廣東省實驗中學2024屆物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

廣東省實驗中學2024屆物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、三根相同的電熱絲分別全部串聯和全部并聯，它們發(fā)出相同的熱量，所需通電時間之比為（）A．9∶1 B．1∶9 C．3∶1 D．1∶32、關于元電荷下列說法錯誤的是()A．所有帶電體的電荷量大小一定等于元電荷的整數倍B．元電荷的值通常取作e＝1.60×10－19CC．元電荷實際上是指電子和質子本身D．電荷量e的數值最早是由美國科學家密立根用實驗測得的3、下列說法正確的是()A．點電荷一定是電量很小的電荷B．電場線是假想曲線，實際不存在C．電場強度的方向就是電荷所受電場力的方向D．根據可知，電容器的電容C與電量Q成正比、與電壓U成反比4、真空中兩靜止點電荷相距3m，其電荷量分別為q1=2×10﹣4C，q2=3×10﹣5C，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，則兩點電荷之間的庫侖力F為()A．9NB．10NC．6ND．3N5、如圖所示，用干電池點亮幾個小燈泡，不計燈泡的電阻隨溫度的變化，當逐一閉合電鍵，接入電路的燈泡增多時，以下正確的是（）A．燈亮度一定增加B．干電池輸出的總功率一定減小C．該電路電源的效率一定降低D．整個電路消耗的功率一定減小6、如圖所示，帶電體P、Q可視為點電荷，電荷量相同．傾角為、質量為M的斜面體放在粗糙水平面上，將質量為m的物體P放在粗糙的斜面體上，當物體Q放在與P等高（PQ連接水平）且與物體P相距為r的右側位置時，P靜止且受斜面體的摩擦力為0，斜面體也保持靜止，靜電力常量為k，則下列說法正確的是（）A．P所帶電荷量為B．P對斜面壓力為0C．斜面體受到地面的摩擦力為0D．斜面體對地面的壓力為M+mg二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一物體做自由落體運動，?。P于該物體的運動情況，下列說法正確的是A．第1s末的速度為 B．第1s末的速度為C．第1s內下落的距離為15m D．第1s內下落的距離為5m8、如圖所示，表示磁場對直線電流的作用，其中不正確的是（）A． B．C． D．9、如圖，R為熱敏電阻（電阻率溫度的升高而降底）R1、R2為定值電阻。閉合電鍵s電壓表的示數為U，電流表的示數為I；現R所處環(huán)境溫度降低，電壓表的示數改變量的大小為△U，,電流表的示數改變量的大小為△I，則A．U/I變大B．△U/△I/變大C．電阻R的功率變大D．電源的總功率變大10、一小球在豎直面內做勻速圓周運動的過程中，不斷變化的是（）A．機械能 B．重力的功率 C．合外力的大小 D．動能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬導體的電阻率”的實驗中，待測金屬導線的電阻Rx約為3Ω．實驗室備有下列實驗器材A．電壓表V1（量程3V，內阻約為15kΩ）B．電壓表V2（量程15V，內阻約為75kΩ）C．電流表A1（量程3A，內阻約為0.2Ω）D．電流表A2（量程600mA，內阻約為1Ω）E.變阻器R1（0～10Ω，1.0A）F.變阻器R2（0～100Ω，0.3A）G.電池E（電動勢為3V，內阻約為0.3Ω）H.開關S，導線若干(1)提高實驗精確度，減小實驗誤差，應選用的實驗器材有__．(2)為了減小實驗誤差，應選用圖中__（填“a”或“b”）為該實驗的電路原理圖，并按所選擇的原理圖把實物圖用導線連接起來．____(3)用刻度尺測得金屬絲長度為60.00cm，用螺旋測微器測得導線的直徑為0.635mm，兩電表的示數分別如圖所示，則電阻值為__Ω，電阻率為__．12．（12分）現要測定一個額定電壓為4V、電阻約為10Ω(設電阻不變)的小燈泡的伏安特性曲線．要求所測電壓范圍為0.1V～4V.現有器材：直流電源E(電動勢4.5V，內阻不計)，電壓表V(量程4.5V，內阻約為4×102Ω)，電流表A1(量程250mA，內阻約為2Ω)，電流表A2(量程500mA，內阻約為1Ω)，滑動變阻器R(最大阻值約為30Ω)，開關S，導線若干．如果既要滿足測量要求，又要測量誤差較小，應該選用的電流表是________，如圖所示的甲、乙兩個測量電路應選用的是________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量為3m的木塊靜止放置在光滑水平面上，質量為m的子彈(可視為質點)以初速度v0水平向右射入木塊，穿出木塊時速度變?yōu)椋嚽螅孩僮訌棿┏瞿緣K后，木塊的速度大?。虎谧訌棿┩改緣K的過程中產生的熱量．14．（16分）經實驗驗證，水果可以制作成電池，某研究小組用西紅柿制作了一組水果電池，如圖所示，并測出了該電池的電動勢為E=0.72V，若用量程為3mA，內阻為R=100Ω的電流表接到該電池兩端，電流表讀數為1.80mA，求：(1)該電池的內阻；(2)若將該電池接在R1=60Ω的定值電阻兩端，此時的路端電壓。15．（12分）如圖所示的電路中，電源的電動勢E＝12V，內阻未知，R1＝8Ω，R2＝1.5Ω，L為規(guī)格“3V3W”的燈泡，開關S斷開時，燈泡恰好正常發(fā)光.(不考慮溫度對燈泡電阻的影響)求：(1)燈絲電阻；(2)電源的內阻；(3)開關S閉合時，燈泡實際消耗的功率.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】設三電熱絲的電阻為R，則全部串聯時總電阻，全部并聯時總電阻

