山東省濱州市鄒平一中2024屆高二物理第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

山東省濱州市鄒平一中2024屆高二物理第一學期期中質量跟蹤監(jiān)視試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質譜儀是一種測定帶電粒子質量和分析同位素的重要工具，它的構造原理如圖，離子源產生的各種不同正離子束（速度可看作為零），經(jīng)加速電場加速后垂直進入有界勻強磁場，到達記錄它的照相底片上，設離子在上的位置到入口處的距離為，則下列判斷正確的是（）A．若離子束是同位素，則越小，離子質量越大B．若離子束是同位素，則越小，離子質量越小C．只要相同，則離子質量一定相同D．越大，則離子的比荷一定越大2、如圖所示，A、B是一個正點電荷電場中的一根電場線，在線上O點放一個自由的負電荷，它將沿電場線向B點運動，下列判斷中哪些是正確的()A．電場線由B指向A，該電荷作加速運動，其加速度越來越小B．電場線由B指向A，該電荷作加速運動，其加速度越來越大C．電場線由B指向A，該電荷作加速運動，其加速度大小的變化由題設條件不能確定D．電場線由A指向B，電荷作勻加速運動3、關于電場強度的概念，下列說法正確的是()A．由可知，某電場的場強E與q成反比，與F成正比B．電場中某一點的場強與放入該點的試探電荷的正負無關C．正、負試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，所以某一點場強方向與放入試探電荷的正負有關D．電場中某一點不放試探電荷時，該點場強等于零4、兩個等量點電荷P、Q在真空中產生電場的電場線如圖所示，下列說法中正確的是（）A．P、Q是兩個等量負電荷B．P、Q是兩個等量正電荷C．P、Q是兩個等量異種電荷D．P、Q產生的是勻強電場5、下列說法正確的是___________A．由庫侖定律可知，當時，B．處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部場強處處為0C．電場中某點的電場強度越大，則該點的電勢越高D．電場線與等勢面平行6、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為10V，燈泡L標有“5V，10W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.5Ω，若燈泡恰好能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是A．電動機的電流是10AB．電動機的熱功率是2WC．電動機的輸出功率是10WD．整個電路消耗的電功率是18W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、中國代科學家沈括在《夢溪筆讀》中最早記載了地磁偏角：“以磁石器針，則能指南，然常微偏東，不全南也。”研究表明，地球周圍地磁場的磁感線分布示意如圖。結合上述材料，下列說法正確的是（）A．地理南、北極與地磁場的南、北極重合B．我國北京地區(qū)的地磁場方向為北偏下C．地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行，且平行于地球自轉方向D．地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近8、有一種電荷控制式噴墨打印機的打印頭的結構簡圖如圖所示。其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉電場，再經(jīng)偏轉電場后打到紙上，顯示出字符。不必考慮墨汁的重力，為了使打在紙上的字跡縮小，下列措施可行的是（）A．減小墨汁微粒的質量B．減小墨汁微粒所帶的電荷量C．增大偏轉電場的電壓D．增大墨汁微粒的噴出速度9、如圖，一勻強電場的方向平行于直角三角形所在的平面，其中A點電勢為3V，B點電勢為6V，C點電勢為9V。已知∠ACB＝30°，AB邊長為cm，下列說法正確的是A．該電場強度的大小為2V/cmB．該電場強度的大小為V/cmC．電子在A點的電勢能比在B點的低3eVD．電子從A點運動到C點電場力做功為6eV10、如圖所示，開始靜止的帶電粒子帶電荷量為+q，質量為m（不計重力），從點P經(jīng)電場加速后，從小孔Q進入右側的邊長為L的正方形勻強磁場區(qū)域（PQ的連線經(jīng)過AD邊、BC邊的中點），磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外，若帶電粒子只能從CD邊射出，則A．兩板間電壓的最大值B．兩板間電壓的最小值C．能夠從CD邊射出的粒子在磁場中運動的最短時間D．能夠從CD邊射出的粒子在磁場中運動的最長時間三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖中，游標卡尺讀數(shù)為_______cm；螺旋測微器讀數(shù)為______mm12．（12分）（1）如圖游標卡尺的讀數(shù)為_____mm;螺旋測微器測的讀數(shù)為______mm。（2）用多用電表粗測金屬棒的阻值時,當用“×10Ω”檔時發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，他應更換_____檔（選填“×1Ω”或“×100Ω”）進行測量。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩足夠長平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=0.50T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內阻r=0.50Ω的直流電源。現(xiàn)把一個質量m=0.040kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰能靜止。導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R=2.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s2。已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）導體棒受到的安培力大??；（2）導體棒受到的摩擦力大??；（3）若只把勻強磁場B的方向改為豎直向上、大小改為1.0T，動摩擦因數(shù)為μ=0.2，其他條件都不變，求導體棒運動的加速度大小。14．（16分）直流電動機線圈電阻一定，用手握住轉動軸使其不能轉動，在線圈兩端加電壓時，流經(jīng)線圈的電流為松開轉動軸，在線圈兩端加2V電壓時，流經(jīng)線圈的電流為，電動機正常工作．求該電動機正常工作時，電動機的輸入功率是多少？電動機輸出的機械功率是多少？15．（12分）如圖，一質量為M的物塊靜止在桌面邊緣，桌面離水平地面的高度為h.一質量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度v0/2射出.重力加速度為g.求：（1）此過程中系統(tǒng)損失的機械能；（2）此后物塊落地點離桌面邊緣的水平距離．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

