2024屆河南省豫北地區(qū)重點中學(xué)物理高二上期中達標(biāo)檢測試題含解析

2024屆河南省豫北地區(qū)重點中學(xué)物理高二上期中達標(biāo)檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結(jié)論中正確的是（）A．甲表是電流表，R增大時量程減小B．甲表是電流表，R增大時量程增大C．乙表是電壓表，R增大時量程減小D．上述說法都不對2、安培提出了著名的分子電流假說，根據(jù)這一假說，電子繞核運動可等效為一環(huán)形電流．設(shè)帶電荷量為e的電子以速率v繞原子核沿順時針方向做半徑為r的勻速圓周運動，其電流的等效電流強度I和方向為（）A．，順時針 B．，順時針C．，逆時針 D．，逆時針3、如圖所示，紙面內(nèi)存在一勻強電場，有一直角三角形ABC，BC長度為6cm，θ=30°，其中A點電勢為6V，B點電勢為3V，C點電勢為9V，則電場強度的大小為()A．100V/m B．1003V/m C．10033V/m D．4、磁場具有能量，磁場中單位體積內(nèi)所具有的磁場能量叫磁場的能量密度，用符號表示，其表達式為，式中B為磁感應(yīng)強度，在空氣中為一常量。小明同學(xué)通過實驗測量一條形磁鐵N極端面附近的磁感應(yīng)強度B的大小，他用一塊與磁鐵端面等大的鐵片吸在磁鐵上，然后用力緩慢拉開一段微小距離L，如圖所示，他測出磁鐵端面的面積為S，用力傳感器測得拉力F的大小，已知拉力F做的功等于間隙中磁場的能量，則條形磁鐵端面附近磁感應(yīng)強度B的大小可表示為A． B． C． D．5、真空中A、B兩點與點電荷Q的距離分別為r和3r,則A、B兩點的電場強度大小之比為A．3:1 B．1:3 C．9:1 D．1:96、如圖所示，靜止的小球沿不同的軌道由同一位置滑到水平桌面上，軌道高度為h，桌面距地面高為H，物體質(zhì)量為m，則以下說法正確的是A．小球沿豎直軌道下滑到桌面上的過程，重力做功最少B．小球沿曲線軌道下滑到桌面上的過程，重力做功最多C．以桌面為參考面，小球的重力勢能的減少量為mghD．以地面為參考面，小球的重力勢能的減少量為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示：空間中存在兩圓形區(qū)域磁場Ⅰ和Ⅱ，兩磁場相切于O點，磁感應(yīng)強度分別為和，區(qū)域場半徑均為R。一寬度為2R，質(zhì)量m，電荷量為q帶負(fù)電粒子束，從圖示平面以速度進入磁場，所有粒子均能匯聚于O點，然后進入Ⅱ區(qū)域。已知，最后粒子從Ⅱ區(qū)域出磁場，不計粒子重力，則下列說法中正確的是（）A．Ⅰ區(qū)域場磁感應(yīng)強度滿足B．Ⅰ區(qū)域場磁感應(yīng)強度滿足C．Ⅱ區(qū)域中有粒子射出邊界的位置對應(yīng)圓弧長度為D．Ⅱ區(qū)域中有粒子射出邊界的位置對應(yīng)圓弧長度為8、下列說法正確的是（）A．氣體對外做功，其內(nèi)能一定減小B．熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體C．能量耗散說明能量不會憑空產(chǎn)生，但可以憑空消失D．單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)具有各向異性9、如圖所示，水平向右的勻強電場中，一帶電粒子從A點以豎直向上的初速度開始運動，經(jīng)最高點B后回到與A在同一水平線上的C點，粒子從A到B過程中克服重力做功2.0J，電場力做功3.0J，則A．粒子做勻變速曲線運動B．粒子在B點速度為零C．粒子在C點的機械能比在A點多12.0JD．粒子在C點的動能為14.0J10、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r．電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減?。?dāng)電鍵S閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．有關(guān)下列說法中正確的是（）A．只逐漸增大R1的光照強度，電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B．只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C．只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動端P1向下端移動時，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運動D．若斷開電鍵S，帶電微粒向下運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某G表的內(nèi)阻是Ω，滿刻度電流值是，現(xiàn)欲把該電流表改裝成量程為1.0V的電壓表，應(yīng)該________（填“串”或“并”）聯(lián)一個________Ω的電阻，若用兩個相同的G表改裝成量程為3V和15V的兩個電壓表，將它們串聯(lián)接入電路中，指針偏角之比為________。12．（12分）電流表G1的滿偏電流Ig=5mA，內(nèi)阻r=290Ω，把它改裝成如圖所示的一個多量程多用電表，電流、電壓和電阻的測量都各有兩個量程。當(dāng)開關(guān)S接到1或2位置時為電流檔，其中小量程為0—10mA，大量程為0—100mA。（1）（多選）關(guān)于此多用電表，下列說法正確的是________（填字母代號）。A．開關(guān)S接到位置4、5時是歐姆檔，歐姆表內(nèi)阻相等，只是測量倍率不同B．開關(guān)S接到位置5、6時是電壓檔，接到位置6比接到位置5時的量程大C．無論做什么電表使用，表盤的刻度都是均勻的D．無論做什么電表使用，必須使電流從A表筆流入電表，從B表筆流出電表（2）當(dāng)把開關(guān)S接到位置4時，先短接A、B進行歐姆調(diào)零，而后將一已知阻值為3600Ω電阻R接到兩表筆間，指針恰好偏轉(zhuǎn)到電流表G1滿刻度的1/3處，則該歐姆表的內(nèi)阻為______Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源的總功率為40W，電阻R1=4Ω，R2=6Ω，電源內(nèi)阻r=0.6Ω，電源輸出功率P出=37.6W．求：（1）電源的電動勢；（2）R3的阻值．14．（16分）如圖所示的電路中，電源電動勢E＝10V，內(nèi)阻r＝0.5Ω，電動機的電阻R0＝1.0Ω，電阻R1＝1.5Ω，電動機正常工作時，電壓表的示數(shù)U1＝3.0V，求：（1）電源的總功率和輸出功率；（2）電動機消耗的電功率和將電能轉(zhuǎn)化為機械能的功率；（3）如果電動機正常工作時，轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動機此時的發(fā)熱功率（設(shè)此時線圈未被燒壞）．15．（12分）電場中A、B兩點的電勢是φA=600V，φB=100V。把正電荷q=1.5×10-8C由A移動到B點，電場力做了多少功？電勢能是增加還是減少？變化了多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】AB、靈敏電流計G改裝成電流表需并聯(lián)小電阻分流，根據(jù)圖可知，甲表是電流表，并聯(lián)的電阻越大，則分流越小，量程越小，故A正確，B錯誤；C、靈敏電流計G改裝電壓表需串聯(lián)大電阻分壓，根據(jù)圖可知，乙表是電壓表，R增大時，則分壓越大，量程越大，故C錯誤；

