2024屆江蘇省蘇州市蘇苑高級中學高二物理第一學期期中考試模擬試題含解析

2024屆江蘇省蘇州市蘇苑高級中學高二物理第一學期期中考試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，用OA、OB、AB三根輕質絕緣繩懸掛兩個質量均為m、帶等量同種電荷的小球(可視為質點)，三根繩子處于拉伸狀態(tài)，且構成一個正三角形，AB繩水平，OB繩對小球的作用力大小為T．現(xiàn)用絕緣物體對右側小球施加一水平拉力F，使裝置靜止在圖所示的位置，此時OA繩豎直，OB繩對小球的作用力大小為T′．根據以上信息可以判斷T和T′的比值為()A． B． C． D．條件不足，無法確定2、關于電源的電動勢，下列說法中正確的是()A．同一電源接入不同的電路，電動勢會發(fā)生變化B．電動勢公式E＝Wq中的W與電勢差公式U＝Wq中的C．電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量D．通常1號干電池比7號干電池的體積大，所以1號干電池比7號干電池的電動勢大3、圖中虛線為電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質量相等，所帶電荷的絕對值也相等．現(xiàn)將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示．點a、b、c為實線與虛線的交點，已知O點電勢高于c點．若不計重力，則A．M帶負電荷，N帶正電荷B．N在a點的速度與M在c點的速度大小相同C．N在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功D．M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零4、關于同一電場的電場線，下列表述正確的是A．電場線是客觀存在的B．電場線越密，表示電場強度越大C．沿著電場線方向電場強度變大D．電場線可以交叉或重合5、下列關于電荷、電荷量的說法正確的是（）A．自然界存在三種電荷：正電荷、負電荷和元電荷B．物體所帶的電荷量可以是任意值C．物體的帶電量可以是2×10﹣19CD．物體所帶的電荷量只能是某些特定的值，為元電荷的整數倍6、有關磁感應強度的下列說法，正確的是()A．磁感應強度是用來表示磁場強弱的物理量B．若有一小段通電導體在某點不受磁場力的作用，則該點的磁感應強度一定為零C．由定義式B＝可知，電流強度I越大，導線L越長，某點的磁感應強度就越小D．若有一小段長為L，通以電流為I的導體，在磁場中某處受到的磁場力為F，則該處磁感應強度的大小一定是二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，圓環(huán)形導體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路.若將滑動變阻器的滑片P向上滑動，下面說法中正確的是A．穿過線圈a的磁通量變小B．線圈a有收縮的趨勢C．自上往下看，線圈a中將產生順時針方向的感應電流D．線圈a對水平桌面的壓力FN8、關于第一宇宙速度，下列說法正確的是（）A．它是人造地球衛(wèi)星繞地球運行的最大速度B．它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道運行的速度C．它是人造地球衛(wèi)星進入近地軌道的最小發(fā)射速度D．把衛(wèi)星發(fā)射到越遠的地方越容易9、繞有線圈的鐵芯直立在水平桌面上，鐵芯上套著一個鋁環(huán)，線圈與電源、開關相連，如圖所示.線圈上端與電源負極相連，閉合開關的瞬間，鋁環(huán)向上跳起.若保持開關閉合，則（）A．鋁環(huán)跳起到某一高度后將回落B．鋁環(huán)停留在某一高度C．鋁環(huán)不斷升高D．如果電源的正、負極對調，觀察到的現(xiàn)象不變10、一簡諧橫波在x軸上傳播，在某時刻的波形如圖所示。