四川省成都市棠湖中學2024屆物理高二上期中復習檢測模擬試題含解析

四川省成都市棠湖中學2024屆物理高二上期中復習檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于磁感線和磁通量的概念，下列說法中正確的是（）A．磁感線是磁場中客觀存在、肉眼看不見的曲線，且總是從磁體的N極指向S極B．兩個磁場疊加的區(qū)域，磁感線就有可能相交C．穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，一定是磁場發(fā)生變化引起的D．穿過線圈的磁通量為零，但該處的磁感應強度不一定為零2、真空中有一靜電場，其在x軸正半軸的電勢φ隨x變化的關系如圖所示，則根據(jù)圖象可知（）A．R處的電場強度E=0B．若試探電荷從x1處移到x2處，電場力一定做正功C．x1處與x2處的電場強度方向相反D．該電場不可能是處在O點的正的點電荷激發(fā)產生的3、如圖所示，虛線代表電場中的三個等勢面，相鄰兩個等勢面的電勢差相等，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q為軌跡上的兩點，據(jù)此可得A．質點從Q到P過程中電場力做正功B．三個等勢面中，P點電勢最高C．質點在Q點的加速度最大D．該質點通過P點時電勢能最小4、如圖所示，在真空中有兩個正點電荷，電量相等，分別置于P、Q兩點，A、B為P、Q連線的中垂線上的兩點，現(xiàn)將一負電荷q由A點沿中垂線移動到B點，在此過程中，下列說法正確的是（）A．q的電勢能逐漸減小B．q的電勢能逐漸增大C．q受到的電場力一定先減小后增大D．q受到的電場力一直做正功5、如圖所示，傾斜放置的平行板電容器兩極板與水平面夾角為θ，極板間距為d，帶負電的微粒質量為m、帶電量為q，從極板M的左邊緣A處以初速度v0水平射入，沿直線運動并從極板N的右邊緣B處射出，則()A．微粒達到B點時動能為B．微粒的加速度大小等于gsinθC．兩極板的電勢差D．微粒從A點到B點的過程電勢能減少6、如圖所示，先接通K使平行板電容器充電，然后斷開K。再使電容器兩板間距離增大，則電容器所帶的電荷量Q、電容C、兩板間電壓U、板間場強E的變化情況是（）A．C不變，Q變小，U不變，E變小B．C變小，Q變小，U不變，E不變C．C變小，Q不變，U變大，E變小D．C變小，Q不變，U變大，E不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在某次雜技表演中，一演員平躺在水平面上，腹部上方靜置一質量M＝80kg的石板，另一演員手持一質量為m＝5kg的鐵錘，從h1＝1.8m高處由靜止落下，與石板撞擊后反彈至h2＝0.05m處，結果石板裂開而平躺著的演員沒有受傷。若鐵錘撞擊石板的時間為t1＝0.01s，由于緩沖，演員腹部與石板相互作用的時間為t2＝0.5s，鐵錘的下落視為自由落體運動，重力加速度g取10m/s2，則()A．鐵錘撞擊石板前瞬間的速度大小為6m/sB．撞擊過程中鐵錘受到的沖量大小為25N·sC．撞擊過程中鐵錘對石板的平均作用力大小為3550ND．緩沖過程中石板對演員的平均作用力大小約為4300N8、我國已經禁止銷售100W及以上的白熾燈，以后將逐步淘汰白熾燈．假設某同學研究白熾燈得到某白熾燈的U–I圖象如圖所示．圖象上A點與原點的連線與橫軸成α角，A點的切線與橫軸成β角，則A．白熾燈的電阻隨電壓的增大而減小B．在A點，白熾燈的電阻可表示為tanβC．在A點，白熾燈的電功率可表示為U0I0D．在A點，白熾燈的電阻可表示為9、如圖甲所示，兩平行正對的金屬板A、B間加有如圖乙所示的交變電壓，一個重力可忽略不計的帶正電粒子被固定在兩板的正中間P處。若在t0時刻釋放該粒子，并最終打在B板上。則t0可能的時刻是()A．B．C．D．10、如圖所示，帶電粒子在電場中由A點運動到B點，圖中實線為電場線，虛線為粒子運動軌跡，則可判定()A．粒子帶負電B．粒子的電勢能不斷減少C．粒子的動能不斷減少D．粒子在A點的加速度小于在B點的加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用下列器材，描繪小燈泡的伏安特性曲線．A．待測小燈泡：額定電壓3.0V，額定功率約為1.5W；B．電流表：量程0.6A，內阻約為；C．電壓表：量程3V，內阻；D．