(zhì)量影響縱截距的數(shù)值，不影響圖像的斜率大小，即不影響對勁度

系數(shù)的測量，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

故答案為：(1)*笠9;(2)大于；(3)BCo

(1)根據(jù)胡克定律列式分析I-m圖像的斜率表示的物理意義，即可求橡皮筋的勁度系數(shù)。

(2)根據(jù)胡克定律分析m=0時(shí)彈簧的長度，從而確定乙圖中縱截距的數(shù)值與橡皮筋的原

長關(guān)系。

(3)根據(jù)胡克定律分析哪些因素影響勁度系數(shù)。

本題關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理：胡克定律，知道在胡克定律公式尸=依中，x是形變量，不

是彈簧或橡皮筋的長度，要通過胡克定律得到解析式，來分析圖像的物理意義。

12.【答案】右10微安表的示數(shù)為零2.500.506.7

【解析】解：(1)為了保護(hù)電路，應(yīng)使滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，所以滑片應(yīng)滑

到最右端；

(2)根據(jù)以下的實(shí)驗(yàn)過程，由電橋法測電阻的原理，要使微安表的示數(shù)為零，則下下兩

路的電阻成正比，所以要將電阻箱調(diào)到&=1。。；

(3)根據(jù)電橋法的原理和要求，調(diào)節(jié)滑片位置，但最終要使微安表的示數(shù)為零；

(4)電流表的量程是0.64最小分度為0.024所以讀數(shù)為0.504。電壓表的量程為3匕

最小分度為0.1人所以讀數(shù)為2.50八

(5)由題意知，電表分別測量的是總電流和總電壓，那么R=?=怨0=5.00,而根據(jù)

電路結(jié)構(gòu)知R=*+：?=普,聯(lián)立解得：勺=670。

故答案為:(1)右;(2)10(3)流過微安表的電流為零(4)2.50；0.50(5)6.7

(1)分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)安全性的原則要使連入電路的電阻值最大；

(2)根據(jù)電橋法測電阻的原理，確定電阻箱的阻值；

(3)根據(jù)電橋法的實(shí)驗(yàn)要求，要使微安表的示數(shù)為零，上下兩路的兩電阻均等分；

(4)根據(jù)電表的量程和最小分度讀出兩電表的讀數(shù)；

(5)根據(jù)閉合電路歐姆定律和電路結(jié)構(gòu)求解待測電阻。

本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，要注意正確分析電路結(jié)構(gòu)，明確實(shí)驗(yàn)原理，從而確

定實(shí)驗(yàn)方法；本題關(guān)鍵明確最后三問中電橋法測電阻的正確應(yīng)用，掌握電路分析的基本

方法。

13.【答案】解：(1)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)軌跡半，y

...B..

徑為

由幾何關(guān)系L=2Rsin60°/

聯(lián)立可得8二誓"WX/""

(2)粒子進(jìn)入電場時(shí)，速度方向與邊界。P的夾角為'>*>'

60°,有幾何關(guān)系可知，速度和電場垂直。

粒子在電場中的位移為x,則由幾何關(guān)系和類平拋規(guī)律有：

在垂直于電場線方向：xPQ=Lsin30°xxsin30°=vt

在沿電場方向上：xcos30°=1at2

根據(jù)牛頓第二定律有：Eq-ma

聯(lián)立可得E=%叱

qL

答：(1)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B為管；

(2)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E為空警。

【解析】(1)由題設(shè)條件和幾何關(guān)系求得粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，由洛倫茲力提供

向心力求得磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；

(2)先判斷出進(jìn)入電場的速度方向恰垂直于電場線，即粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋

規(guī)律和幾何關(guān)系求解電場強(qiáng)度的大小。

本題考查帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)運(yùn)用洛倫茲力提供向心力結(jié)合

幾何關(guān)系求解，類平拋運(yùn)動(dòng)運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成和分解牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解，

解題關(guān)鍵是要作出軌跡圖，正確運(yùn)用數(shù)學(xué)幾何關(guān)系，分析好從電場射入磁場銜接點(diǎn)的速

度大小和方向。

14.【答案】解：(1)4、C發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，

第16頁，共19頁

設(shè)碰撞后C的速度為%1，A的速度為％,以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：movo

m0v01+團(tuán)1%

由機(jī)械能守恒定律得：詔=\movoi+|mlVl

代入數(shù)據(jù)解得：v01=-4m/s,v1=4m/s,

(2)4、8共速后相對靜止一起做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，

對A、B整體，由牛頓第二定律得：〃1(巾1+巾2)9=(巾1+巾2)。

設(shè)二者間靜摩擦力大小為了,對滑塊B,由牛頓第二定律得：f=m2a

由于二者間為靜摩擦力/<R2mg

代入數(shù)據(jù)解得：死<0.4

(3)由第(2)問可知，若出￡的,滑塊相對木板向左滑動(dòng)到共速后會(huì)相對靜止。

若生>〃2,滑塊相對木板向左滑動(dòng)到共速后會(huì)繼續(xù)相對木板向右滑動(dòng)，不可能停止板

的左端，

所以地面動(dòng)摩擦因數(shù)〃1<0.4o設(shè)滑塊滑動(dòng)到共速經(jīng)歷時(shí)間為t,共速速度為v,

木板長度為二者位移只差：竽=L

對滑塊B,由動(dòng)量定理得：/z27n25t=m2v

木板位移：％=竽1

nl

對木板，由動(dòng)能定理得：一〃101+m2)gx-422gx=之砧盧一3ml相

代入數(shù)據(jù)解得：Mi=0.2

答：(1)物體C與木板A碰撞后瞬間木板的速度%大小是4m/s,方向向右。

(2)。點(diǎn)右側(cè)地面動(dòng)摩擦因數(shù)出的取值范圍是〃1<0.4；

(3)。