已知此時質點F的運動方向沿y軸負方向，則A．此波沿x軸負方向傳播B．質點D此時沿y軸正方向運動C．質點C將比質點B先回到平衡位置D．質點E的振幅為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖為一簡單歐姆表原理示意圖,其中電流表的滿偏電流Ig=300μA,內阻Rg=100Ω,可變電阻R的最大值為10KΩ,電池的電動勢E=1.5V,內阻r=0.5Ω,圖中與接線柱A相連的表筆顏色應是_____色.按正確使用方法測量電阻Rx的阻值時,指針指在刻度盤的正中央,則Rx=_______KΩ.若該歐姆表使用一段時間后,電池的電動勢變小、內阻變大,但此表仍能調零,按正確使用方法再測上述Rx,其測量結果與原結果相比將_______(填“變大”、“變小”12．（12分）在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，測出了單擺在擺角小于5°時完成n次全振動的時間為t，如圖（A）所示用毫米刻度尺測得擺線長為L，又用游標卡尺測得擺球直徑為d，如圖（B）所示。（1）由圖可知擺球直徑是______cm，單擺擺長是______m。（2）實驗中某同學每次的測定值都比其它同學偏大，其原因可能是______A．他的擺球比別的同學重B．他的擺沒在豎直面內擺動，而成了圓錐擺C．數擺動次數時，在記時的同時，就開始數1，誤將29次全振動記成了30次D．直接將線長作為擺長來計算（3）利用單擺周期公式測定重力加速度時測出不同擺長L時相應周期值T，做T2-L圖線，如圖所示。T2與L的關系式T2=______，利用圖線上任兩點A、B的坐標（x1，y1）、（x2，y2）可求出圖線的斜率k=______，再由k可求出g=______。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，傾角為的斜面處于豎直向下的勻強電場中，在斜面上某點以初速度為水平拋出一個質量為m的帶正電小球，小球在電場中受到的電場力與小球所受的重力相等，地球表面重力加速度為g，設斜面足夠長，問：（1）小球經多長時間落到斜面？（2）從水平拋出至落到斜面的過程中，小球的電勢能如何變化？變化了多少？14．（16分）如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內阻r=1Ω，當接入固定電阻R=4Ω時，電路中標有“3V6W”的燈泡L和內阻r′=0.5Ω的小型直流電動機均恰能正常工作，求：⑴電路中的電流強度；⑵電動機的輸出功率；⑶電源的效率．15．（12分）飛行時間質譜儀研究，我國再獲技術成果。其原理如圖所示，它可以根據測出帶電粒子的飛行時間對氣體分子進行分析。在真空狀態(tài)下，自脈沖閥P噴出微量氣體，經激光照射產生不同正離子，自a板小孔進入a、b間的加速電場，從b板小孔射出，沿中線方向進入M、N板間的方形區(qū)域，然后到達緊靠在其右側的探測器。已知極板a、b間的電壓為，間距為d，極板M、N正對且長度和間距均為L，測出某一離子從a板到b板的飛行時間為t，不計離子重力及經過a板時的初速度。(1)求該離子的比荷；(2)若在M、N間加上偏轉電壓U，為保證上述離子能直接打在探測器上，求U與的關系。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】試題分析：①圖中，對B球受力分析，受重力、OB繩子拉力T、AB間的庫侖力，如圖所示：根據平衡條件，有：；②圖中，先對小球A受力分析，受重力、AO繩子的拉力，AB間的庫侖力以及AB繩的拉力，由于A處于平衡狀態(tài)，則AB繩的拉力與庫侖力大小相等，方向相反，再對B球受力分析，受拉力、重力和OB繩子的拉力，AB間的庫侖力以及AB繩的拉力，而AB間的庫侖力以及AB繩的拉力的合力為零，圖中可以不畫，如圖所示；根據平衡條件，有：T′=2mg；可見T′=T，即，故選A．考點：物體的平衡2、C【解題分析】