由電熱公式，U、Q相同，則通電時間之比，故選項A正確．點睛：根據串聯并聯電路的特點，研究出兩種情況總電阻的關系，根據電熱公式研究時間關系．2、C【解題分析】

A.所有帶電體的電荷量大小一定等于元電荷的整數倍，選項A正確；B.元電荷的值通常取作e＝1.60×10－19C，選項B正確；C.元電荷是基本的電量單位，不是指電子和質子本身，選項C錯誤；D.電荷量e的數值最早是由美國科學家密立根用實驗測得的，選項D正確；此題選擇不正確的選項，故選C.3、B【解題分析】解：A、點電荷是忽略形狀大小的帶電物體，不一定帶電量小，A錯誤B、電場線是假想曲線，實際不存在，B正確C、電場強度的方向就是正電荷所受電場力的方向，C錯誤D、電容C與電容器本身有關于Q、U無關4、C【解題分析】由庫侖定律有：，C正確，ABD錯誤。故選：C。5、C【解題分析】

由題中“不計燈泡的電阻隨溫度的變化”可知，本題考查恒定電流中并聯電路的功率、效率問題，運用并聯電路特點、電阻并聯、電路功率等知識可以進行分析。【題目詳解】A.由于閉合開關讓燈泡并聯，使外電路總電阻變小，因此分壓變小，所以每個燈泡的電壓變小，電阻不變，導致電流變小，亮度降低，故A錯誤；B.由于不計燈泡電阻隨溫度的變化，所以可以把電路看成是純電阻電路，電源的輸出功率：當外電路電阻等于內阻時，輸出功率最大，由于本題不知道電源內阻是多少，因此接入電路的燈泡增多時，無法判斷輸出功率的變化情況，故B錯誤；CD．根據，可知，總電阻逐漸減小，因此總功率增加，電路的效率降低，因此C正確，D錯誤。6、D【解題分析】

以P為研究對象，根據平衡條件求Q對P的庫侖力和斜面對P的支持力，再由庫侖定律求電荷量．以斜面體和P整體為研究對象，由平衡條件求解地面對斜面體的支持力和摩擦力，即可得到斜面體對地面的壓力和摩擦力．【題目詳解】AB、以P為研究對象，受到重力mg、斜面體的支持力N和庫侖力F，如圖，由平衡條件得：，根據庫侖定律得：聯立解得：由牛頓第三定律得P對斜面的壓力為：N，故A、B錯誤．CD、以斜面體和P整體為研究對象，由平衡條件得