滑動變阻器：最大阻值為，額定電流1A；E．滑動變阻器：最大阻值為，額定電流1A；F．電源：電動勢6V，內阻很小；G．開關一個，導線若干．（1）在實驗中，為了操作方便且能夠準確地進行測量，滑動變阻器應選用___．（填寫器材序號）（2）實驗中某次測量如下圖，則電壓表的讀數(shù)為________V，電流表的讀數(shù)為________A．（3）用筆畫線代替導線，將圖中的實驗儀器連成完整的實驗電路_________．(4)該同學描繪出的I-U圖象和下圖中的________形狀最接近．A．B．C．D．（5）某同學做完該實驗后，發(fā)現(xiàn)手頭還有一個額定電壓5.0V，額定功率約為2.8W的小燈泡，為了描繪其伏安特性曲線，該同學又找到一個阻值的定值電阻．請利用現(xiàn)有器材設計實驗方案，在下面畫出實驗電路圖____________．12．（12分）某學習小組在所研究小燈泡（額定電壓為3.5V）的伏安特性曲線，實驗中除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：A．電源E（電源電動勢為6.0V）B．電壓表V（量程為0-5V，內阻約為4kΩ）C．電流表A（量程為0-0.6A，內阻約為0.2Ω）D．滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流1A）E.滑動變阻器（最大阻值2kΩ，額定電流100mA）（1）為了便于調節(jié)，減小讀書誤差和系統(tǒng)誤差，請你選擇合適的滑動變阻器_________（填所選儀器前的字母序號）（2）根據(jù)正確設計的實驗電路圖，學習小組測得電壓、電流，并求得對應電阻值，如下表：電壓/V00.200.501.001.502.002.503.003.50電流/A00.0510.1050.1650.2050.2350.2600.2800.300根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)，學習小組的同學在圖中畫出了小燈泡的伏安特性曲線?，F(xiàn)要知道圖線上P點對應的電阻，有同學認為可以作曲線在P點的切線，而就等于該切線的斜率的倒數(shù)，這樣做是否正確？答：________（選填“正確”或“不正確”）（3）小燈泡的U-I圖線是曲線而不是過原點的直線，原因是：____________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，豎直平面內有光滑絕緣半圓軌道，處于一個沿水平方向且與軌道平面平行的勻強電場中，軌道兩端點A、C與圓心0高度相同，軌道半徑為R，B為最低點。一個質量為m、帶電量為+q的小球(可視為質點)從軌道右端的A處無初速度地沿軌道下滑，向左運動的最遠點的位置為D，且OD與OB夾角θ=30°.重力加速度為g，設小球運動中電量q不變。求：(1)電場強度E的大小和方向；(2)小球在運動過程中受到軌道對其支持力的最大值。14．（16分）如圖所示，長度為l的輕繩上端固定在O點，下端系一質量為m，電荷量為+q的小球．整個裝置處于水平向右，場強大小為的勻強電場中．（1）求小球在電場中受到的電場力大小F；（2）當小球處于圖中A位置時，保持靜止狀態(tài)．若剪斷細繩，求剪斷瞬間小球的加速度大小a；（3）現(xiàn)把小球置于圖中位置B處，使OB沿著水平方向，輕繩處于拉直狀態(tài)．小球從位置B無初速度釋放．不計小球受到的空氣阻力．求小球通過最低點時的速度大小v．15．（12分）如圖所示，有一電子（電荷量為e）經電壓U1加速后，進入兩塊間距為d、電壓為U2的平行金屬板間．若電子從兩板正中間垂直電場方向射入，且剛好能穿過電場，求：（1）金屬板AB的長度L；（2）電子穿出電場時的動能；（3）若電子射出電場后，打在熒光屏上的P點，熒光屏距離金屬板B端長度也為板長，則OP的距離為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A．磁感線是假象的，并不是客觀存在的，故A錯誤；B．任何兩條磁感線都不相交，故B錯誤；C．根據(jù)磁通量的定義Φ=BS磁通量的變化可能是由于磁場變化引起的，也可能是閉合回路的面積S變化產生的，故C錯誤；D．根據(jù)磁通量的定義Φ=BS當線圈平行于磁場時，穿過的磁通量為零，但磁感應強度不為零，故D正確．故選D．2、D【解題分析】