同一電源的電動勢是不變的，與外電路無關，選項A錯誤；電動勢公式E＝Wq中的W與電勢差公式U＝Wq中的W是不一樣的，前者是非靜電力做功，后者是電場力做的功，選項B錯誤；電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量，選項C正確；1號干電池和7號干電池的電動勢相同，都是1.5V，只不過是1號干電池的容量較大，選項D3、D【解題分析】

A．由于O點電勢高于c點．電場強度方向向下，根據MN粒子的運動軌跡可知N受到的電場力向上，M受到的電場力向下，N帶負電，M帶正電，A錯誤；B．根據題意可知，而且電場力都做的是正功，而且電荷和質量大小相等，根據動能定理得，N在a點的速度與M在c點的速度大小不等，B錯誤；C．N在從O點運動至a點的過程中受到的電場力向上，軌跡運動方向也向上，故電場力做正功，C錯誤D．圖中的虛線為等勢線，即O點和b點的電勢相等，所以M點從O點到b點的過程中電場力對粒子做功等于零，D正確；4、B【解題分析】

電場線是為了形象的描述電場強弱和方向引入的，并非實際存在的，電場線的疏密表示場強的強弱，電場線不能相交；【題目詳解】A、電場線是為了形象的描述電場強弱和方向引入的，并非實際存在的，故A錯誤；

B、電場線的疏密表示場強的強弱，電場線密的地方電場強度大，疏的地方電場強度小，故B正確；

C、電場線的疏密表示場強的強弱，與是否沿電場線的方向無關．故C錯誤；

D、電場線的切線方向表示該點場強方向，所以兩條電場線不能相交，否則，交點將有兩個不同的方向，這是不可能的．故D錯誤．【題目點撥】本題考查對電場線的理解，要注意明確電場線中箭頭的指向表示場強的方向，而電場線的疏密表示電場的強弱．5、D【解題分析】

A．自然界存在兩種電荷：正電荷、負電荷，選項A錯誤；BCD．物體所帶的電荷量只能是某些特定的值，為元電荷1.6×10﹣19C的整數倍，即物體的帶電量不可以是2×10﹣19C，選項BC錯誤，D正確；故選D.6、A【解題分析】磁感應強度是用來表示磁場強弱的物理量；故A正確；通電導體如果平行于磁場放置，則其不受磁場力，但B不會為零；故B錯誤；B是由導體本身的性質決定的，與F及IL無關；故C錯誤；只有B與IL相互垂直時，磁感應強度的大小才是；故D錯誤；故選A．點睛：磁感應強度是描述磁場強弱的物理量，既有的小又有方向是矢量；明確導線與磁場相互垂直時F=BIL才成立；而B是由磁場本身來決定的．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

此題的關鍵首先明確滑動觸頭向上滑動時通過判斷出線圈b中的電流減小，然后根據楞次定律判斷出線圈a中感應電流的方向。根據感應電流產生的效果總是阻礙引起感應電流的原因，可以很好判斷線圈的運動趨勢。【題目詳解】當滑動觸頭P向上移動時電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b的電流減小，b線圈產生的磁場減弱，故穿過線圈a的磁通量變小，故A正確；根據b中的電流方向和安培定則可知b產生的磁場方向向下穿過線圈a，根據楞次定律，a中的感應電流的磁場要阻礙原來磁場的減小，故a的感應電流的磁場方向也向下，根據安培定則可知線圈a中感應電流方向俯視應為順時針，故C正確；再根據微元法將線圈a無限分割根據左手定則不難判斷出線圈a應有擴張的趨勢，或直接根據楞次定律的第二描述“感應電流產生的效果總是阻礙引起感應電流的原因”，因為滑動觸頭向上滑動導致穿過線圈a的磁通量減小，故只有線圈面積增大時才能阻礙磁通量的減小，故線圈a應有擴張的趨勢，故B錯誤；開始時線圈a對桌面的壓力等于線圈a的重力，當滑動觸頭向上滑動時，可以用“等效法”，即將線圈a和b看做兩個條形磁鐵，不難判斷此時兩磁鐵互相吸引，故線圈a對水平桌面的壓力FN將減小，故D錯誤．故選AC【題目點撥】首先應掌握楞次定律的基本應用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在電磁感應現(xiàn)象中得出的必然結果。一般在解決有關相對運動類問題時用楞次定律的第二描述將會非常簡便。8、ABC【解題分析】