地面對斜面體的摩擦力為：地面對斜面體的支持力為：根據牛頓第三定律得斜面體受到地面的摩擦力為F，斜面體對地面的壓力為為：．故C錯誤，D正確．故選D．【題目點撥】本題采用隔離法和整體法研究共點力平衡問題，關鍵是明確研究對象，正確進行受力情況，然后根據共點力平衡條件列方程研究．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】根據速度-時間公式得：v=gt=20m/s，故A正確，B錯誤；根據位移時間公式：，可得下落的高度為：，故C正確，D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．8、BC【解題分析】A、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向上穿過手心，則手心朝左，四指指向電流方向：向里，拇指指向安培力方向：向下，根據左手定則判斷可知是錯誤的，故A錯誤；B、由于電流與磁場平行，故導線不受到安培力的作用，故選項B錯誤；C、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向左穿過手心，則手心朝右，四指指向電流方向：向外，拇指指向安培力方向：向下，根據左手定則判斷可知是正確的，故C正確；D、伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向外穿過手心，則手心朝里，四指指向電流方向：向右，拇指指向安培力方向：向下，根據左手定則判斷可知是錯誤的，故D錯誤．點睛：通電直導線在磁場中受到的安培力方向利用左手定則判斷，對于左手定則的應用，要搞清兩點：一是什么時候用；二是怎樣用．9、AC【解題分析】當環(huán)境溫度降低時，R的電阻增大，電阻R與R1并聯的電阻增大，根據歐姆定律可知等于R與R1并聯的總電阻，所以變大，故A正確；根據閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R2+r），可知，因為不變，故B錯誤；根據串聯電路分壓規(guī)律知U增大，則電阻R1的功率變大，故C正確；電源的總功率P=EI，I減小，則電源的總功率變小，故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。10、AB【解題分析】

AD．小球在豎直面內做勻速圓周運動的過程中，小球的速率不變，動能始終不變，重力勢能不斷變化，機械能不斷變化，故A項符合題意，D項不符合題意；B．一小球在豎直面內做勻速圓周運動的過程中，小球的速率不變，速度方向不斷變化，重力的功率不斷變化，故B項符合題意；C．一小球做勻速圓周運動的過程中，合外力的大小不變，故C項不符合題意。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ADEGHb2.4【解題分析】

(1)[1]伏安法測電阻，需要：G、電池E（電動勢為3V，內阻約為0.3Ω），H、開關S，導線若干；電源電動勢是3V，因此電壓表可選：A、電壓表V1（量程3V，內阻約為15kΩ）；電路最大電流：如果選用量程是3A的電流表，電流表指針偏轉角度不到電表刻度的三分之一，為提高實驗精度，電流表可選：D；電流表A2（量程600mA，內阻約為1Ω），滑動變阻器F的額定電流太小，因此滑動變阻器應選E．變阻器R1（0～10Ω，1.0A）；即需要的實驗器材有：ADEGH；(2)[2]因為：電流表應選擇外接法，因此實驗電路應選b；[3]根據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如答圖所示；(3)[4]電壓表量程是3V，由圖示電壓表可知，電壓表分度值是0.1V，電壓表示數是1.20V，電流表量程是600mA=0.6A，由圖示電流表可知電流表分度值是0.02A，電流表示數是0.50A，電阻阻值：R=2.4Ω[5]由電阻定律可知：R=，則電阻率：ρ=代入數據解得：Ω?m12、A甲【解題分析】燈泡額定電流約為：，則電流表應選：A2；燈泡正常發(fā)光時的電阻約為10Ω，電流表內阻約為1Ω，電壓表內阻約為4×102Ω，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，為減小實驗誤差，電流表應采用外接法，因此實驗需要選擇圖甲所示電路圖．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①；②【解題分析】(1)設子彈穿出木塊后，木塊的速度大小為v，設向右方向為正方向，由動量守恒定律可得：解得：(2)設子彈穿透木塊的過程中，根據能量守恒知產生的熱量等于損失的動能：【題目點撥】本題考查了求木塊的速度、系統產生的熱量，應用動量守恒定律與能量守恒定律即可正確解題．14、