φ-x圖象中，曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度；用WAB=qUAB來判斷電勢能的變化情況。對歸正點電荷電場線的分布情況分析即可?！绢}目詳解】A項：φ-x圖象中，曲線上任意一點的切線的斜率表示電場強度；R處切線的斜率不為零，故R處的電場強度E≠0；故A錯誤；B項：若試探電荷從x1處移到x2處，電勢降低，根據(jù)公式WAB=qUAB，如果是正電荷，電場力做正功，如果是負電荷，電場力做負功，故B錯誤；C項：x1處與x2處的切線斜率同為負值，故x1處與x2處的電場強度方向相同，故C錯誤；D項：離電荷越近，電場強度越大，φ-x圖象的斜率應越大，而圖中離O點越近，圖象切線的斜率變小，故該電場不可能在O點的正電荷產生的，故D正確。故應選D。【題目點撥】對于φ-x圖象，要抓?。孩匐妶鰪姸鹊拇笮〉扔讦?x圖線的斜率大小，電場強度為零處，φ-x圖線存在極值，其切線的斜率為零。②在φ-x圖象中可以直接判斷各點電勢的大小，并可根據(jù)電勢大小關系確定電場強度的方向。③在φ-x圖象中分析電荷移動時電勢能的變化，可用WAB=qUAB，進而分析WAB的正負，然后作出判斷。3、B【解題分析】A.根據(jù)題意可知帶正電的質點做曲線運動，受到的電場力指向曲線的內側，所以質點從Q到P過程中電場力做負功，選項A錯誤；B.又因為正電荷的受力方向與場強方向一致，沿電場線電勢降低可知，三個等勢面中，P點電勢最高，選項B正確；C.等勢線的疏密程度反映了場強的大小，所以質點在Q點電場強度最小，質點受到的電場力最小，加速度最小，選項C錯誤；D.根據(jù)前面分析可知P點電勢最高，由可知，該質點通過P點時電勢能最大，選項D錯誤.故選：B。4、B【解題分析】P、Q連線的中垂線上電場強度方向由O指向無窮遠，則負電荷q由A點沿中垂線移動到B點，所受的電場力由B指向A，電場力一直做負功，q的電勢能逐漸增大，故AD錯誤B正確；O點的場強為零，無窮遠處場強也為零，從O到無窮遠場強先增大后減小，由于AB間電場線的分布情況不能確定，所以由A到B，場強變化不能確定，則q所受的電場力變化情況不能確定，故C錯誤．5、C【解題分析】

由題分析可知，微粒做勻減速直線運動，動能減?。蔄錯誤；由題分析可知，tanθ=得a=gtanθ，故B錯誤；微粒沿水平方向做直線運動，則重力勢能不變，動能減小，則電勢能增加．由上可知微粒的電勢能增加量△?=ma，又△?=qU，得到兩極板的電勢差U=．故C正確．微粒從A點到B點的過程電勢能增加．故D錯誤．故選C.6、D【解題分析】電容器與電源斷開，電荷量保持不變，增大兩極板間距離時，根據(jù)，知電容C變小，根據(jù)，知兩極板間的電勢差U變大，根據(jù)，知電場強度E不變，故D正確，ABC錯誤?！久麕燑c睛】解決電容器的動態(tài)分析問題關鍵抓住不變量。若電容器與電源斷開，電荷量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

由題意可知考查動量定理、動量守恒定律的應用，根據(jù)動量定理、動量守恒定律分析計算可得?！绢}目詳解】A．設鐵錘撞擊石板前瞬間的速度大小為v，則由自由落體運動規(guī)律可得v2＝2gh1，解得v＝6m/s，故A正確；B．設撞擊后鐵錘反彈的速度大小為v′，則由v′2＝2gh2，解得v′＝1m/s，由動量定理可得撞擊過程中鐵錘受到的沖量大小I＝m(v′＋v)，解得I＝35N·s，故B錯誤；C．設撞擊過程中石板對鐵錘的作用力大小為F，則有I＝(F－mg)t1，解得F＝3550N，由牛頓第三定律可知鐵錘對石板的作用力大小為3550N，故C正確；D．碰撞過程時間很短，可近似認為動量守恒，設碰撞后瞬間石板的速度大小為v1，則由動量守恒定律可得mv＝Mv1－mv′，代入數(shù)據(jù)解得v1＝m/s，設緩沖過程中人對石板的作用力大小為F′，由動量定理可得(F′－Mg)t2＝Mv1，解得F′＝870N，故D錯誤?！绢}目點撥】合外力的沖量等于物體動量的變化量，應用動量定理時要考慮重力大?。ㄖ亓Ψ浅Ｐ?，可忽略情況除外）。動量定理、動量守恒定律使用時要先選擇正方向，把矢量表達式變?yōu)闃肆勘磉_式進行計算。分析撞擊過程中鐵錘對石板的作用力時研究對象選擇鐵錘，計算緩沖過程中石板對演員的平均作用力大小時選擇石板為研究對象，分別應用動量定理計算可得。8、CD【解題分析】