D、由上可知，故D錯誤；故選A?！绢}目點撥】改裝電壓表和電流表所應(yīng)用的原理都是串聯(lián)分壓和并聯(lián)分流2、C【解題分析】試題分析：電子繞核運動可等效為一環(huán)形電流，電子運動周期為T=根據(jù)電流的定義式得：電流強度為I=因為電子帶負(fù)電，所以電流方向與電子定向移動方向相反，即沿逆時針方向，故C正確．故選C3、D【解題分析】

在勻強電場中，取BC的中點D，根據(jù)勻強電場的性質(zhì)可知，D點的電勢為6V，連接AD，即為等勢面，過B點作AD的垂線，如圖所示：由幾何關(guān)系得BF=BAcos30°=323cmA.100V/m與計算結(jié)果不相符；故A項錯誤.B.1003V/m與計算結(jié)果不相符；故B項錯誤.C.10033V/m與計算結(jié)果不相符；故CD.20033V/m與計算結(jié)果不相符；故D4、B【解題分析】

在用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離L的過程中，拉力F可認(rèn)為不變，因此F所做的功為：W=F?L；以ω表示間隙中磁場的能量密度，由題給條件，根據(jù)磁能量密度的定義可得：L間隙中磁場的能量為：，由題意可知：F所做的功等于L間隙中磁場的能量，即W=E；則有：，解得：，故B正確，ACD錯誤。5、C【解題分析】試題分析：直接根據(jù)庫倫定律公式計算出試探電荷q所受電場力，然后利用電場強度的定義式即可求出在M所在處的場強的大?。猓阂胍粋€試探電荷q，分別計算它在AB兩點受的電場力．，，得：F1=9F2根據(jù)電場強度的定義式：，得：故選C【點評】本題很簡單直接考查了庫倫定律和電場強度定義式的應(yīng)用，對于這些公式一定要明確其適用條件和公式中各個物理量的含義．6、C【解題分析】

AB.靜止的小球沿不同的軌道由同一位置滑到水平桌面上，由于高度差相同，所以重力做功相同．故AB錯誤．CD.重力勢能的變化量與零勢能平面的選取無關(guān)，重力做的正功等于重力勢能的減小量，重力做功為mgh，則重力勢能的減小量為mgh．故C正確，D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