在電場中，根據(jù)動能定理得qU=mv2得v=在磁場中，洛倫茲力提供向心力qvB=m得則有：x=2r=AB．若離子束是同位素，q相同，x越小，對應的離子質量越小，故A錯誤，B正確；C．由x=2r=知只要x相同，對應的離子的比荷一定相等，而質量不一定相同，C錯誤；D．由C可知，當x越大，則離子的比荷一定越小，D錯誤。故選B?！绢}目點撥】解決本題的關鍵利用動能定理和牛頓第二定律求出P到S1的距離，從而得出x與電荷的比荷有關，及注意電荷的比荷是．2、C【解題分析】試題分析：根據(jù)負電荷的運動方向判斷電場力，確定場強方向．場強的大小由電場線的疏密反映，電場線越密場強越大．解：由題，負電荷由靜止開始從O運動到B，負電荷所受電場力方向從0到B，場強方向與電場力方向相反，即場強方向由B指向A．負電荷從靜止開始，必定做加速運動．由于電場線的分布情況未知，場強如何變化無法確定，電場力和加速度如何變化也無法確定，則電荷加速度可能越來越小，可能越來越大．故C正確，ABD錯誤．故選C【點評】本題根據(jù)電荷的運動方向確定場強方向不難，容易產生的錯誤在于分析場強大小的變化來確定加速度的變化，條件不明時，考慮問題要全面．3、B【解題分析】A：是電場強度的定義式，某電場的場強E與試探電荷的電荷量q、試探電荷受的電場力F無關；故A錯誤．B：電場中某一點的場強取決于電場本身，與放入該點的試探電荷的正負無關；故B正確．C：電場中某一點場強方向與正試探電荷受到的電場力方向相同，與負試探電荷受到的電場力方向相反；正、負試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反；則某一點場強方向與放入試探電荷的正負無關．故C錯誤D：某點不放試探電荷時，該點的電場依然存在，故D錯誤．點睛：電場中某一點場強取決于電場本身，與該點試探電荷的電性、電荷量以及有無試探電荷無關．4、B【解題分析】根據(jù)電場線的特點：電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，可以看出這兩個電荷間存在排斥力，可知P、Q是一定兩個等量正電荷．P、Q產生的是非勻強電場；故B正確，ACD錯誤．故選B．點睛：常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降低的，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性．5、B【解題分析】庫侖定律使用的條件是真空中的點電荷，當r→1時，不能看成點電荷，庫侖定律不再適用．故A錯誤；當感應電荷的電場與外電場大小相等時方向相反時達到靜電平衡，所以處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部場強處處為1．故B正確；電勢的高低與電場強度的大小無關，電場中某點的電場強度越大，該點的電勢不一定高．故C錯誤；電場線與等勢面垂直．故D錯誤．故選B.點睛：此題考查了庫侖定律、靜電感應現(xiàn)象電場線與電勢的關系以及電場線與等勢面的關系．其中處于靜電感應平衡狀態(tài)導體的特點，導體內部合場強處處為零，是一個等勢體，這是題目中易錯的地方．6、B【解題分析】