由圖示圖象可知，隨電壓增大，通過燈泡的電流增大，電壓與電流的比值增大，燈泡電阻變大，故A錯誤；在A點，白熾燈的電阻，故B錯誤；在A點，白熾燈的電功率P=U0I0，故C正確；由歐姆定律可知，在A點，白熾燈的電阻，故D正確；故選CD．【題目點撥】本題考查了求燈泡電阻與電功率問題，分析清楚圖象、應用歐姆定律與電功率公式即可正確解題．9、AD【解題分析】、若時進入電場，則帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零，然后在加速運動，周而復始，在這個過程中粒子的運動方向沒有發(fā)生過變化一直向右運動，所以能打在B板上，故A正確；B、若進入電場，則帶正電粒子先加速向A板運動、再減速運動至零，然后在加速運動，周而復始，在這個過程中粒子的運動方向沒有發(fā)生過變化一直向左運動，所以不能打在B板上，故B錯誤；C、如進入電場，帶正電粒子先加速向A板運動、再減速運動至零;然后再反方向加速運動、減速運動至零;如此反復運動,每次向左運動的距離大于向右運動的距離,最終打在A板上,故C錯誤；D、若進入電場，帶正電粒子先加速向A板運動、再減速運動至零;然后再反方向加速運動、減速運動至零;如此反復運動,每次向左運動的距離小于向右運動的距離,最終打在B板上，故D正確；綜上所述本題答案是：AD

點睛：解決本題的關鍵是理清粒子在一個周期內的運動規(guī)律,判斷物體一個周期內的位移,從而進行判斷.本題也可以通過速度時間圖線進行分析.10、ACD【解題分析】物體做曲線運動時，軌跡總是夾在合力和速度方向之間，由此可得，電場力方向與速度方向夾角為鈍角，所以粒子帶負電，A正確，過程中電場力做負功，粒子的動能在減小，電勢能在增加，B錯誤，C正確，又因為粒子向著電場線較密的方向運動，所以粒子在A點的加速度小于在B點的加速度，D正確，思路分析：由粒子的偏轉方向可得出粒子的受力方向，由功的計算可得出電場力做功的正負，由動能定理可得出粒子動能的變化；由電場力做功與電勢能的關系可得出電勢能的變化．電場線的疏密程度表示電場強度的大小，即可得出粒子的加速度變化情況，試題點評：電場線的概念是電場中的重要概念，該概念包含物理信息較多，要加強理解和應用．加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D2.28V0.42AB【解題分析】試題分析：（1）為方便實驗操作應選最大阻值較小的滑動變阻器，故選D；（2）電壓表最小分度為0.1V；故讀數(shù)為2.28V；電流表量程為0.6A，最小分度為0.02A，則讀數(shù)為0.42A；（3）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，連成完整的實驗電路如圖所示；（4）因燈泡電阻隨溫度的增加而增大，因此在I-U圖象中圖線的斜率應越來越小，故選B．（5）小燈泡的額定電壓為5V，大于電壓的量程，故應用串一個定值電阻，增大量程；當串聯(lián)一個阻值為，其量程為，描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示.【題目點撥】本題考查了設計實驗電路圖，當電壓與電流從零開始變化時，滑動變阻器應采用分壓接法，根據(jù)燈泡與電表內阻的關系確定電流表接法，即可正確作出實驗電路圖．12、D不正確燈泡電阻隨溫度升高而增大【解題分析】

（1）[1]從表格數(shù)據(jù)可知電壓電流表示數(shù)從0開始，電壓表采用分壓接法，故滑動變阻器采用小電阻R1；故選D；（2）[2]由歐姆定律可知小燈泡的