AB．任意畫出帶電粒子在I區(qū)域的一條運動軌道，如圖由幾何關(guān)系，可得到該帶電粒子的軌道半徑剛好等于I區(qū)域的半徑R，而在I區(qū)域內(nèi)洛侖茲力提供向心力，有得到故A正確，B錯誤；CD．因Ⅱ區(qū)域的磁場，可知帶電粒子的軌道半徑變?yōu)橛捎趲щ娏Ｗ舆M入Ⅱ區(qū)域各個方向的速度都有，由幾何關(guān)系可知，當(dāng)它的弦長等于直徑時，對應(yīng)的圓弧長度最大，即當(dāng)它的弦長等于時，對應(yīng)的圓弧長度最大，此時對應(yīng)的圓心角為，故最大值為，即Ⅱ區(qū)域中有粒子射出邊界的位置對應(yīng)圓弧長度為，故C錯誤，D正確。故選AD。8、BD【解題分析】改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，故氣體對外做功，其內(nèi)能不一定減小，故A錯誤；熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，故B正確；能量耗散說明能量不會憑空產(chǎn)生，也不可以憑空消失，故C錯誤；單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)具有各向異性，故D正確；故選BD．【題目點撥】改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，能量耗散說明能量不會憑空產(chǎn)生，也不可以憑空消失，單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)具有各向異性．9、ACD【解題分析】

水平受Eq向右，一直做初速度為0的勻加速直線運動，豎直受mg向下，做豎直上拋運動，互不影響．抓住豎直上升到最高點的時間等于從最高點落回拋出高度的時間．結(jié)合水平位移關(guān)系求出整個過程中電場力做功的大小．從而通過動能定理求出物體折回通過與A點在同一水平線上的C點時的動能大小，電場力做功與電勢能的關(guān)系，求電勢能；除重力做功外，其他力做功對應(yīng)機械能的變化．【題目詳解】A項：由于粒子受重力，恒定的電場力作用力，所以粒子的加速度恒定，故粒子做勻變速曲線運動，故A正確；B項：從A到B粒子在豎直方向上做勻減速運動，水平方向做勻加速運動，B為最高點，所以粒子在B點的豎直方向速度為零，水平方向速度不為零，故B錯誤；C、D項：豎直方向：粒子做豎直上拋運動，則運動時間水平方向：粒子做初速度為零的勻加速直線運動水平位移：上升的過程電場力做功：W1=qEx1最高點時，豎直方向的速度為0，故小球的動能與電場力做的功相等，即：W1=3J下降的過程中，豎直方向做自由落體運動，與豎直上拋是對稱的所以下降的時間：t2=t1水平方向的總位移：全過程中電場力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=12J全過程中，重力做功為0，根據(jù)動能定理：W2=EK末-EK初所以：EK末=EK初+W2=2+12=14J除重力做功外，其他力做功對應(yīng)機械能的變化，所以粒子在A點的機械能比在C點少12.0J故C，D正確．【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵知道小球在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律，結(jié)合等時性進行求解，注意不一定求動能就把速度求出來，有時只需要知道速度之比即可，難度適中．10、AD【解題分析】

A、只逐漸增大的光照強度，的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，電阻消耗的電功率變大，滑動變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻中有向上的電流，故選項A正確；B、電路穩(wěn)定時，電容相當(dāng)于開關(guān)斷開，只調(diào)節(jié)電阻的滑動端向上端移動時，對電路沒有影響，故選項B錯誤；C、只調(diào)節(jié)電阻的滑動端向下端移動時，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由可知電場力變大，帶電微粒向上運動，故選項C錯誤；D、若斷開電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，板間場強減小，帶電微粒所受的電場力減小，將向下運動，故選項D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、串18001∶1【解題分析】

[1][2]改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)阻值為[3]若用兩個相同的G表改裝成量程為3V和15V的兩個電壓表，將它們串聯(lián)接入電路中，則流過兩表頭電流相同，所以指針偏角相同，指針偏角之比為1：1。12、BD1800Ω【解題分析】（1）當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置4時，表頭與電表中的電源相連接，是電阻檔，開關(guān)接5時，沒有電源，此時電阻與電流表串聯(lián)，故為電壓檔，A錯誤；當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到5串聯(lián)的電阻小于旋轉(zhuǎn)到6串聯(lián)的電阻，可知旋轉(zhuǎn)到6，串聯(lián)的電阻大，分壓作用大，電壓表量程大，B正確；多用電表的歐姆檔表盤是不均勻的，C錯誤；為了讓表頭正向偏轉(zhuǎn)，無論做什么電表使用，必須使電流從A表筆流入電表，從B表筆流出電表，故D正確．（2）將一已知阻值為3600Ω電阻R接到兩表筆間，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：；而當(dāng)歐姆表短接時有，聯(lián)立解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、20V7Ω【解題分析】試題分析：由圖，電阻R1、R2并聯(lián)再與R3串聯(lián)．由電源的總功率P總和輸出功率P出，得到內(nèi)電路的功率P內(nèi)，由P內(nèi)=I2r，求出電流，再歐姆定律求出電動勢E和電阻R3解：電源內(nèi)阻消耗的功率為I2r=P總-P出

得：I=2A由P總=EI

得：E=20V外電路總電阻為由閉合電路歐姆定律E=I（R+r）得：R3=7Ω點晴：對于電源的功率要區(qū)分三種功率及其關(guān)系：電源的總功