第一宇宙速度又稱為環(huán)繞速度，是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運動所需的最小初始速度．【題目詳解】人造衛(wèi)星在圓軌道上運行時，運行速度，軌道半徑越大，速度越小，由于半徑最小，故第一宇宙速度是衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度，同時也是衛(wèi)星在近地圓軌道運行的速度，故AB正確；物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度，在地面附近發(fā)射飛行器，如果速度等于7.9km/s，飛行器恰好做勻速圓周運動，如果速度小于7.9km/s，就出現(xiàn)萬有引力大于飛行器做圓周運動所需的向心力，做近心運動而落地，所以發(fā)射速度不能小于7.9km/s；故C正確．根據克服地球的引力做功，可知當越遠需要克服引力做功越多，所以發(fā)射到越遠的地方越不容易，故D錯誤．故選ABC【題目點撥】注意第一宇宙速度有三種說法：①它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度②它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度③它是衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度.9、AD【解題分析】

ABC.閉合開關的瞬間，線圈突然產生磁場（假設磁場向上），通過鋁環(huán)的磁通量突然（向上）增加，那么鋁環(huán)中的感應電流就產生與原磁場方向相反的磁場（感應電流的磁場向下）；因為原磁場與感應電流的磁場方向相反，相互排斥，所以鋁環(huán)受到向上的斥力，鋁環(huán)向上跳起；若保持開關閉合，流過線圈的電流穩(wěn)定，磁場不再發(fā)生變化，鋁環(huán)中沒有感應電流，也沒有相互作用，鋁環(huán)僅受重力作用，最后回落，故A正確，B、C錯誤.D.如果電源的正、負極對調，觀察到的現(xiàn)象不變，故D正確.10、AC【解題分析】

A.簡諧波橫波在x軸上傳播，此時質點F的運動方向向下，由波形平移法可知，該波沿x軸負方向傳播。故A正確；B.質點D此時的運動方向與F的運動方向相同，即向下運動。故B錯誤；C.此時質點B向上運動，先經過最大位移處，再向下運動，回到平衡位置，而質點C已經在最大位移處，即將向下運動，直接回到平衡位置，則C先回到平衡位置。故C正確；D.此時質點E的位移為零，但振幅不為零，各個質點的振幅均相同。故D錯誤。故選：AC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、紅;5;變大;【解題分析】

歐姆表是電流表改裝的，必須滿足電流的方向“+”進“-”出，即回路中電流從標有“+”標志的紅表筆進去，所以與A相連的表筆顏色是紅色；

當兩表筆短接（即Rx=0）時，電流表應調至滿偏電流Ig，設此時歐姆表的內阻為R內此時有關系

Ig=ER內得：R內=EIg=5kΩ；

當指針指在刻度盤的正中央時I=Ig2，有12Ig=ER內+Rx，代入數據可得Rx=R12、2.001.0000BC【解題分析】

（1）游標卡尺的主尺讀數為20mm，游標讀數為0.1×0mm=0.0mm，則最終讀數為20.0mm=2.00cm擺長的大小l==99.00cm+1.00cm=100.00cm=1.0000m。根據得，。（2）根據得，①。A、由公式①可知，重力加速度的測量值的大小與擺球的質量無關。故A錯誤；B、他的擺沒在豎直面內擺動，而成了圓錐擺，設圓錐擺的擺線與豎直方向之間的夾角為θ，則：可得：可知圓錐擺的周期小于單擺的周期；由于T的測量值減小，所以重力加速度g的測量值增大。故B正確；C、數擺動次數時，在記時的同時，就開始數1，誤將29次全振動記成了30次，則周期的測量值：T=，全振動次數n增大，則周期T的測量值減小，所以重力加速度g的測量值增大。故C正確；D、直接將線長作為擺長來計算，則擺長L減小，所以重力加速度g的測量值減小。故D錯誤故選：BC（3）根據得：。則圖線的斜率為：。則有：。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解題分析】14、（1）2A（2）12W（3）90%【解題分析