AB．電動機兩端的電壓為：U1=U-UL=10-5V=5V整個電路中的電流等于燈泡的額定電流為：電動機的電流是2A；電動機的熱功率為：P熱=I2RM=4×0.5W=2W故A錯誤，B正確；C．電動機消耗功率為：P=U1I=5×2W=10W．則電動機的輸出功率為：P出=P-P熱=10W-2W=8W．故C錯誤．D．整個電路消耗的功率為：P總=UI=10×2W=20W．故D錯誤；故選B.點睛：解決本題的關鍵知道電動機的能量轉化關系，電動機的輸出功率P出=P-I2RM，知道整個電路消耗的功率P總=UI．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

A．地理南、北極與地磁場的南、北極不重合有一定的夾角，即為磁偏角，故A正確；B．磁場是閉合的曲線，地球磁場從南極附近發(fā)出，從北極附近進入地球，北京位于北半球，故地磁場方向為北偏下，故B正確；C．磁場是閉合的曲線，地球磁場從南極附近發(fā)出，從北極附近進入地球，組成閉合曲線，不是地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行，故C錯誤；D．磁場是閉合的曲線，地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近，故D正確。8、BD【解題分析】試題分析：微粒以一定的初速度垂直射入偏轉電場做類平拋運動，則有：水平方向：L=v0t；豎直方向：，加速度：聯(lián)立解得：，要縮小字跡，就要減小微粒通過偏轉電場的偏移量y，由上式分析可知，采用的方法有：減小比荷、增大墨汁微粒進入偏轉電場時的初動能Ek0、減小極板的長度L、減小偏轉極板間的電壓U，故A、C錯誤，B、D正確?？键c：本題考查了帶電粒子在勻強電場中的加速、偏轉。9、AD【解題分析】

AB．在勻強電場中，D點電勢為因此BD連線即為等勢線，畫出電場線如圖所示

因AB=cm，則AB兩點沿電場線方向的距離為d=ABcos30°=1.5cmBA間的電勢差UBA=φB-φA=3V則勻強電場的場強選項A正確，B錯誤；C．負電荷在低電勢點電勢能大，則電子在A點的電勢能比在B點的高3eV，選項C錯誤；D．電子從A點運動到C點電場力做功為，選項D正確。故選AD.10、AC【解題分析】粒子在加速電場中，由動能定理可得：qU＝mv2，粒子在磁場中由洛倫茲力提供向心力：qvB＝，解得U＝，可見若加速電壓大，軌跡半徑也大，所以兩板間電壓最大時，粒子恰好從C點離開磁場，在磁場中運動軌跡如圖所示，由幾何關系得：R2＝L2＋，解得：R＝L，所以最大電壓Umax＝，故A正確，B錯誤；由圖可知，能夠從CD邊射出的粒子在磁場中運動時間最長的是恰好從D點離開磁場的，運動時間，故C正確，D錯誤;故選AC.點睛：帶電粒子經(jīng)電場加速進入正方形磁場做勻速圓周運動，由半徑公式知道電壓越大，進入磁場的速度越大，則打在下邊的距離越遠，而偏轉角越小，時間越短．由題設條件，顯然打在C點的帶電粒子半徑最大，運動時間最短，而打在D點的半徑最小，時間最短．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、5.0154.696～4.701【解題分析】

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【題目詳解】游標卡尺主尺讀數(shù)為50mm，游標尺上第3個刻度與主尺上某一刻度對齊，因此游標讀數(shù)為：0.05×=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm；螺旋測微器固定刻度讀數(shù)4.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×19.8mm=0.198mm，所以金屬絲的直徑為：4.5mm+0.198mm=4.698mm12、50.154.700×1Ω【解題分析】

(1)[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為50mm，游標尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為3×0.05m=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm；[2]螺旋測微器的固定刻度為4.5mm，可動刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為4.5mm+0.200mm=4.700mm；(2)[3]用多用電表粗測金屬棒的阻值：當用“×10Ω”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，此時示數(shù)偏小，要增大指針對應的示數(shù)則要倍率減小換成×1Ω的倍率。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）a=2.6m/s2【解題分析】

（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電流的大小．根據(jù)F=BIL求解安培力；（2）根據(jù)安培力的公式F=BIL求出安培力的大小，導體棒受重力、支持力、安培力、摩擦力處于平衡，根據(jù)共點力平衡求出摩擦力的大小.（3）根據(jù)牛頓第二定律求的下滑加速度.【題目詳解】（1）導體棒、金屬導軌和直流電源構成閉合電路，根據(jù)閉